2020版高考一輪復(fù)習(xí)物理新課改份專(zhuān)用課時(shí)跟蹤檢測(cè)九牛頓第二定律兩類(lèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題

1、百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我課時(shí)跟蹤檢測(cè)（九）牛頓第二定律兩類(lèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題A級(jí)一一基礎(chǔ)小題練熟練快（2019淮北檢測(cè)）下列說(shuō)法正確的是（）A.物體受到力的作用時(shí)，力克服了物體的慣性，使其產(chǎn)生了加速度B.人走在松軟土地上下陷時(shí)具有向下的加速度，說(shuō)明人對(duì)地面的壓力大于地面對(duì)人的支持力C.物理公式既能確定物理量之間的數(shù)量關(guān)系，又能確定物理量間的單位關(guān)系D.對(duì)靜止在光滑水平面上的物體施加一個(gè)水平力，當(dāng)力剛作用的瞬間，加速度為零解析：選C 慣性是物體的固有屬性， 力能使物體產(chǎn)生加速度， 但不能說(shuō)力克服了物體的慣性，A錯(cuò)誤。根據(jù)牛頓第三定律，兩個(gè)物體間的作用力與反作用力總是等大反向的，BC正確。根據(jù)牛頓

2、錯(cuò)誤。物理公式不僅能確定物理量之間的數(shù)量關(guān)系，也能確定單位關(guān)系,第二定律，合外力與加速度是瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系，D錯(cuò)誤。.（多選）如圖甲所示，物體在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在t= 1 s時(shí)刻撤去恒力 F,物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示。重力加速度 g取10 m/s2,下列說(shuō) 法正確的是（）A .物體在3 s內(nèi)的位移x= 3 mB .恒力F與摩擦力f大小之比為 F ： f = 3 ： 1 TOC o 1-5 h z C.物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為尸0.3D.在撤去F前后兩個(gè)階段的平均速度大小之比為v 1 ： v 2=2 ： 1解析：選BC 在速度一時(shí)間圖像中圖線與時(shí)間軸所圍成的面積

3、等于位移的大小，3 s內(nèi)物體的位移大小應(yīng)為 9 m, A錯(cuò)誤。撤去力F后，物體受摩擦力作用而減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為3 m/s2,而a2=囚，得科=0.3, C正確。勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于初、末速度和的一半，故撤去 F前后兩個(gè)階段的平均速度相同，D錯(cuò)誤。根據(jù)牛頓第二定律可得：F-百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我f=mai, f= ma2,又由題圖乙可知 ai = 6 m/s2, a2= 3 m/s2,聯(lián)立解得 F : f=3：1,故B正確。.（多選）（2018青島二模）在光滑水平面上，a、b兩小球沿水 平面相向運(yùn)動(dòng)。當(dāng)兩小球間距小于或等于L時(shí)，受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用，兩小

4、球間距大于L時(shí)，相互間的排斥力為零，小球在相互作用區(qū)間運(yùn)動(dòng)時(shí)始終未接觸，兩小球運(yùn) 動(dòng)時(shí)速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖像如圖所示，由圖可知 （）A . a球的質(zhì)量大于 b球的質(zhì)量B.在ti時(shí)刻兩小球間距最小C.在0t2時(shí)間內(nèi)兩小球間距逐漸減小D.在0t3時(shí)間內(nèi)b球所受的排斥力方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反解析：選AC 由速度一時(shí)間圖像可知b小球的速度一時(shí)間圖線的斜率絕對(duì)值較大，所以b小球的加速度較大，兩小球之間的排斥力為相互作用力大小相等，根據(jù)a=s口，加速度大的質(zhì)量小，所以 b小球的質(zhì)量較小，故 A正確；兩小球做相向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度相等時(shí)B錯(cuò)誤，C正確;兩小球間距最小，即t2時(shí)刻兩小球間距最小，之后距離開(kāi)始逐

5、漸增大，故b球在0t1時(shí)間內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，排斥力與運(yùn)動(dòng)方向相反，故 D錯(cuò)誤。.如圖所示，圓1和圓2外切，它們的圓心在同一豎直線上，有三 塊光滑的板，它們的一端搭在墻上， 另一端搭在圓2上，三塊板都通過(guò)兩 圓的切點(diǎn)，A在圓上，B在圓內(nèi)，C在圓外。從 A、B、C三處同時(shí)由靜 止釋放一個(gè)小球，它們都沿光滑板運(yùn)動(dòng)，則最先到達(dá)圓2上的球是（）A .從A處釋放的球B.從B處釋放的球C .從C處釋放的球D.從A、B、C三處釋放的球同時(shí)到達(dá)解析：選B 假設(shè)經(jīng)過(guò)切點(diǎn)的板兩端點(diǎn)分別在圓1、圓2上，板與豎直方向的夾角為 ”,4 r+ R cos a 4 r + RV gcos a - V g ，由題意可知，A在圓上

6、，B圓1的半徑為r,圓2的半徑為R,則圓內(nèi)軌道的長(zhǎng)度 s= 2（r + R）cos %下滑時(shí)小球的加速度a= gcos a,根據(jù)位移時(shí)間公式得 s= 2at2,則t = 2s即當(dāng)板的端點(diǎn)在圓上時(shí)，沿不同板下滑到底端所用的時(shí)間相同；百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我在圓內(nèi)，C在圓外，可知從 B處釋放的球下滑的時(shí)間最短，故選Bo.（多選）如圖所示，質(zhì)量為m的小球被一根橡皮筋 AC和一根繩BC系住，當(dāng)小球靜止時(shí)，橡皮筋處在水平方向上。下列判斷中正確的是（）A.在AC被突然剪斷的瞬間， BC對(duì)小球的拉力不變B.在AC被突然剪斷的瞬間，小球的加速度大小為gsin 0C.在BC被突然剪斷的瞬間，小球的加速度

7、大小為gcos 0D.在BC被突然剪斷的瞬間，小千的加速度大小為gsin 0解析：選BC設(shè)小球靜止時(shí)BC繩的拉力為F, AC橡皮筋的拉力為 T,由平衡條件可mg伶：Fcos e= mg, Fsin e= t,斛e F = con，T = mgtan 以在AC被突然剪斷的瞬間,BC上的拉力F發(fā)生了突變，小球的加速度方向沿與BC垂直的方向且斜向下，大小為 a =mgmn 9 = gsinaB正確，A錯(cuò)誤；在BC被突然剪斷的瞬間，橡皮筋 AC的拉力不變，小 球的合力大小與 BC被剪斷前拉力的大小相等，方向沿 BC方向斜向下，故加速度 a=A =g, 一C正確，D錯(cuò)誤。cos.（多選）（2019溫州四

8、校聯(lián)考）質(zhì)量分別為M和m的兩物塊A、B大小相同，將它們用 輕繩跨過(guò)光滑定滑輪連接。如圖甲所示，繩子平行于傾角為“的斜面，A恰好能靜止在斜面上，不考慮兩物塊與斜面之間的摩擦，若互換兩物塊的位置，按圖乙放置，然后釋放Ao已知斜面固定，重力加速度大小為g,則（）A .此時(shí)輕繩的拉力大小為 mgB.此時(shí)輕繩的拉力大小為MgC.此時(shí)A運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 （1 - sin2 a）gM - mD.此時(shí)A運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 g解析：選AD 第一次按題圖甲放置時(shí) A靜止，則由平衡條件可得 Mgsin a= mg,第二次按題圖乙放置時(shí)，對(duì)A、B整體由牛頓第二定律得，Mg - mgsin a= （m+M）a,聯(lián)立得

9、aM m=(1 - sin a)g= -Mg，對(duì) B,由牛頓第二定律得 T- mgsin a= ma,解得 T = mg ,故 A、D百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我正確，B、C錯(cuò)誤。B級(jí)一一保分題目練通抓牢. （2019天津調(diào)研）在兩個(gè)足夠長(zhǎng)的固定的相同斜面體上（其斜面光滑），分別有如圖甲、乙所示的兩套裝置，斜面體B的上表面水平且光滑， 長(zhǎng)方體D的上表面與斜面平行且光滑，p是固定在B、D上的小柱，完全相同的兩只彈簧一端固定在p上。另一端分別連在 A和C上。在A與B、C與D分別保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)沿斜面自由下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩彈簧都處于拉伸狀態(tài)B.兩彈簧都處于壓縮狀態(tài)C.彈簧L

10、i處于壓縮狀態(tài)，彈簧 L2處于原長(zhǎng)D.彈簧Li處于拉伸狀態(tài)，彈簧L2處于壓縮狀態(tài)解析：選C 由于斜面光滑，它們整體沿斜面下滑的加速度相同，為 gsin對(duì)于題圖甲，以A為研究對(duì)象，重力與支持力的合力沿豎直方向，而A沿水平方向的加速度：ax =acos a= gsin a cos a,該加速度由水平方向彈簧的彈力提供，所以彈簧Li處于壓縮狀態(tài)；對(duì)于題圖乙，以C為研究對(duì)象，重力與斜面支持力的合力大?。篎合=mgsin a,即C不能受到彈簧的彈力，彈簧 L2處于原長(zhǎng)狀態(tài)。故選項(xiàng) C正確，A、B、D錯(cuò)誤。.（多選）如圖甲所示，靜止在水平面 C上足夠長(zhǎng)的木板 B左端放著小物塊 A。某時(shí)刻， A受到水平向右

11、的拉力 F作用，F(xiàn)隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示。 A、B間最大靜摩擦力 大于B、C之間的最大靜摩擦力， 假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則在拉力逐漸增大的過(guò)程中，下列反映 A、B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度及 A與B間摩擦力fi、B與C間摩擦力f2隨 時(shí)間變化的圖線中，正確的是 （）解析：選ACD 當(dāng)拉力小于B、C之間的最大靜摩擦力時(shí)， A、B保持靜止沒(méi)有加速度,百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我所以B項(xiàng)錯(cuò)誤；此時(shí)fi = f2=F,即兩個(gè)摩擦力都隨拉力增大而增大，在拉力增大到等于B、C之間的最大靜摩擦力至 A、B間達(dá)到最大靜摩擦力這段時(shí)間，A、B 一起向前加速，加速F f2maxmBF+mAf2max度

12、a=, A、B間的靜摩擦力 fi = mBa+f2max =, B、C之間變成了滑動(dòng)mA+mBmA+mB摩擦力保持不變，所以 D項(xiàng)正確；當(dāng)拉力再增大時(shí)，A、B之間也發(fā)生了相對(duì)滑動(dòng)，A、B之間變成了滑動(dòng)摩擦力，即不再變化，此時(shí) A的加速度a =F二imax,綜上所述可知 A、mAC項(xiàng)正確。. (2018鹽城*II擬)兩物塊A、B并排放在水平地面上，且兩物塊接觸面為豎直面?，F(xiàn) 用一水平推力F作用在物塊 A上，使A、B由靜止開(kāi)始一起向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，如圖甲所 示。在A、B的速度達(dá)到6 m/s時(shí)，撤去推力F。已知A、B質(zhì)量分別為 mA= i kg、mB= 3 kg , A與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 科

13、=0.3, B與地面沒(méi)有摩擦，B物塊運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙 所示。g取10 m/s2,求：(1)推力F的大??；(2)A物塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊A、B之間的距離。解析：(1)在水平推力F作用下，物塊 A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為 a,由B物塊白v-t圖像得，v 622a= = 2 m/s2 =3 m/s2對(duì)于A、B整體，由牛頓第二定律得F(imAg=(mA+ mB)a,代入數(shù)據(jù)解得 F = 15 N。(2)設(shè)物塊A做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 t,撤去推力F后，A、B兩物塊分離，A在摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，B做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì) A,由mAg = mAaA,解得aA=科羅-3 m/s20 一 v0 0一

14、6 t=s= 2 saA-3物塊A通過(guò)的位移voxa= t = 6 m百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我物塊B通過(guò)的位移XB = V0t = 6X2 m= 12 m物塊A剛停止時(shí)A、B間的距離 Ax = xb-xa=6 m。答案：(1)15 N (2)6 m.如圖所示為一架四旋翼無(wú)人機(jī)，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前得到越來(lái)越廣泛的應(yīng)用。若一架質(zhì)量m=2 kg的無(wú)人機(jī)，其動(dòng)力系統(tǒng)所能提供的最大升力為F=36 N ,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力大小恒為f=4 N, g取10 m/s2。(1)無(wú)人機(jī)在地面上從靜止開(kāi)始，以最大升力豎直向上起飛，求在 t = 5 s時(shí)離地面的高 度h;(2)當(dāng)無(wú)人

15、機(jī)懸停在距離地面高度H = 100 m處，由于動(dòng)力設(shè)備故障，無(wú)人機(jī)突然失去 TOC o 1-5 h z 升力而墜落。求無(wú)人機(jī)墜落到地面時(shí)的速度大小V；(3)在第(2)問(wèn)條件下，若無(wú)人機(jī)墜落過(guò)程中，由于遙控設(shè)備的干預(yù)，動(dòng)力設(shè)備重新啟動(dòng) 提供向上最大升力。為保證安全著地，求飛行器從開(kāi)始下落到恢復(fù)升力的最長(zhǎng)時(shí)間力。解析：(1)設(shè)無(wú)人機(jī)上升時(shí)加速度為a,由牛頓第二定律，有：Fmg f=ma,解得a=6 m/s2,1 .由：h=at2,解得：h= 75 m。(2)設(shè)無(wú)人機(jī)墜落過(guò)程中加速度為a1，由牛頓第二定律，有：mg f= ma1，解得a1 = 8 m/s2由：v2=2a1H ,解得：v=40 m/s

16、。(3)設(shè)飛行器恢復(fù)升力后向下減速時(shí)加速度為a2,由牛頓第二定律,有 F mg +f = ma2,解得 a2 = 10 m/s2設(shè)飛行器恢復(fù)升力時(shí)速度大小為Vm,則有:2 Vm2a12Vm+ o-= H2a25 5又由 Vm=a1t1,斛得：t1 = QSo3答案：(1)75 m (2)40 m/s (3)5 35 sC級(jí)一一難度題目適情選做(2019銀川模擬)如圖所示，帶支架的平板小車(chē)沿水平面向左做直線運(yùn)動(dòng)，小球 A用細(xì)線懸掛于支架前端，質(zhì)量為 m的物塊B始 終相對(duì)于小車(chē)靜止地?cái)[放在右端。 B與小車(chē)平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 卬百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我若某時(shí)刻觀察到細(xì)線偏離豎直方向0角，則

17、此刻小車(chē)對(duì)物塊B產(chǎn)生的作用力的大小和方向?yàn)?)A . mg ,豎直向上mg .1+),斜向左上方mgtan 0,水平向右mgl + tan2 0,斜向右上方解析：選D 以小球A為研究對(duì)象，分析受力如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：mAgtan 0= mAa,得：a= gtan依方向水平向右。再對(duì)物塊B研究得：小車(chē)對(duì) B的摩擦力為：f=ma= mgtan 0,方向水平向右,小車(chē)對(duì)B的支持力大小為 N=mg,方向豎直向上,則小車(chē)對(duì)物塊B產(chǎn)生的作用力的大小為:F = *yN24-f2 = mgl + tan2 9,方向斜向右上方,故D正確。12.如圖所示，斜面體 ABC放在粗糙的水平地面上?；瑝K在斜面底 端以初速度V0= 9.6 m/s沿斜面上滑。斜面傾角0= 37,滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 科=0.45。整個(gè)過(guò)程斜面體保持靜止不動(dòng)，已知滑塊的質(zhì) 量 m = 1 kg , sin 37 = 0.6, cos 37 = 0.8, g 取 10 m/s2。試求：滑塊回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小。(2)定量畫(huà)出斜面體與水平地面之間的摩擦力Ff隨時(shí)間t變化的圖像。解析：(1)滑塊沿斜面上滑過(guò)程，由牛頓第二定律:mgsin 0+ 叱 mcos 0= ma1，解得 a1 = 9.6 m/s2設(shè)滑塊上滑位移大小為L(zhǎng),則