2020屆高三第一次模擬考試卷理綜物理(二)附解析

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2020屆高三第一次模擬考試卷理綜物理（二）附解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1如圖所示，在高度不同的兩水平臺階上放有質(zhì)量分別為m1、m2的兩物體A、B，物體間用輕彈簧相連，彈簧與豎直方向夾角為。在物體A左端施加水平拉力F，使A、B均處于靜止狀態(tài)，已知物體A表面光滑，重力加速度為g，則下列說法正確的是( )A彈簧彈力的大小為Bm1與m2一定相等C地面對B的支持力可能為零D地面對B的摩擦力大小為F2如圖所示，AB為

2、光滑豎直桿，ACB為構(gòu)成直角的光滑L形直軌道，C處由一小圓弧連接可使小球順利轉(zhuǎn)彎（即通過轉(zhuǎn)彎處不損失機械能）。套在桿上的兩個小球自A點靜止釋放，分別沿AB軌道和ACB軌道運動，如果沿ACB軌道運動的時間是沿AB軌道運動時間的1.5倍，則BA與CA的夾角為( )A60° B53° C45° D30°3如圖所示，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡。設(shè)電子在A、B兩點的加速度大小分別為aA、aB，電勢能分別為EpA、EpB。下列說法正確的是( )A電子一定從A向B運動B若aAaB，則Q靠近M端

3、且為負電荷C無論Q為正電荷還是負電荷，一定有EpAEpBDB點電勢可能高于A點電勢4在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，一個靜止的放射性原子核()發(fā)生了一次衰變。放射出的粒子()在與磁場垂直的平面內(nèi)做圓周運動，其軌道半徑為R。以m、q分別表示粒子的質(zhì)量和電荷量，生成的新核用Y表示，真空中光速為c，下列說法正確的是( )A新核Y在磁場中做圓周運動的軌道半徑為B粒子做圓周運動可等效成一個環(huán)形電流，且電流大小為C若衰變過程中釋放的核能都轉(zhuǎn)化為粒子和新核Y的動能，則衰變過程中的質(zhì)量虧損約為D發(fā)生衰變后產(chǎn)生的粒子與新核Y在磁場中旋轉(zhuǎn)方向相同，且軌跡為相內(nèi)切的圓5如圖所示，一傾角30°的光滑斜面上水平

4、固定一玻璃擋板(玻璃擋板與地面平行)和垂直斜面的光滑小圓柱A和B， A、B連線水平。質(zhì)量分別為2m和6m的p、q兩小球用柔軟細繩連接，小球q置于玻璃擋板處，細繩跨過圓柱A、B并拉直。將小球p從圖示位置由靜止釋放，當玻璃擋板恰好不受壓力時，p球擺過的角度為。則( )A30ºB60ºC此過程中p球重力的功率先增大后減小D此過程中p球重力的功率一直增大62018年6月14日11時06分，探月工程嫦娥四號任務(wù)“鵲橋”中繼星成為世界首顆成功進入地月拉格朗日L2點的Halo軌道的衛(wèi)星，為地月信息聯(lián)通搭建“天橋”。如圖所示，該L2點位于地球與月球連線的延長線上，“鵲橋”位于該點，在幾乎不

5、消耗燃料的情況下與月球同步繞地球做圓周運動。已知地球、月球和“鵲橋”的質(zhì)量分別為Me、Mm、m，地球和月球之間的平均距離為R，L2點離月球的距離為x，則( )A“鵲橋”的線速度大于月球的線速度B“鵲橋”的向心加速度小于月球的向心加速度Cx滿足Dx滿足7如圖所示，水平傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，速度大小為8 m/s，A、B為兩輪圓心正上方的點，ABL16 m，兩邊水平面分別與傳送帶表面無縫對接，彈簧右端固定，自然長度時左端恰好位于B點?，F(xiàn)將一小物塊與彈簧接觸(不栓接)，并壓縮至圖示位置然后釋放，已知小物塊與各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為0.2，APL25 m，小物塊與軌道左端P碰撞無機械能損失，小物塊最后

6、剛好能返回到B點減速到零，g10 m/s2，則下列說法正確的是( )A小物塊從釋放后第一次到B點的過程中，做加速度減小的加速運動B小物塊第一次從B點到A點的過程中，一定做勻加速直線運動C小物塊第一次到A點時，速度大小一定等于8 m/sD小物塊離開彈簧時的速度一定滿足2 m/svm/s8如圖所示，一帶電量為q的小球，質(zhì)量為m，以初速度v0從水平地面豎直向上射入水平方向的勻強磁場中、磁感應(yīng)強度，方向垂直紙面向外。圖中b為軌跡最高點，重力加速度為g。則小球從地面射出到第一次到達最高點過程中( )A小球到達最高點時速率為0B小球距射出點的最大高度差為C小球從拋出到第一次到達最高點所用時間為D最高點距射

7、出點的水平位移為二、非選擇題：共174分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9(6分)某同學想測出濟南當?shù)氐闹亓铀俣萭，并驗證機械能守恒定律。為了減小誤差，他設(shè)計了一個實驗如下：將一根長直鋁棒用細線懸掛在空中（如圖甲所示），在靠近鋁棒下端的一側(cè)固定電動機M，使電動機轉(zhuǎn)軸處于豎直方向，在轉(zhuǎn)軸上水平固定一支特制筆N，借助轉(zhuǎn)動時的現(xiàn)象，將墨汁甩出形成一條細線。調(diào)整筆的位置，使墨汁在棒上能清晰地留下墨線。啟動電動機待轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后，用火燒斷懸線，讓鋁棒自由下落，筆在鋁棒上相應(yīng)位置留下墨線。圖乙是實驗時在鋁棒上所留下的墨線，將某條

8、合適的墨線A作為起始線，此后每隔4條墨線取一條計數(shù)墨線，分別記作B、C、D、E。將最小刻度為毫米的刻度尺的零刻度線對準A，此時B、C、D、E對應(yīng)的刻度依次為14.68 cm、39.15 cm、73.41 cm、117.46 cm。已知電動機的轉(zhuǎn)速為3000 r/min。求：(1)相鄰的兩條計數(shù)墨線對應(yīng)的時間間隔為_s。(2)由實驗測得濟南當?shù)氐闹亓铀俣葹開m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(3)該同學計算出畫各條墨線時的速度v，以v2為縱軸，以各條墨線到墨線A的距離h為橫軸，描點連線，得出了如圖丙所示的圖象，在誤差允許的范圍內(nèi)據(jù)此圖象能驗證機械能守恒定律，但圖線不過原點的原因是_。10(9分

9、)某研究小組要精確測量一個只有刻度、沒有刻度值的電壓表的內(nèi)阻和一個失去標簽的電源的電動勢。(1)第一步，先用多用電表的直流電壓檔粗測電源的開路電壓，測得約為20 V。再用“×1 k”的歐姆擋粗測電壓表的電阻，指針指示如圖甲所示，則應(yīng)該轉(zhuǎn)化為_擋，結(jié)果測得電阻約為1200 。(2)第二步，研究小組設(shè)計了沒有系統(tǒng)誤差的測量方法，電路如圖已所示，其中電流表量程為30 mA，R1是阻值范圍01000 的電阻箱，R2是阻值范圍0500 的滑動變阻器。先測電壓表內(nèi)阻：將開關(guān)S1、S2閉合，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表、電壓表都取得合適刻度，多次改變R1、R2的值、同時保持_不變，記錄R1和對應(yīng)的電壓表

10、指示的格數(shù)N。根據(jù)數(shù)據(jù)作圖像，得到一條一次函數(shù)圖像，截距是b，斜率是k，那么電壓表的內(nèi)阻等于_；再測電源電動勢：斷開S1、閉合S2，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表有合適讀數(shù)，再保持_不變，多次改變R1，同時記錄電流表和R1讀數(shù).根據(jù)數(shù)據(jù)作的函數(shù)圖線，截距是b，斜率是k，那么電源的電動勢等于_。11(12分)如圖甲所示，一豎直平面內(nèi)的軌道由粗糙斜面AB和光滑半圓軌道BC組成，斜面底端通過一小段圓弧(圖中未畫出，長度可不計)與軌道相切于B點。斜面的傾角為37°，半圓軌道半徑為1 m，B是圓軌道的最低點，C為最高點。將一小物塊置于軌道AB上離地面高為H處由靜止下滑，用力傳感器測出其經(jīng)過B點時對軌道

11、的壓力F，改變H的大小，可測出相應(yīng)的F的大小，F(xiàn)隨H的變化規(guī)律如圖乙所示。物塊在某次運動時，由H8.4 m處釋放，通過C后，又落回到斜面上D點。已知sin 37°0.6， cos 37°0.8，g取10 m/s2。求：(1)物塊的質(zhì)量及物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(2)物塊落到D點時的速度大小。12(20分)如圖所示，兩根間距為L的光滑金屬導(dǎo)軌CMMPP、DNNQQ固定放置，導(dǎo)軌MN左側(cè)部分向上彎曲，右側(cè)水平。在導(dǎo)軌水平部分的左右兩端分布著兩個勻強磁場區(qū)域MMNN、PPQQ，區(qū)域長度均為d，磁感應(yīng)強度大小均為B，區(qū)方向豎直向上，區(qū)方向豎直向下，金屬棒b靜止

12、在區(qū)域的中央，b棒所在的軌道貼一較小的粘性紙片（其余部分沒有），它對b棒的粘滯力為b棒重力的k倍?，F(xiàn)將a棒從高度為h0處靜止釋放，a棒剛一進入?yún)^(qū)域時b棒恰好可以開始運動，已知a棒質(zhì)量為m，b棒質(zhì)量為2m，a、b棒均與導(dǎo)軌垂直，電阻均為R，導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度為g，則：(1)h0應(yīng)為多少？(2)將a棒從高度小于h0的某處靜止釋放，使其以速度v1（v1為已知量）進入?yún)^(qū)域，且能夠與b棒發(fā)生碰撞。求從開始釋放a棒到a、b兩棒剛要發(fā)生碰撞的過程中，a棒產(chǎn)生的焦耳熱。(3)調(diào)整兩磁場區(qū)域間的距離使其足夠遠（區(qū)域大小不變），將a棒從高度大于h0的某處靜止釋放，使其以速度v2（v2為已知量）進入?yún)^(qū)域，經(jīng)時

13、間t0后從區(qū)域穿出，穿出時的速度為v2，請在同一直角坐標系中畫出“從a棒進入磁場開始，到a、b兩棒相碰前”的過程中，兩棒的速度時間圖象（必須標出t0時刻b棒的速度，規(guī)定向右為正方向）。 （二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做。則每學科按所做的第一題計分。13物理·選修33(15分)(1)(5分)下列說法錯誤的是_。(填正確答案的標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A用顯微鏡觀察到花粉顆粒在水中做布朗運動，反映了花粉分子在不停地做無規(guī)則運動B兩個分子的間距從極近逐漸增大到極

14、遠的過程中，它們的分子勢能先減小后增大C多晶體和非晶體都表現(xiàn)為各向同性，單晶體則表現(xiàn)為各向異性D在一定溫度下，水的飽和汽壓隨著水蒸氣體積的增大而減小E第二類永動機雖然不違背能量守恒定律，但是違背了熱力學第二定律(2)(10分)如圖所示，兩個可導(dǎo)熱的汽缸豎直放置，它們的底部由一細管連通(忽略細管的容積)。兩汽缸各有一活塞，質(zhì)量分別為m1和m2，活塞與汽缸壁無摩擦?；钊南路綖槔硐霘怏w，上方為真空。當氣體處于平衡狀態(tài)時，兩活塞位于同一高度h。(已知m13m，m22m)(i)在兩活塞上同時各放一質(zhì)量為m的物塊，求氣體再次達到平衡后兩活塞的高度差(假設(shè)環(huán)境的溫度始終保持為T0)。(ii)在達到上一問的

15、終態(tài)后，環(huán)境溫度由T0緩慢上升到T，試問在這個過程中，氣體對活塞做了多少功？氣體是吸收還是放出熱量？(假定在氣體狀態(tài)變化過程中，兩物塊均不會碰到汽缸頂部)14選修34(15分)(1)(5分)如圖甲所示，O點為振源，OPs，t0時刻O點由平衡位置開始振動，產(chǎn)生向右沿直線傳播的簡諧橫波。圖乙為從t0時刻開始描繪的質(zhì)點P的振動圖象。下列判斷中正確的是_。(填正確答案的標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)At0時刻，振源O振動的方向沿y軸正方向Btt2時刻，P點的振動方向沿y軸負方向Ctt2時刻，O點的振動方向沿y軸正方向D這列波的頻率為E這列波的波

16、長為(2)(10分)如圖，在桌面上方有一倒立的玻璃圓錐，頂角AOB120°，頂點O與桌面的距離為4a，圓錐的底面半徑，圓錐軸線與桌面垂直。有一半徑為R的圓柱形平行光束垂直入射到圓錐的底面上，光束的中心軸與圓錐的軸重合。已知玻璃的折射率，求光束在桌面上形成的光斑的面積。物 理 答 案一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1【答案】D【解析】對A分析，水平方向上有F彈，則彈簧彈力F彈，豎直方向上有彈，可知F彈，故選項A錯誤；物體B在水平方向上

17、平衡，可知B在水平方向上受到向右的摩擦力，則地面對B支持力不為零，豎直方向上有F彈，則有，由此可知與不一定相等，故選項B、C錯誤；對整體分析，地面對B的摩擦力大小等于F，故選項D正確。2【答案】B【解析】設(shè)AB的長度為2L，小球沿AB做自由落體運動，運動的時間滿足，可解得，小球沿AC段運動時，且，所需的時間滿足，解得，在C點小球的速度，以后沿BC做勻加速運動，其加速度為：，且，故，其中，代入后解得，即，B正確。3【答案】C【解析】由于不知道電子速度變化，由運動軌跡圖不能判斷電子向那個方向運動，故A錯誤；若aAaB，則A點離點電荷Q更近即Q靠近M端；又由運動軌跡可知，電場力方向指向凹的一側(cè)即左側(cè)

18、，所以，在MN上電場方向向右，那么Q靠近M端且為正電荷，故B錯誤；由B項可知，電子所受電場力方向指向左側(cè)，那么，若電子從A向B運動，則電場力做負功，電勢能增加；若電子從B向A運動，則電場力做正功，電勢能減小，所以，一定有EpAEpB，求解過程與Q所帶電荷無關(guān)，只與電場線方向相關(guān)，故C正確；由B項可知，電場線方向由M指向N，那么A點電勢高于B點，故D錯誤。4【答案】C【解析】粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有，解得粒子的軌道半徑，根據(jù)半徑公式則有，解得，故A錯誤；粒子做圓周運動的周期，則環(huán)形電流，故B錯誤；對粒子，由洛倫茲力提供向心力，則有，解得，由質(zhì)量關(guān)系可知，衰變后新核Y質(zhì)量為，

19、衰變過程系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律得，解得，系統(tǒng)增加的能量為，由質(zhì)能方程得，解得，故C正確；由動量守恒可知，衰變后粒子與新核Y運動方向相反，所以軌跡圓應(yīng)外切，故D錯誤。5【答案】C【解析】當玻璃擋板恰好不受壓力時，對小球q受力分析如圖，可得，對小球p分析，p球擺過的角度為時速度為v，沿斜面方向看，可得，由動能定理得，聯(lián)立解得，則，A、B錯誤；p小球從靜止釋放，p球開始重力的功率，當擺過時，重力方向和速度方向垂直，根據(jù)，由此重力的功率先增大后減小，C正確，D錯誤。6【答案】AC【解析】根據(jù)題意“鵲橋”與月球運動的角速度相等，中繼星繞地球轉(zhuǎn)動的半徑比月球繞地球的半徑大，根據(jù)線速度v=R可知“鵲橋

20、”中繼星繞地球轉(zhuǎn)動的線速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動的線速度大，故A正確；向心加速度a=2R，“鵲橋”中繼星統(tǒng)地球轉(zhuǎn)動的向心加速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動的向心加速度大，故B錯誤；中繼衛(wèi)星的向心力由月球和地球引力的合力提供則有，對月球而言則有，兩式聯(lián)立可解得，故C正確，D錯誤。7【答案】CD【解析】小物塊從釋放后第一次到B點的過程中，先做加速度減小的加速運動，當彈力小于摩擦力時做加速度增大的減速運動，故A錯誤；設(shè)物體到達P點的速度為v，反彈后運動到B點的速度為零，由動能定理得mg(L1L2)0mv2，解得v2m/s，物體由A到P點過程中，由動能定理得mgL2mv2mvA2，解得vA8 m/s，小物塊第一次從B點

21、到A點的過程中，先做勻減速直線運動，B錯誤，C正確；若物體速度較大，一直做勻減速運動，有2mg(L1L2)0mv2，解得v2m/s；若速度較小，在AB上一直加速，到A點時恰好與帶同速，有L1vtat2，8vat，聯(lián)立解得v2 m/s，故小物塊離開彈簧時的速度一定滿足2m/sv2m/s，D正確。8【答案】BC【解析】取一水平向右的速度v1，使qv1Bmg，向左的速度v2，此時有v1v2v0；小球的運動可看作一沿水平向右的勻速直線運動和以v2和v0的合速度為初速度的勻速圓周運動，其合速度大小為v0，小球到達最高點時豎直方向速率為零，在最高點速率為(1)v0，故A錯誤；水平方向利用動量定理，有，即為

22、qBhm(1)v0，代入數(shù)據(jù)，得h，故B正確；勻速圓周運動的初速度方向和水平方向成45°斜向上，則小球到最高點的時間為，故C正確；設(shè)水平位移為x，豎直方向利用動量定理，有，即qBxmgtmv0，代入數(shù)據(jù)，得，故D錯誤。二、非選擇題：共174分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9(6分)【答案】(1)0.1 (2)9.79 (3)A點對應(yīng)的速度不為零【解析】(1)電動機的轉(zhuǎn)速為3000 r/min50r/s，可知相鄰兩條墨線的時間間隔為0.02s，每隔4條墨線取一條計數(shù)墨線，則相鄰的兩條計數(shù)墨線對應(yīng)的時間間隔

23、為0.1s。(2)xBC(39.1514.68)cm24.47 cm，xCD(73.4139.15)cm34.26 cm，xDE(117.4673.41)cm44.05 cm，可知連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差x9.79 cm，根據(jù)xgT2得，。(3)根據(jù)mghmv2mv02得v2ghv02，若v2h圖線為直線，圖線的斜率為g，則機械能守恒，所以此圖象能驗證機械能守恒。圖線不過原點的原因是A點對應(yīng)的速度不為零。10(9分)【答案】(1)×100 (2)電流（或電流表示數(shù)） R2 【解析】(1)由圖可知，表盤中指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明倍率檔選擇過高，則應(yīng)該選擇“×100”檔。(2)先

24、測電壓表內(nèi)阻：將開關(guān)S1、S2閉合，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表、電壓表都取得合適刻度，多次改變R1、R2的值、同時保持電流表示數(shù)不變，記錄R1和對應(yīng)的電壓表指示的格數(shù)N；可設(shè)電壓表每格對應(yīng)的電壓為U0，由部分電路歐姆定律有：INU0()，該式變形可得：，則，解得。再測電源電動勢：斷開S1、閉合S2，調(diào)節(jié)R1、R2使電流表有合適讀數(shù)，再保持R2不變，多次改變R1，同時記錄電流表和R1讀數(shù)；由閉合電路歐姆定律有EI(R2rR1)，該式變形可得，則，解得。11(12分)【解析】(1)物塊從斜面上A點滑到B點的過程中，由動能定理得：物塊在B點滿足：Fmgm由可得：由圖象可知：H0時，F(xiàn)5 N；H3 m時，

25、F15 N代入解得：m0.5 kg，0.5。(2)物塊從A到C由動能定理得：mg(H2R)mgHcot 37°物塊從C到D做平拋運動，下落高度hgt2 水平位移xvCt 由幾何關(guān)系知：tan 37° 由可得：t0.4 s物塊到D點時的速度的大小：。12(20分)【解析】(1)設(shè)a棒剛進入?yún)^(qū)域時的速度為v0，由機械能守恒得：由棒恰好開始運動時受力平衡得：解得：。(2)設(shè)棒穿出區(qū)域時的速度為，與棒相碰前的速度為，則有：，聯(lián)立可得：棒產(chǎn)生的焦耳熱：可得：。(3)判斷時刻棒能否穿出區(qū)域，假定不能穿出區(qū)域，并設(shè)時的速度大小為，0t0階段、棒受到的沖量相等，有：解得：因，故有：，所以假設(shè)成立，即在棒穿出區(qū)時棒尚在區(qū)；判斷后，棒能否穿出區(qū)域，假定棒不能穿出區(qū)域因，則有：即：所以：設(shè)在前后棒在區(qū)域中走過的距離分別為、，則有：解得：所以假設(shè)不成立，即棒能穿出區(qū)域且速度不為零；兩棒的速度時間圖象如圖所示：。（二）選考題：共45分。請考