魯科物理必修1：第6章章末綜合檢測(cè)

1、一、選擇題(本題共10小題，每小題4分，共40分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分)1伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)證明了()A力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，沒(méi)有力作用的物體也可以運(yùn)動(dòng)B要使運(yùn)動(dòng)物體靜止必須有力作用，沒(méi)有力作用的物體就一直運(yùn)動(dòng)C物體不受外力作用時(shí)，一定處于靜止?fàn)顟B(tài)D一切物體都有慣性解析：選A.伽利略的理想實(shí)驗(yàn)僅僅證明了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，從而證明了亞里士多德的運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系是錯(cuò)誤的而斜面實(shí)驗(yàn)沒(méi)有說(shuō)明“力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因”，也不能說(shuō)明一切物體都具有慣性故B、C、D是錯(cuò)誤的2關(guān)于力的單位，

2、下列說(shuō)法中正確的是()A力的單位是根據(jù)公式Fma和基本單位推導(dǎo)出來(lái)的B在國(guó)際單位制中，力的單位用“牛”是為了使牛頓第二定律公式中的比例系數(shù)k1C1 N100000 g·cm/s2D在力學(xué)中，N是最重要的一個(gè)基本單位解析：選ABC.牛頓第二定律的表達(dá)式，如果取的單位制不是國(guó)際單位制，式中的k就不能取1.在力學(xué)中，基本單位分別是米、千克和秒，牛不是一個(gè)基本單位3在2011年世界田徑錦標(biāo)賽女子跳高決賽中，俄羅斯選手奇切羅娃以“背越式”成功地跳過(guò)了2.03 m的高度，獲得冠軍若不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是()A下落過(guò)程中她處于超重狀態(tài)B起跳以后上升過(guò)程中她處于超重狀態(tài)C起跳時(shí)地面對(duì)她的支

3、持力等于她對(duì)地面的壓力D起跳時(shí)地面對(duì)她的支持力大于她對(duì)地面的壓力解析：選C.無(wú)論是上升過(guò)程還是下落過(guò)程，運(yùn)動(dòng)員的加速度始終向下，所以她處于失重狀態(tài)，A、B選項(xiàng)錯(cuò)誤；地面對(duì)她的支持力與她對(duì)地面的壓力為一對(duì)作用力與反作用力，大小應(yīng)相等，C選項(xiàng)正確，D選項(xiàng)錯(cuò)誤4.如圖所示(俯視圖)，以速度v勻速行駛的列車(chē)車(chē)廂內(nèi)有一光滑水平桌面，桌面上的A處有一小球若車(chē)廂中的旅客突然發(fā)現(xiàn)小球沿圖中虛線由A向B運(yùn)動(dòng)則由此可判斷列車(chē)()A減速行駛，向南轉(zhuǎn)彎B減速行駛，向北轉(zhuǎn)彎C加速行駛，向南轉(zhuǎn)彎D加速行駛，向北轉(zhuǎn)彎解析：選A.由牛頓第一定律可知，小球在水平桌面上向前勻速運(yùn)動(dòng)小球的運(yùn)動(dòng)以列車(chē)為參考系，小球按題圖所示軌跡運(yùn)動(dòng)

4、由于小球勻速運(yùn)動(dòng)，判斷車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)以小球?yàn)閰⒖枷?，由題圖可知，列車(chē)相對(duì)小球向南運(yùn)動(dòng)，同時(shí)車(chē)相對(duì)小球沿小球運(yùn)動(dòng)的反方向運(yùn)動(dòng)，故知車(chē)做減速運(yùn)動(dòng)所以選項(xiàng)A正確5.如圖所示，表示某小球所受合力與時(shí)間的關(guān)系，各段的合力大小相同，作用時(shí)間相同，設(shè)小球從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，由此可判定()A小球向前運(yùn)動(dòng)，再返回停止B小球向前運(yùn)動(dòng)再返回不停止C小球始終向前運(yùn)動(dòng)D小球向前運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后停止解析：選C.在0到t1的時(shí)間內(nèi)，小球所受的合力方向沿正方向，加速度方向沿正方向，所以小球從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而t1時(shí)刻小球達(dá)到最大速度；在t1到t2的時(shí)間內(nèi)小球所受的合力方向沿負(fù)方向，加速度方向沿負(fù)方向，小球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到t

5、2時(shí)刻小球的速度減小到零以后小球重復(fù)此過(guò)程，即小球依次做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，勻減速直線運(yùn)動(dòng)，但小球的速度方向不會(huì)發(fā)生變化，故只有C正確6.如圖所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量分別為m1和m2的木塊A和B之間用輕彈簧相連，在拉力F的作用下，以加速度a向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻突然撤去拉力F，此瞬時(shí)A和B的加速度為a1和a2，則()Aa1a20Ba1a，a20Ca1a，a2aDa1a，a2a解析：選D.兩物體在光滑的水平面上一起以加速度a向右勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的彈力F彈m1a.在力F撤去的瞬間，彈簧的彈力來(lái)不及改變，大小仍為m1a，因此對(duì)A來(lái)講，加速度此時(shí)仍為a，對(duì)B物體：取向右為正方向，有m1am2a

6、2，a2a，所以只有D項(xiàng)正確7.如圖所示，甲、乙兩節(jié)空車(chē)的質(zhì)量相等，有兩個(gè)同學(xué)玩捉迷藏的游戲，有一名同學(xué)躲在某車(chē)廂內(nèi)，牽拉系在另一個(gè)車(chē)廂上的繩子，使兩車(chē)靠近設(shè)繩子的質(zhì)量不計(jì)，站在地面上的同學(xué)若判斷哪個(gè)車(chē)廂中有人，下列依據(jù)正確的是()A根據(jù)繩子拉力的大小，拉力大的一端車(chē)廂中有人B根據(jù)運(yùn)動(dòng)的先后，后運(yùn)動(dòng)的車(chē)廂中有人C根據(jù)同一個(gè)時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的快慢，運(yùn)動(dòng)慢的車(chē)廂中有人D根據(jù)同一個(gè)時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的快慢，運(yùn)動(dòng)快的車(chē)廂中有人解析：選C.設(shè)繩子兩端的拉力大小分別為F1、F2，運(yùn)動(dòng)的加速度為a，對(duì)繩子由牛頓第二定律得：F1F2m繩a，因繩子的質(zhì)量不計(jì)，所以F1F20，有F1F2，即繩子兩端的拉力大小相等選項(xiàng)A錯(cuò)誤根據(jù)同一

7、個(gè)時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的快慢，質(zhì)量大的運(yùn)動(dòng)慢，故選C.8在以加速度a勻加速豎直上升的電梯中，有一質(zhì)量為m的人，下列說(shuō)法正確的是()A此人對(duì)地板的壓力大小是m(ga)B此人對(duì)地板的壓力大小是m(ga)C此人受到的重力大小是m(ga)D此人受到的重力大小是m(ga)解析：選B.排除法：此人處于超重狀態(tài)，故對(duì)地板壓力大于重力，A錯(cuò)，而其重力不變，C、D錯(cuò)，所以選B.直接推導(dǎo)法：由牛頓第二定律，對(duì)人有Fmgma，故人對(duì)地板壓力Fm(ga)B正確9.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為45°的光滑木板托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，木板只與小球接觸當(dāng)木板突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為(

8、)A0B.gCg D.g解析：選B.平衡時(shí)小球受三個(gè)力的作用，重力豎直向下，彈簧彈力水平向右，板的彈力垂直板斜向上板的彈力突然消失，彈力在瞬間不會(huì)突變，所以撤板的瞬間小球的合力為mgma，得ag，故B選項(xiàng)正確本題很容易看成撤去板的瞬間彈力能夠突變，小球受合力為mg，而錯(cuò)選C選項(xiàng)10.利用傳感器和計(jì)算機(jī)可以研究力的大小變化情況，實(shí)驗(yàn)時(shí)讓某同學(xué)從桌子上跳下，自由下落H后雙腳觸地，他順勢(shì)彎曲雙腿，他的重心又下降了h.計(jì)算機(jī)顯示該同學(xué)受到地面支持力N隨時(shí)間變化的圖象如圖所示根據(jù)圖象提供的信息，以下判斷錯(cuò)誤的是()A在0至t2時(shí)間內(nèi)該同學(xué)處于失重狀態(tài)B在t2至t3時(shí)間內(nèi)該同學(xué)處于超重狀態(tài)Ct3時(shí)刻該同學(xué)

9、的加速度為零D在t3至t4時(shí)間內(nèi)該同學(xué)的重心繼續(xù)下降解析：選C.由圖象可以看出，在0至t2時(shí)間內(nèi)該同學(xué)受到地面對(duì)他的支持力小于他的重力，由牛頓第二定律可知該同學(xué)處于失重狀態(tài)，而在t2至t3時(shí)間內(nèi)支持力大于重力，該同學(xué)處于超重狀態(tài)，A、B正確；t3時(shí)刻該同學(xué)受到的支持力最大，且N1大于重力，由牛頓第二定律可知a0，C錯(cuò)誤；在t3至t4時(shí)間內(nèi)該同學(xué)受到的支持力逐漸減小，但仍大于重力，故重心繼續(xù)下降，D正確二、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題，共18分，將正確答案填在題中橫線上)11(4分)關(guān)于“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)操作，下列說(shuō)法中符合實(shí)際的是_A通過(guò)同時(shí)改變小車(chē)的質(zhì)量m及受到的拉力F的研究，能歸

10、納出加速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系B通過(guò)保持小車(chē)質(zhì)量不變，只改變小車(chē)的拉力的研究，就可以歸納出加速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系C通過(guò)保持小車(chē)受力不變，只改變小車(chē)質(zhì)量的研究，就可以得出加速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系D先不改變小車(chē)質(zhì)量，研究加速度與力的關(guān)系，再不改變小車(chē)受力，研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，最后歸納出加速度、力、質(zhì)量三者之間的關(guān)系解析：做本實(shí)驗(yàn)時(shí)采用的是控制變量法必須控制某一量不變研究加速度與另一量的關(guān)系，不可能同時(shí)改變質(zhì)量和力，故只有D正確答案：D12.(4分)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，采用如圖所示的裝置(1)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)用的實(shí)驗(yàn)方法是_A控制變量法B假設(shè)法C理想實(shí)驗(yàn)法(2)下

11、列說(shuō)法中正確的是_A在探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，應(yīng)改變拉力的大小B在探究加速度與外力的關(guān)系時(shí)，應(yīng)改變小車(chē)的質(zhì)量C在探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系時(shí)，為了直觀判斷二者間的關(guān)系，應(yīng)作出a圖象D當(dāng)小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量時(shí)，才能近似認(rèn)為細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力大小等于砝碼盤(pán)和砝碼的總重力大小(3)某同學(xué)測(cè)得小車(chē)的加速度a和拉力F的數(shù)據(jù)如表所示：(小車(chē)質(zhì)量保持不變)F/N0.200.300.400.500.60a/(m·s2)0.100.200.280.400.52根據(jù)表中的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)圖上作出aF圖象圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因可能是_解析：(1)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)采用力不變時(shí)探究加速度與

12、質(zhì)量的關(guān)系，質(zhì)量不變時(shí)探究加速度與力的關(guān)系，這種方法就是控制變量法A對(duì)(2)探究a和m關(guān)系時(shí)，F(xiàn)不變，A錯(cuò)探究a和F關(guān)系時(shí)，m不變，B錯(cuò)探究a和m關(guān)系時(shí)，a圖象是直線易畫(huà)也易判斷，C對(duì)對(duì)砝碼和砝碼盤(pán)有mgFma，對(duì)小車(chē)有FMa，所以F，當(dāng)Mm時(shí)，才有Fmg，所以，要求Mm，D對(duì)(3)aF圖象如圖所示未平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠答案：(1)A(2)CD(3)見(jiàn)解析三、計(jì)算題(本題共4小題，共42分，需寫(xiě)出必要的解題步驟，演算過(guò)程只寫(xiě)最后結(jié)果的不能得分，結(jié)果中有單位的要寫(xiě)明單位)13(10分)“神舟七號(hào)”繞地球飛行2天20小時(shí)27分鐘后開(kāi)始穿過(guò)大氣層返回地面，其返回艙質(zhì)量約為4 t，落地前雖有降落

13、傘，但速度仍達(dá)到15 m/s(方向豎直向下)為實(shí)現(xiàn)返回艙軟著陸(著地速度為零)，有5支小反推火箭在返回艙離地面15 m高處開(kāi)始工作，同時(shí)艙、傘分離，求每支小火箭的推力應(yīng)為多大？解析：由題意，返回艙的收尾速度為15 m/s，艙、傘分離后，艙受重力和火箭的反沖推力作用，設(shè)每支小火箭的推力為F，由牛頓第二定律，有5Fmgma(4分)返回艙安全著落的加速度為a(4分)代入數(shù)據(jù)解得F1.4×104 N(2分)答案：1.4×104 N14.(10分)在升降機(jī)底板上放一質(zhì)量為60 kg的物體，如圖所示為升降機(jī)下降過(guò)程中的vt圖象，試通過(guò)計(jì)算畫(huà)出底板對(duì)物體的支持力N隨時(shí)間t的變化規(guī)律圖(g

14、取10 m/s2)解析：在加速向下運(yùn)動(dòng)階段：由vt圖象可知，a12 m/s2由牛頓第二定律可得mgN1ma1所以N1mgma1480 N(2分)在勻速向下運(yùn)動(dòng)階段：物體處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知N2mg60×10 N600 N(2分)在減速向下運(yùn)動(dòng)階段：由vt圖象可知，加速度a21 m/s2由牛頓第二定律有mgN3ma2所以N3mgma2660 N(2分)綜合以上計(jì)算，可作出底板對(duì)物體的支持力N隨時(shí)間t變化的圖象，如圖所示(4分)答案：見(jiàn)解析15.(10分)如圖所示，圓環(huán)的質(zhì)量為M，經(jīng)過(guò)環(huán)心的豎直鋼絲AB上套有一個(gè)質(zhì)量為m的小球，今讓小球沿鋼絲AB以初速度v0豎直向上運(yùn)動(dòng)，要使圓環(huán)

15、對(duì)地面無(wú)壓力，則小球的加速度和小球能達(dá)到的最大高度是多少？(設(shè)小球不會(huì)到達(dá)A點(diǎn))解析：由牛頓第三定律知圓環(huán)對(duì)地面無(wú)壓力，則地面對(duì)圓環(huán)無(wú)支持力，取小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受豎直向下的重力mg和鋼絲對(duì)小球豎直向下的摩擦力f，由牛頓第二定律得：mgfma(2分)由牛頓第三定律可知小球?qū)︿摻z有豎直向上的摩擦力ff(2分)若使圓環(huán)對(duì)地面無(wú)壓力，對(duì)圓環(huán)受力分析可知，圓環(huán)受重力Mg和豎直向上的摩擦力f作用，則：Mgf(2分)由式解得：ag.( 2分)小球沿鋼絲做勻減速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得上升的最大高度s.(2分)答案：g16.(12分)如圖所示，m4 kg的小球掛在小車(chē)后壁上，細(xì)線與豎直方向成37°角求(g10 m/s2)：(1)小車(chē)以ag向右加速時(shí)，細(xì)線對(duì)小球的拉力F1和后壁對(duì)小球的彈力F2各多大？(2)小車(chē)以ag向右減速時(shí)，細(xì)線對(duì)小球的拉力F1和后壁對(duì)小球的彈力F2各為多大？解析：(1)向右加速時(shí)，小球受力如圖所示，由小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)知：(2分)解得：F2m(agtan37°)mg(1tan37°)4×10×N70 NF1 N50 N(3分)(2)設(shè)小車(chē)向右減速運(yùn)動(dòng)的加速度為a0時(shí)，小球和車(chē)壁間的彈力恰好為零，則此時(shí)小球的受