上傳人：q***

認(rèn)證信息

認(rèn)證類型：個(gè)人認(rèn)證

認(rèn)證主體：李**（實(shí)名認(rèn)證）

IP屬地：江蘇

IP屬地：江蘇 上傳時(shí)間：2022-05-06 格式：DOC 頁數(shù)：30 大?。?22KB 積分：6 舉報(bào) 版權(quán)申訴

1、2013年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1（6分）如圖是伽利略1604年做斜面實(shí)驗(yàn)時(shí)的一頁手稿照片，照片左上角的三列數(shù)據(jù)如下表。表中第二列是時(shí)間，第三列是物體沿斜面運(yùn)動(dòng)的距離，第一列是伽利略在分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)添加的。根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，伽利略可以得出的結(jié)論是（）11324213093298164526255824366119249716006482104A物體具有慣性B斜面傾角一定時(shí)，加速度與質(zhì)量無關(guān)C物體運(yùn)動(dòng)的距離與時(shí)間的平方成

2、正比D物體運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度成正比2（6分）如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個(gè)點(diǎn)，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q0）的固定點(diǎn)電荷已知b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）（）ABCD3（6分）一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計(jì)）。小孔正上方處的P點(diǎn)有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回。若將下極板向上平移，則從P點(diǎn)開始下落的相同粒子將（）A打到下極

3、板上B在下極板處返回C在距上極板處返回D在距上極板處返回4（6分）如圖，在水平面（紙面）內(nèi)有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a點(diǎn)接觸，構(gòu)成“V”字型導(dǎo)軌?？臻g存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運(yùn)動(dòng)，從a位置開始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)中MN始終與bac的平分線垂直且和導(dǎo)軌保持良好接觸。下列關(guān)于回路中電流i與時(shí)間t的關(guān)系圖線，可能正確的是（）ABCD5（6分）如圖，半徑為R的圓柱形勻強(qiáng)磁場區(qū)域的橫截面（紙面），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外。一電荷量為q（q0）、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點(diǎn)與ab的距離為已知粒子射出磁場與射入磁場時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間

4、的夾角為60°，則粒子的速率為（不計(jì)重力）（）ABCD6（6分）如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置、時(shí)間（xt）圖線。由圖可知（）A在時(shí)刻t1，a車追上b車B在時(shí)刻t2，a、b兩車運(yùn)動(dòng)方向相反C在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先減小后增大D在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率一直比a車的大7（6分）2012年6月18日，神州九號飛船與天宮一號目標(biāo)飛行器在離地面343km的近圓形軌道上成功進(jìn)行了我國首次載人空間交會對接對接軌道所處的空間存在極其稀薄的大氣，下面說法正確的是（）A為實(shí)現(xiàn)對接，兩者運(yùn)行速度的大小都應(yīng)介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間B如不加干預(yù)

5、，在運(yùn)行一段時(shí)間后，天宮一號的動(dòng)能可能會增加C如不加干預(yù)，天宮一號的軌道高度將緩慢降低D航天員在天宮一號中處于失重狀態(tài)，說明航天員不受地球引力作用8（6分）2012年11月，“殲15”艦載機(jī)在“遼寧號”航空母艦上著艦成功圖（a）為利用阻攔系統(tǒng)讓艦載機(jī)在飛行甲板上快速停止的原理示意圖飛機(jī)著艦并成功鉤住阻攔索后，飛機(jī)的動(dòng)力系統(tǒng)立即關(guān)閉，阻攔系統(tǒng)通過阻攔索對飛機(jī)施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑行后停止，某次降落，以飛機(jī)著艦為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，飛機(jī)在t=0.4s時(shí)恰好鉤住阻攔索中間位置，其著艦到停止的速度時(shí)間圖線如圖（b）所示假如無阻攔索，飛機(jī)從著艦到停止需要的滑行距離約1000m已知航母始終靜止，重力加

6、速度的大小為g則（）A從著艦到停止，飛機(jī)在甲板上滑行的距離約為無阻攔索時(shí)的B在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔索的張力幾乎不隨時(shí)間變化C在滑行過程中，飛行員所承受的加速度大小會超過2.5gD在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔系統(tǒng)對飛機(jī)做功的功率幾乎不變二、解答題（共4小題，滿分47分）9（7分）圖（a）為測量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。實(shí)驗(yàn)步驟如下：用天平測量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、重物的質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測量遮光片的寬度d；用米尺測最兩光電門之間的距離s；調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平；讓物塊從光電門A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測出遮光片經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時(shí)間tA和tB，

7、求出加速度a；多次重復(fù)步驟，求a的平均值；根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)?；卮鹣铝袨轭}：（1）測量d時(shí)，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖（b）所示，其讀數(shù)為 cm。（2）物塊的加速度a可用d、s、tA和tB表示為a= 。（3）動(dòng)摩擦因數(shù)可用M、m、和重力加速度g表示為= （4）如果細(xì)線沒有調(diào)整到水平，由此引起的誤差屬于 （填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）。10（8分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示電路，測量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢和電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻。使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)變阻器：最大阻值5k導(dǎo)線若干?；卮鹣铝袉栴}：（1

8、）將多用電表擋位調(diào)到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆 ，調(diào)零點(diǎn)。（2）將圖（a）中多用電表的紅表筆和 （填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端。（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示。多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為 k和 V。（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零。此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0k和4.00V從測量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為 k。（5）多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（d）所示。根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電

9、池的電動(dòng)勢為 V，電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻為 k。11（13分）水平桌面上有兩個(gè)玩具車A和B，兩者用一輕質(zhì)細(xì)橡皮筋相連，在橡皮筋上有一紅色標(biāo)記R在初始時(shí)橡皮筋處于拉直狀態(tài)，A、B和R分別位于直角坐標(biāo)系中的（0，2l）、（0，l）和（0，0）點(diǎn)。已知A從靜止開始沿y軸正向做加速度大小為a的勻加速運(yùn)動(dòng)；B平行于x軸朝x軸正向勻速運(yùn)動(dòng)。在兩車此后運(yùn)動(dòng)的過程中，標(biāo)記R在某時(shí)刻通過點(diǎn)（l，l）。假定橡皮筋的伸長是均勻的，求B運(yùn)動(dòng)速度的大小。12（19分）如圖，兩條平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為，間距為L導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向

10、垂直于導(dǎo)軌平面。在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為m的金屬棒，棒可沿導(dǎo)軌下滑，且在下滑過程中保持與導(dǎo)軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導(dǎo)軌上端由靜止開始下滑，求：（1）電容器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關(guān)系；（2）金屬棒的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系。三物理-選修3-3（15分）13（6分）兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近。在此過程中，下列說法正確的是（）A分子力先增大，后一直減小B分子力先做正功，后做負(fù)功C分子動(dòng)能先增大，后減小D分子勢能先增大，后減小E分子勢能和動(dòng)能之和不變14（9分）如圖所示，兩個(gè)側(cè)壁絕熱

11、、頂部和底部都導(dǎo)熱的相同氣缸直立放置，氣缸底部和頂部均有細(xì)管連通，頂部的細(xì)管帶有閥門K，兩氣缸的容積均為V0，氣缸中各有一個(gè)絕熱活塞（質(zhì)量不同，厚度可忽略）。開始時(shí)K關(guān)閉，兩活塞下方和右活塞上方充有氣體（可視為理想氣體），壓強(qiáng)分別為p0和，左活塞在氣缸正中間，其上方為真空；右活塞上方氣體體積為現(xiàn)使氣缸底與一恒溫?zé)嵩唇佑|，平衡后左活塞升至氣缸頂部，且與頂部剛好沒有接觸；然后打開K，經(jīng)過一段時(shí)間，重新達(dá)到平衡。已知外界溫度為T0，不計(jì)活塞與氣缸壁間的摩擦。求：恒溫?zé)嵩吹臏囟萒；重新達(dá)到平衡后左氣缸中活塞上方氣體的體積Vx。四物理-選修3-4（15分）15如圖，a、b、c、d是均勻媒質(zhì)中x軸上的四個(gè)

12、質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)的間距依次為2m、4m和6m。一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在t=0時(shí)刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)a處，質(zhì)點(diǎn)a由平衡位置開始豎直向下運(yùn)動(dòng)，t=3s時(shí)a第一次到達(dá)最高點(diǎn)。下列說法正確的是（）A在t=6s時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)d處B在t=5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c恰好到達(dá)最高點(diǎn)C質(zhì)點(diǎn)b開始振動(dòng)后，其振動(dòng)周期為4sD在4st6s的時(shí)間間隔內(nèi)質(zhì)點(diǎn)c向上運(yùn)動(dòng)E當(dāng)質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b一定向上運(yùn)動(dòng)16圖示為一光導(dǎo)纖維（可簡化為一長玻璃絲）的示意圖，玻璃絲長為L，折射率為n，AB代表端面。已知光在真空中的傳播速度為c。（i）為使光線能從玻璃絲的AB端面?zhèn)鞑サ搅硪欢嗣妫蠊饩€在端面AB上的入射角應(yīng)滿足的條件；（i

13、i）求光線從玻璃絲的AB端面?zhèn)鞑サ搅硪欢嗣嫠璧淖铋L時(shí)間。五物理-選修3-5（15分）17一質(zhì)子束入射到能止靶核AI上，產(chǎn)生如下核反應(yīng)：P+AIX+n式中p代表質(zhì)子，n代表中子，X代表核反應(yīng)產(chǎn)生的新核由反應(yīng)式可知，新核X的質(zhì)子數(shù)為 ，中子數(shù)為 18在粗糙的水平桌面上有兩個(gè)靜止的木塊A和B，兩者相距為d?，F(xiàn)給A一初速度，使A與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短。當(dāng)兩木塊都停止運(yùn)動(dòng)后，相距仍然為d。已知兩木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，B的質(zhì)量為A的2倍，重力加速度大小為g。求A的初速度的大小。2013年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四

14、個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1（6分）如圖是伽利略1604年做斜面實(shí)驗(yàn)時(shí)的一頁手稿照片，照片左上角的三列數(shù)據(jù)如下表。表中第二列是時(shí)間，第三列是物體沿斜面運(yùn)動(dòng)的距離，第一列是伽利略在分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)添加的。根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，伽利略可以得出的結(jié)論是（）11324213093298164526255824366119249716006482104A物體具有慣性B斜面傾角一定時(shí)，加速度與質(zhì)量無關(guān)C物體運(yùn)動(dòng)的距離與時(shí)間的平方成正比D物體運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度成正比【考點(diǎn)】1L：伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法

15、菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】511：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】通過表格中的數(shù)據(jù)，通過時(shí)間的平方與運(yùn)動(dòng)距離的關(guān)系，得出位移和時(shí)間的規(guī)律?！窘獯稹拷猓簭谋砀裰械臄?shù)據(jù)可知，時(shí)間變?yōu)樵瓉淼?倍，下滑的位移大約變?yōu)樵瓉淼?倍，時(shí)間變?yōu)樵瓉淼?倍，位移變?yōu)樵瓉淼?倍，可知物體運(yùn)動(dòng)的距離與時(shí)間的平方成正比。故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查學(xué)生的數(shù)據(jù)處理能力，能夠通過數(shù)據(jù)得出物體位移與時(shí)間的關(guān)系。需加強(qiáng)訓(xùn)練。2（6分）如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個(gè)點(diǎn)，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q0）的固定點(diǎn)電荷

16、已知b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）（）ABCD【考點(diǎn)】A8：點(diǎn)電荷的電場；AA：電場的疊加菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】532：電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】由題意可知，半徑為R均勻分布著電荷量為Q的圓盤上電荷，與在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q0）的固定點(diǎn)電荷，在b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，說明各自電場強(qiáng)度大小相等，方向相反那么在d點(diǎn)處場強(qiáng)的大小即為兩者之和因此根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度為即可求解【解答】解：電荷量為q的點(diǎn)電荷在b處產(chǎn)生電場強(qiáng)度為，而半徑為R均勻分布著電荷量為Q的圓盤上電荷，與在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q0）的固定點(diǎn)電荷，在b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則圓盤在此處產(chǎn)生電場強(qiáng)度也為那么圓盤在此

17、d產(chǎn)生電場強(qiáng)度則仍為。而電荷量為q的點(diǎn)電荷在d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度為，由于都在d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度方向相同，即為兩者大小相加。所以兩者這d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度為，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評】考查點(diǎn)電荷與圓盤電荷在某處的電場強(qiáng)度疊加，緊扣電場強(qiáng)度的大小與方向關(guān)系，從而為解題奠定基礎(chǔ)3（6分）一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計(jì)）。小孔正上方處的P點(diǎn)有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回。若將下極板向上平移，則從P點(diǎn)開始下落的相同粒子將（）A打到下極板上B在下極板處返回C在距上

18、極板處返回D在距上極板處返回【考點(diǎn)】AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；AS：電容器的動(dòng)態(tài)分析菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】533：電容器專題【分析】下極板未移動(dòng)時(shí)，帶電粒子到達(dá)下極板處返回，知道重力做功與電場力做功之和為零，向上移動(dòng)下極板，若運(yùn)動(dòng)到下極板，重力做功小于克服電場力做功，可知不可能運(yùn)動(dòng)到下極板返回，根據(jù)動(dòng)能定理，結(jié)合電勢差大小與d的關(guān)系，求出粒子返回時(shí)的位置【解答】解：對下極板未移動(dòng)前，從靜止釋放到速度為零的過程運(yùn)用動(dòng)能定理得，。將下極板向上平移，設(shè)運(yùn)動(dòng)到距離上級板x處返回。根據(jù)動(dòng)能定理得，聯(lián)立兩式解得x=故D正確，A、B、C錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評】該題考到了帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)、電容器

19、、功能關(guān)系等知識點(diǎn)，是一道比較綜合的電學(xué)題，難度較大這類題應(yīng)該以運(yùn)動(dòng)和力為基礎(chǔ)，結(jié)合動(dòng)能定理求解4（6分）如圖，在水平面（紙面）內(nèi)有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a點(diǎn)接觸，構(gòu)成“V”字型導(dǎo)軌?？臻g存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運(yùn)動(dòng)，從a位置開始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)中MN始終與bac的平分線垂直且和導(dǎo)軌保持良好接觸。下列關(guān)于回路中電流i與時(shí)間t的關(guān)系圖線，可能正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】53B：電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合【分析】MN切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢E=BLv，L越來越大，回路總電阻也增大，根據(jù)電阻定律可求，然

20、后利用閉合電路歐姆定律即可求解?！窘獯稹拷猓涸O(shè)bac=2，單位長度電阻為R0則MN切割產(chǎn)生電動(dòng)勢E=BLv=Bv2vt×tan=2Bv2ttan回路總電阻為由閉合電路歐姆定律得：I=i與時(shí)間無關(guān)，是一定值，故A正確，BCD錯(cuò)誤，故選：A?！军c(diǎn)評】關(guān)于電磁感應(yīng)問題，特別是圖象問題，不能憑想當(dāng)然，最好是通過閉合電路歐姆定律找出關(guān)系式。5（6分）如圖，半徑為R的圓柱形勻強(qiáng)磁場區(qū)域的橫截面（紙面），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外。一電荷量為q（q0）、質(zhì)量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點(diǎn)與ab的距離為已知粒子射出磁場與射入磁場時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為60°，

21、則粒子的速率為（不計(jì)重力）（）ABCD【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；4A：向心力；CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】由題意利用幾何關(guān)系可得出粒子的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑，由洛侖茲力充當(dāng)向心力可得出粒子速度的大小；【解答】解：由題，射入點(diǎn)與ab的距離為則射入點(diǎn)與圓心的連線和豎直方向之間的夾角是30°，粒子的偏轉(zhuǎn)角是60°，即它的軌跡圓弧對應(yīng)的圓心角是60°，所以入射點(diǎn)、出射點(diǎn)和圓心構(gòu)成等邊三角形，所以，它的軌跡的半徑與圓形磁場的半徑相等，即r=R軌跡如圖：洛倫茲力提供向心力：，變形得：故正確的答案是B。故選：B?！军c(diǎn)評】

22、在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，確定圓心和半徑為解題的關(guān)鍵。6（6分）如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置、時(shí)間（xt）圖線。由圖可知（）A在時(shí)刻t1，a車追上b車B在時(shí)刻t2，a、b兩車運(yùn)動(dòng)方向相反C在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先減小后增大D在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率一直比a車的大【考點(diǎn)】1I：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】512：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題【分析】位移時(shí)間關(guān)系圖線反映位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，圖線的斜率表示速度的大小?！窘獯稹拷猓篈、在時(shí)刻t1，a、b兩車的位置坐標(biāo)相同，開始a的位移大于b的位移，知b從后面追上a。故A錯(cuò)誤。B、在時(shí)刻t2，a的

23、位移增大，b的位移減小，知兩車運(yùn)動(dòng)方向相反。故B正確。C、圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車圖線斜率先減小后增大，則b車的速率先減小后增加。故C正確。D、在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b圖線的斜率不是一直大于a圖線的斜率，所以b車的速率不是一直比a車大。故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道位移時(shí)間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示速度的大小，能夠通過圖線得出運(yùn)動(dòng)的方向。7（6分）2012年6月18日，神州九號飛船與天宮一號目標(biāo)飛行器在離地面343km的近圓形軌道上成功進(jìn)行了我國首次載人空間交會對接對接軌道所處的空間存在極其稀薄的大氣，下面說法正確的是（）A為實(shí)現(xiàn)對接，兩

24、者運(yùn)行速度的大小都應(yīng)介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間B如不加干預(yù)，在運(yùn)行一段時(shí)間后，天宮一號的動(dòng)能可能會增加C如不加干預(yù)，天宮一號的軌道高度將緩慢降低D航天員在天宮一號中處于失重狀態(tài)，說明航天員不受地球引力作用【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；52A：人造衛(wèi)星問題【分析】萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以第一宇宙速度是圍繞地球圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，衛(wèi)星由于摩擦阻力作用，軌道高度將降低，運(yùn)行速度增大，失重不是失去重力而是對懸繩的拉力或支持物的壓力減小的現(xiàn)象根據(jù)相應(yīng)知識點(diǎn)展開分析即可【解答】解：A、又第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，天宮一號的線速度一

25、定小于第一宇宙速度。故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)萬有引力提供向心力有：v=得軌道高度降低，衛(wèi)星的線速度增大，故動(dòng)能將增大，所以B正確；C、衛(wèi)星本來滿足萬有引力提供向心力即，由于摩擦阻力作用衛(wèi)星的線速度減小，提供的引力大于衛(wèi)星所需要的向心力故衛(wèi)星將做近心運(yùn)動(dòng)，即軌道半徑將減小，故C正確；D、失重狀態(tài)說明航天員對懸繩或支持物體的壓力為0，而地球?qū)λ娜f有引力提供他隨天宮一號圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以D錯(cuò)誤故選：BC。【點(diǎn)評】解決衛(wèi)星運(yùn)行規(guī)律問題的核心原理是萬有引力提供向心力，通過選擇不同的向心力公式，來研究不同的物理量與軌道半徑的關(guān)系8（6分）2012年11月，“殲15”艦載機(jī)在“遼寧號”航空母艦上著

26、艦成功圖（a）為利用阻攔系統(tǒng)讓艦載機(jī)在飛行甲板上快速停止的原理示意圖飛機(jī)著艦并成功鉤住阻攔索后，飛機(jī)的動(dòng)力系統(tǒng)立即關(guān)閉，阻攔系統(tǒng)通過阻攔索對飛機(jī)施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑行后停止，某次降落，以飛機(jī)著艦為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，飛機(jī)在t=0.4s時(shí)恰好鉤住阻攔索中間位置，其著艦到停止的速度時(shí)間圖線如圖（b）所示假如無阻攔索，飛機(jī)從著艦到停止需要的滑行距離約1000m已知航母始終靜止，重力加速度的大小為g則（）A從著艦到停止，飛機(jī)在甲板上滑行的距離約為無阻攔索時(shí)的B在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔索的張力幾乎不隨時(shí)間變化C在滑行過程中，飛行員所承受的加速度大小會超過2.5gD在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，阻

27、攔系統(tǒng)對飛機(jī)做功的功率幾乎不變【考點(diǎn)】1I：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；37：牛頓第二定律；63：功率、平均功率和瞬時(shí)功率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；52C：功率的計(jì)算專題【分析】通過速度與時(shí)間的圖象，由圖象的斜率表示加速度大小，再由牛頓第二定律確定阻攔索的拉力，同時(shí)由圖象與時(shí)間所構(gòu)成的面積為位移的大小由功率P=FV可確定大小如何變化【解答】解：A、由圖象可知，從著艦到停止，飛機(jī)在甲板上滑行的距離即為圖象與時(shí)間所構(gòu)成的面積，即約為，而無阻攔索的位移為1000m，因此飛機(jī)在甲板上滑行的距離約為無阻攔索時(shí)的，故A正確；B、在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，速度與時(shí)間的圖象的斜率不變，則加速度也不變，所以

28、合力也不變，因此阻攔索的張力的合力幾乎不隨時(shí)間變化，但阻攔索的張力是變化的，故B錯(cuò)誤；C、在滑行過程中，飛行員所承受的加速度大小為2.5g，故C正確；D、在0.4s2.5s時(shí)間內(nèi)，阻攔系統(tǒng)對飛機(jī)做功的功率P=FV，雖然F不變，但V是漸漸變小，所以其變化的，故D錯(cuò)誤；故選：AC。【點(diǎn)評】考查由速度與時(shí)間的圖象，來讀取正確的信息：斜率表示加速度的大小，圖象與時(shí)間所夾的面積表示位移的大小注意阻攔索的張力與張力的合力是不同的二、解答題（共4小題，滿分47分）9（7分）圖（a）為測量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。實(shí)驗(yàn)步驟如下：用天平測量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、重物的質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測量

29、遮光片的寬度d；用米尺測最兩光電門之間的距離s；調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平；讓物塊從光電門A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測出遮光片經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時(shí)間tA和tB，求出加速度a；多次重復(fù)步驟，求a的平均值；根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)。回答下列為題：（1）測量d時(shí)，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖（b）所示，其讀數(shù)為0.960cm。（2）物塊的加速度a可用d、s、tA和tB表示為a=。（3）動(dòng)摩擦因數(shù)可用M、m、和重力加速度g表示為=（4）如果細(xì)線沒有調(diào)整到水平，由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差（填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）。【考點(diǎn)】M9：探究影響摩擦力的大小的因素菁

30、優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；511：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題【分析】（1）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺的示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)，（2）由速度公式求出物塊經(jīng)過A、B兩點(diǎn)時(shí)的速度，然后由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出物塊的加速度；（3）由牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)。（4）由于實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)造成的誤差是系統(tǒng)誤差，由于實(shí)驗(yàn)操作、讀數(shù)等造成的誤差屬于偶然誤差?！窘獯稹拷猓海?）由圖（b）所示游標(biāo)卡尺可知，主尺示數(shù)為0.9cm，游標(biāo)尺示數(shù)為12×0.05mm=0.60mm=0.060cm，則游標(biāo)卡尺示數(shù)為0.9cm+0.060cm=0.960cm。（2）物塊經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度vA=，物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度vB=，物

31、塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由速度位移公式得：vB2vA2=2as，加速度a=；（3）以M、m組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：mgMg=（M+m），解得=；（4）如果細(xì)線沒有調(diào)整到水平，由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差。故答案為：（1）0.960；（2）；（3）；（4）系統(tǒng)誤差?！军c(diǎn)評】對游標(biāo)卡尺進(jìn)行讀數(shù)時(shí)，要先確定游標(biāo)尺的精度，主尺與游標(biāo)尺的示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直。10（8分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示電路，測量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢和電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻。使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)變阻器：最大阻值5k導(dǎo)線若干。

32、回答下列問題：（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零點(diǎn)。（2）將圖（a）中多用電表的紅表筆和1（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端。（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖（b）所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖（c）所示。多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為15.0k和3.60V。（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零。此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0k和4.00V從測量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為12.0k。（5）多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖（d）所示。根據(jù)

33、前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢為9.00V，電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻為15.0k。【考點(diǎn)】N3：測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；535：恒定電流專題【分析】（1）歐姆表使用前一定要?dú)W姆調(diào)零；（2）紅正黑負(fù)，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；（3）歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤讀數(shù)，伏特表讀數(shù)要估讀；（4）歐姆表測量的是外電路的總電阻，由于滑動(dòng)變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值；（5）由于半偏電流是滿偏電流的一半，故歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)勢?！窘獯稹拷猓海?）歐姆表使用前一定要?dú)W姆調(diào)零，即紅黑

34、表筆短接后，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使電流表滿偏；（2）多用電表的紅表筆對應(yīng)歐姆表內(nèi)電源的負(fù)極，所以紅表筆應(yīng)接電壓表的負(fù)接連柱，故紅表筆接觸1；（3）歐姆表讀數(shù)=倍率×表盤讀數(shù)=1k×15.0=15.0k；電壓表讀數(shù)為3.60V；（4）由于滑動(dòng)變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值，為12.0k；（5）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零，此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0k和4.00V；多用電表的中值電阻等于內(nèi)電阻，故R=15.0k；由閉合電路歐姆定律I=和歐姆定律U=IRV可知，E=代入數(shù)據(jù)有：E=（12k+15k）=9.00V，故答案為：（1）短接；（2）1；

35、（3）15.0，3.60；（4）12.0； （5）9.00，15.0?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，會使用歐姆表和電壓表測量電阻和電壓，同時(shí)能結(jié)合閉合電路歐姆定律靈活地列式分析。11（13分）水平桌面上有兩個(gè)玩具車A和B，兩者用一輕質(zhì)細(xì)橡皮筋相連，在橡皮筋上有一紅色標(biāo)記R在初始時(shí)橡皮筋處于拉直狀態(tài)，A、B和R分別位于直角坐標(biāo)系中的（0，2l）、（0，l）和（0，0）點(diǎn)。已知A從靜止開始沿y軸正向做加速度大小為a的勻加速運(yùn)動(dòng)；B平行于x軸朝x軸正向勻速運(yùn)動(dòng)。在兩車此后運(yùn)動(dòng)的過程中，標(biāo)記R在某時(shí)刻通過點(diǎn)（l，l）。假定橡皮筋的伸長是均勻的，求B運(yùn)動(dòng)速度的大小?！究键c(diǎn)】37：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)

36、所有【專題】16：壓軸題；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出t時(shí)刻A的縱坐標(biāo)，B的橫坐標(biāo)，抓住橡皮筋的伸長是均勻的，在以后任一時(shí)刻R到A和B的距離之比都為2：1，根據(jù)相似三角形，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出B的運(yùn)動(dòng)速度?！窘獯稹拷猓涸O(shè)B車的速度大小為v。如圖，標(biāo)記R的時(shí)刻t通過點(diǎn)K（l，l），此時(shí)A、B的位置分別為H、G。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，H的縱坐標(biāo)yA，G的橫坐標(biāo)xB分別為xB=vt 在開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，R到A和B的距離之比為2：1，即OE：OF=2：1由于橡皮筋的伸長是均勻的，在以后任一時(shí)刻R到A和B的距離之比都為2：1。因此，在時(shí)刻t有 HK：KG=2：1 由于FGHIGK，有HG：KG

37、=xB：（xBl） HG：KG=（yA+l）：（2l）=3：1 聯(lián)立各式解得 答：B運(yùn)動(dòng)速度的大小為?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵抓住橡皮筋的伸長是均勻的，在以后任一時(shí)刻R到A和B的距離之比都為2：1，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和數(shù)學(xué)幾何進(jìn)行求解。12（19分）如圖，兩條平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為，間距為L導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌平面。在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為m的金屬棒，棒可沿導(dǎo)軌下滑，且在下滑過程中保持與導(dǎo)軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導(dǎo)軌上端由靜止開始下滑，求：（1）電容

38、器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關(guān)系；（2）金屬棒的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系?！究键c(diǎn)】2G：力的合成與分解的運(yùn)用；37：牛頓第二定律；AN：電容器與電容；D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；539：電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題【分析】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律，求出感應(yīng)電動(dòng)勢；再與相結(jié)合求出電荷量與速度的關(guān)系式。（2）由左手定則來確定安培力的方向，并求出安培力的大小；借助于、 及牛頓第二定律來求出速度與時(shí)間的關(guān)系?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)金屬棒下滑的速度大小為v，則感應(yīng)電動(dòng)勢為E=BLv，平行板電容器兩極板之間的電勢差為U=E，設(shè)此時(shí)電容器極板上積累的電荷量為Q，按

39、定義有，聯(lián)立可得，Q=CBLv。（2）設(shè)金屬棒的速度大小為v時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為t，通過金屬棒的電流為i，金屬棒受到的磁場力方向沿導(dǎo)軌向上，大小為f1=BLi，設(shè)在時(shí)間間隔（t，t+t）內(nèi)流經(jīng)金屬棒的電荷量為Q，則Q=CBLv，按定義有：，Q也是平行板電容器極板在時(shí)間間隔（t，t+t）內(nèi)增加的電荷量，由上式可得，v為金屬棒的速度變化量，金屬棒所受到的摩擦力方向沿導(dǎo)軌斜面向上，大小為：f2=N，式中，N是金屬棒對于導(dǎo)軌的正壓力的大小，有N=mgcos，金屬棒在時(shí)刻t的加速度方向沿斜面向下，設(shè)其大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinf1f2=ma，即：mgsinmgcos=CB2L2a+ma；聯(lián)立上

40、此式可得：。由題意可知，金屬棒做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，t時(shí)刻金屬棒的速度大小為。答：（1）電容器極板上積累的電荷量與金屬棒速度大小的關(guān)系為Q=CBLv；（2）金屬棒的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系?！军c(diǎn)評】本題讓學(xué)生理解左手定則、安培力的大小、法拉第電磁感應(yīng)定律、牛頓第二定律、及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，并相互綜合來求解。三物理-選修3-3（15分）13（6分）兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近。在此過程中，下列說法正確的是（）A分子力先增大，后一直減小B分子力先做正功，后做負(fù)功C分子動(dòng)能先增大，后減小D分子勢能先增大，后減小E分子勢能和動(dòng)能之和不變【考點(diǎn)】86：分子間的相互作用力；

41、87：分子勢能；8A：物體的內(nèi)能菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題；547：內(nèi)能及其變化專題【分析】分子力同時(shí)存在引力和斥力，分子間引力和斥力隨分子間的距離的增大而減小，隨分子間的距離的減小而增大，且斥力減小或增大比引力變化要快些；分子力做功等于分子勢能的減小量?！窘獯稹拷猓篈、兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近的過程中，當(dāng)分子間距大于平衡間距時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力；當(dāng)分子間距小于平衡間距時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力；故A錯(cuò)誤；B、兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近的過程中，分子力先是引力后是斥力，故先做正功后做負(fù)功，故B正確；C、只有分子力做功，

42、先做正功后做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能先增加后減小，故C正確；D、分子力先做正功后做負(fù)功；分子力做功等于分子勢能的減小量；故分子勢能先減小后增加，故D錯(cuò)誤；E、分子力做功等于分子勢能的減小量，總功等于動(dòng)能增加量，只有分子力做功，故分子勢能和分子動(dòng)能總量保持不變，故E正確；故選：BCE?！军c(diǎn)評】本題考查了分子力、分子勢能、分子力做功與分子勢能變化關(guān)系，基礎(chǔ)題。14（9分）如圖所示，兩個(gè)側(cè)壁絕熱、頂部和底部都導(dǎo)熱的相同氣缸直立放置，氣缸底部和頂部均有細(xì)管連通，頂部的細(xì)管帶有閥門K，兩氣缸的容積均為V0，氣缸中各有一個(gè)絕熱活塞（質(zhì)量不同，厚度可忽略）。開始時(shí)K關(guān)閉，兩活塞下方和右活塞上方充有氣體（可視

43、為理想氣體），壓強(qiáng)分別為p0和，左活塞在氣缸正中間，其上方為真空；右活塞上方氣體體積為現(xiàn)使氣缸底與一恒溫?zé)嵩唇佑|，平衡后左活塞升至氣缸頂部，且與頂部剛好沒有接觸；然后打開K，經(jīng)過一段時(shí)間，重新達(dá)到平衡。已知外界溫度為T0，不計(jì)活塞與氣缸壁間的摩擦。求：恒溫?zé)嵩吹臏囟萒；重新達(dá)到平衡后左氣缸中活塞上方氣體的體積Vx?！究键c(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9K：封閉氣體壓強(qiáng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】54B：理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】（1）兩活塞下方封閉的氣體等壓變化，利用蓋呂薩克定律列式求解；（2）分別以兩部分封閉氣體，利用玻意耳定律列式求解【解答】解：（1）與恒溫?zé)嵩唇佑|后，在K未打開時(shí)，右活塞不動(dòng)，

44、兩活塞下方的氣體經(jīng)歷等壓過程，由蓋呂薩克定律得：=解得：T=T0 （2）由初始狀態(tài)的力學(xué)平衡條件可知，左活塞的質(zhì)量比右活塞的大。打開K后，右活塞必須升至氣缸頂才能滿足力學(xué)平衡條件。氣缸頂部與外界接觸，底部與恒溫?zé)嵩唇佑|，兩部分氣體各自經(jīng)歷等溫過程，設(shè)在活塞上方氣體壓強(qiáng)為p，由玻意耳定律得：pVX=對下方氣體由玻意耳定律得：（p+p0）（2V0Vx）=p0V0聯(lián)立式得：6VX2V0VXV02=0，解得：VX=V0，VX=V0不合題意，舍去。答：（1）恒溫?zé)嵩吹臏囟葹門0；（2）重新達(dá)到平衡后左氣缸中活塞上方氣體的體積為V0?！军c(diǎn)評】本題涉及兩部分氣體狀態(tài)變化問題，除了隔離研究兩部分之外，關(guān)鍵是把

45、握它們之間的聯(lián)系，比如體積關(guān)系、溫度關(guān)系及壓強(qiáng)關(guān)系。四物理-選修3-4（15分）15如圖，a、b、c、d是均勻媒質(zhì)中x軸上的四個(gè)質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)的間距依次為2m、4m和6m。一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在t=0時(shí)刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)a處，質(zhì)點(diǎn)a由平衡位置開始豎直向下運(yùn)動(dòng)，t=3s時(shí)a第一次到達(dá)最高點(diǎn)。下列說法正確的是（）A在t=6s時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)d處B在t=5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c恰好到達(dá)最高點(diǎn)C質(zhì)點(diǎn)b開始振動(dòng)后，其振動(dòng)周期為4sD在4st6s的時(shí)間間隔內(nèi)質(zhì)點(diǎn)c向上運(yùn)動(dòng)E當(dāng)質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b一定向上運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】F5：波長、頻率和波速的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】16：壓軸題【分析】由題“在t

46、=0時(shí)刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)a處，質(zhì)點(diǎn)a由平衡位置開始豎直向下運(yùn)動(dòng)，t=3s時(shí)a第一次到達(dá)最高點(diǎn)”可確定出該波的周期。根據(jù)a與d間的距離，由t=求出波從a傳到d的時(shí)間。根據(jù)時(shí)間t=5s與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)c的狀態(tài)。由波速公式求出波長，根據(jù)b、d間距離與波長的關(guān)系，分析當(dāng)質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)時(shí)質(zhì)點(diǎn)b的運(yùn)動(dòng)方向。【解答】解：A、ad間距離為x=12m，波在同一介質(zhì)中勻速傳播，則波從a傳到d的時(shí)間為t=s=6s，即在t=6s時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)d處。故A正確。B、設(shè)該波的周期為T，由題可得，T=3s，得T=4s。波從a傳到c的時(shí)間為t=s=3s，則在t=5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c已振動(dòng)了2s，而c起振方向向下，故在t=5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c恰好經(jīng)過平衡位置向上。故B錯(cuò)誤。C、質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)周期等于a的振動(dòng)周期，即為4s。故C正確。D、在4st6s的時(shí)間間隔內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)c已振動(dòng)了1st3s，質(zhì)點(diǎn)c正從波谷向波峰運(yùn)動(dòng)，即向上運(yùn)動(dòng)。故D正確。E、波長為=vT=2×4m=8m，bd間距離為10m=1，結(jié)合波形得知，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b不一定向上運(yùn)動(dòng)。故E錯(cuò)誤