2021屆安徽肥東縣高級(jí)中學(xué)高三上學(xué)期物理期中試題答案

1、2021屆安徽肥東縣高級(jí)中學(xué)高三上學(xué)期物理期中試題答案題號(hào)12345678910答案CDDDADBCABDACAD1.C【解析】足球與地面碰撞過程中動(dòng)量的變化量p=mv2-mv1=0.4×3kg·m/s-0.4（-4）kg·m/s=2.8kg·m/s方向豎直向上；由動(dòng)能定理，合外力做的功故選C。2.D【解析】A地球同步靜止軌道衛(wèi)星只有在赤道平面上空，不可能相對(duì)靜止在北京正上空，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)萬有引力提供向心力得因?yàn)榈厍蛲絻A斜軌道衛(wèi)星與靜止軌道同步衛(wèi)星的周期相同，則它們的軌道半徑也是相等的，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)萬有引力提供向心力得因?yàn)橹熊壭l(wèi)星的高度低于靜止

2、同步衛(wèi)星，即r小，故所有同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的速率都一定小于中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的速率，故C錯(cuò)誤；D中軌道衛(wèi)星的半徑小，處于低軌道，由中軌道到同步軌道需要加速由其它形式的能量轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故質(zhì)量相等的中軌道衛(wèi)星與同步軌道衛(wèi)星相比，中軌道衛(wèi)星所具有的機(jī)械能較小，故D正確。故選D。3.D【解析】A對(duì)飛機(jī)進(jìn)行受力分析，如圖所示根據(jù)重力和機(jī)翼升力的合力提供向心力，得得若飛行速率v不變，增大，由可知，R減小，故A錯(cuò)誤；B若飛行速率v不變，增大，R減小，由可知，T減小，故B錯(cuò)誤；C若不變，飛行速率v增大，由可知，R增大，故C錯(cuò)誤；D若飛行速率v增大，增大，滿足不變，則不變，根據(jù)可知，周期一定不變，故D正確。

3、故選D。4.D【解析】A剛接觸床面時(shí)，彈力小于重力，合力向下，繼續(xù)向下加速，動(dòng)能變大，故A錯(cuò)誤；B 床面在B位置時(shí)，速度為零，彈力大于重力，合力向上，故B錯(cuò)誤；C小明接觸床面前處于失重狀態(tài)，剛接觸床面到彈力與重力大小相等之前，彈力小于重力，合力向下，仍然處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D小明在最高點(diǎn)和B點(diǎn)的速度都為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，小明從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到將床面壓至B位置的過程中，重力對(duì)他的沖量與床面對(duì)他的沖量大小相等，故D正確。故選D。5.A【解析】A小球上升過程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2=v02-2gx由數(shù)學(xué)知識(shí)可得，v-x圖象應(yīng)是開口向左的拋物線。小球下落過程與上升過程具有對(duì)稱性，故A正確；B上升過

4、程中重力勢能EP=mgx則EP-x圖像是過原點(diǎn)的直線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C上升過程中某位置時(shí)下降過程與上升過程滿足的關(guān)系相同，圖像不應(yīng)該在x軸下方，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D上升和下降過程機(jī)械能均守恒，則E機(jī)械能-x圖像是與x軸平行的直線，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。6.D【解析】物塊沿粗糙的斜面勻速下滑，物塊處于平衡狀態(tài)，斜面體對(duì)物塊的力豎直向上與重力平衡，物塊對(duì)斜面體的力豎直向下，地面對(duì)斜面體沒有摩擦力。A若對(duì)物塊施加豎直向下的外力，相當(dāng)于物塊的重力增加了，物塊仍做勻速運(yùn)動(dòng)，地面對(duì)斜面體的摩擦力仍為零，A錯(cuò)誤；CD若對(duì)物塊施加沿斜面向下的外力，此時(shí)，物塊對(duì)斜面體的摩擦力與勻速下滑時(shí)相等，物塊對(duì)斜面體的壓力與勻速時(shí)相

5、等，因此斜面受力沒變，地面對(duì)斜面體的摩擦力仍為零，C錯(cuò)誤，D正確；B若對(duì)物塊施加垂直于斜面向下的外力，把該外力分解為豎直向下的和沿斜面向上的兩個(gè)分力（兩個(gè)分力不再相互垂直），兩個(gè)分力單獨(dú)作用時(shí)，豎直向下的外力不會(huì)造成地面對(duì)斜面體有摩擦，沿斜面向上的分力只能使物塊減速運(yùn)動(dòng)，物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力不變，也不會(huì)造成地面對(duì)斜面體產(chǎn)生摩擦力，兩個(gè)分力同時(shí)作用時(shí)，地面對(duì)斜面體的摩擦力仍為零，即若對(duì)物塊施加垂直于斜面向下的外力，地面對(duì)斜面體的摩擦力仍為零，B錯(cuò)誤。故選D。7.BC【解析】設(shè)運(yùn)動(dòng)員和物塊的質(zhì)量分別為、規(guī)定運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，運(yùn)動(dòng)員開始時(shí)靜止，第一次將物塊推出后，運(yùn)動(dòng)員和物塊的速度大小

6、分別為、，則根據(jù)動(dòng)量守恒定律解得物塊與彈性擋板撞擊后，運(yùn)動(dòng)方向與運(yùn)動(dòng)員同向，當(dāng)運(yùn)動(dòng)員再次推出物塊解得第3次推出后解得依次類推，第8次推出后，運(yùn)動(dòng)員的速度根據(jù)題意可知解得第7次運(yùn)動(dòng)員的速度一定小于，則解得綜上所述，運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量滿足AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC。8.ABD【解析】A根據(jù)乙圖可知，當(dāng)x=h+x0時(shí)，小球的重力與彈簧的彈力大小相等，此時(shí)小球具有最大速度，A正確；BC小球剛落到彈簧上時(shí)，彈力小于重力，小球加速度向下，速度增大，隨彈力的增加，加速度減小，當(dāng)彈力大小等于重力時(shí)加速度為零，此時(shí)速度最大；然后向下運(yùn)動(dòng)時(shí)彈力大于重力，小球的加速度向上且逐漸變大，小球做減速運(yùn)動(dòng)直到最低點(diǎn)，則小球落到

7、彈簧上向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，速度先增大后減小，加速度先減小后增大，B正確，C錯(cuò)誤；D小球達(dá)到最大速度的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可知，小球的最大動(dòng)能為故小球動(dòng)能的最大值為，故D正確。故選ABD。9.AC【解析】A運(yùn)動(dòng)員從a到b做平拋運(yùn)動(dòng)，a點(diǎn)的初動(dòng)能為可得故A正確；B由圖可讀出平拋的時(shí)間為，根據(jù)斜面上的平拋的幾何關(guān)系有則，可知斜坡的傾角為45°，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)瞬時(shí)功率的定義式可知b處時(shí)重力的瞬時(shí)功率為故C正確；D建立以平行斜面和垂直斜面的直角坐標(biāo)系，當(dāng)垂直斜面的速度減為零時(shí)，距離最大，由勻減速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有故D錯(cuò)誤。故選AC。10.AD【解析】A由圖象可知，檢閱車的運(yùn)動(dòng)過程為：Oa

8、為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，ab是恒定功率運(yùn)動(dòng)，且加速度在逐漸減小，所以t1時(shí)刻牽引力和功率最大，bc是勻速直線運(yùn)動(dòng)，t2t3時(shí)間內(nèi)其牽引力等于f，故A正確。B在0t1時(shí)間段，由vt圖象知檢閱車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤。C在0t2時(shí)間段，由vt圖象可知，檢閱車先做勻加速運(yùn)動(dòng)再做變加速運(yùn)動(dòng)，故此段時(shí)間內(nèi)平均速度大于，故C錯(cuò)誤；D設(shè)時(shí)間t1t2內(nèi)檢閱車克服阻力所做功為Wf，由動(dòng)能定理克服阻力所做功為，故D正確。故選AD.11.2.4 0.58 0.59 【解析】 (1)1利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論得(2)2系統(tǒng)動(dòng)能的增量3系統(tǒng)重力勢能減小量12.= 8.475 【解析】 (1)1如果遮光條通過光電門的時(shí)間相

9、等，即t1=t2，說明遮光條做勻速運(yùn)動(dòng)，即說明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平；(2)2螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為8mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×47.5mm=0.475mm，所以最終讀數(shù)為：8mm+0.475mm=8.475mm；(3)3由于光電門的寬度很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度，則滑塊和砝碼組成的系統(tǒng)動(dòng)能的增加量系統(tǒng)的重力勢能的減小量Ep=mgL如果系統(tǒng)動(dòng)能的增加量等于系統(tǒng)重力勢能的減小量，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即化簡得13.(1)37m/s；(2)a=2160m/s2；1085N【解析】 (1)下落高度h=0.4+23×2.8+3.65=68.45m由公式得v1=3

10、7m/s(2)下落高度由公式解得v2=36m/s由公式得a=2160m/s2又因F合=F支-G=ma可得F支=1085N由牛頓第三定律得，對(duì)網(wǎng)的平均作用力F壓=F支=1085N14.（1）0.45m；（2）R0.66m；（3）【解析】（1）令下落的高度差為h，小物塊到達(dá)A處時(shí)，水平分速度為vx，豎直分速度為vy可得h=0.45m（2）小物塊能沿軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)在圓周頂點(diǎn)時(shí)的速度為v1，則有mg對(duì)B點(diǎn)到圓軌道頂點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程運(yùn)用動(dòng)能定理對(duì)A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程運(yùn)用動(dòng)能定理若物塊從水平軌道DE滑出，圓弧軌道的半徑有R0.66m（3）考慮到物塊從F點(diǎn)脫離軌道，有FN=0，脫離時(shí)速度方向與豎直方向夾角為對(duì)F

11、點(diǎn)列出受力方程對(duì)B點(diǎn)到F點(diǎn)過程運(yùn)用動(dòng)能定理解得所以即物塊脫離軌道后所能達(dá)到的最大高度15.（1）；（2），【解析】 (1)設(shè)物塊加速度的大小為a，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度的大小為v，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：，代入數(shù)據(jù)得：a=3m/s2，v=8m/s(2) 設(shè)物塊所受支持力為FN，所受摩擦力為Ff，拉力與斜面間的夾角為，受力分析如圖所示由牛頓第二定律得：Fcos-mgsin-Ff=ma，F(xiàn)sin+FN-mgcos=0，F(xiàn)f=FN聯(lián)立得由數(shù)學(xué)知識(shí)得：可知對(duì)應(yīng)最小F的夾角=30°代入數(shù)據(jù)得F的最小值為：16.（1）1.25m/s；（2）【解析】（1）a滑上c后水平方向受向左的滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律得：mg=maa代入數(shù)據(jù)解得aa=1m/s2若b、c相對(duì)靜止，則b、c整體受a對(duì)它的向右的滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律得mg=2ma0bc代入數(shù)據(jù)解得a0bc=0.5m/s2由題意可知b與c間的動(dòng)摩擦因