湖北省仙桃、天門、潛江市2022年高考沖刺模擬數(shù)學(xué)試題含解析

1、2021-2022高考數(shù)學(xué)模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1已知橢圓（ab0）與雙曲線（a0，b0）的焦點相同，則雙曲線漸近線方程為（）ABCD2已知向量與的夾角為，則( )AB0C0或D3把函數(shù)的圖象向右平移個單位長度，得到函數(shù)的圖象，若函數(shù)是偶函數(shù)，則實數(shù)的最小值是（ ）ABCD4已知集合A

2、=x|x1，B=x|，則ABCD5已知向量，夾角為， ，則( )A2B4CD6命題：的否定為ABCD7一個幾何體的三視圖如圖所示，其中正視圖是一個正三角形，則這個幾何體的體積為（ ） ABCD8已知函數(shù)若存在實數(shù)，且，使得，則實數(shù)a的取值范圍為（ ）ABCD9設(shè)為等差數(shù)列的前項和，若，則的最小值為（ ）ABCD10已知函數(shù)，方程有四個不同的根，記最大的根的所有取值為集合，則“函數(shù)有兩個零點”是“”的（ ）A充分不必要條件B必要不充分條件C充要條件D既不充分也不必要條件11下列函數(shù)中，值域為R且為奇函數(shù)的是（ ）ABCD12一個幾何體的三視圖及尺寸如下圖所示，其中正視圖是直角三角形，側(cè)視圖是半圓

3、，俯視圖是等腰三角形，該幾何體的表面積是 （ ） ABCD二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13在中，已知，則A的值是_.14若x，y均為正數(shù)，且，則的最小值為_.15已知數(shù)列中，為其前項和，則_，_.16為激發(fā)學(xué)生團(tuán)結(jié)協(xié)作，敢于拼搏，不言放棄的精神，某校高三5個班進(jìn)行班級間的拔河比賽每兩班之間只比賽1場，目前（）班已賽了4場，（二）班已賽了3場，（三）班已賽了2場，（四）班已賽了1場則目前（五）班已經(jīng)參加比賽的場次為_三、解答題：共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17（12分）已知等差數(shù)列中，數(shù)列的前項和.（1）求；（2）若，求的前項和.18（12分）已知傾斜角

4、為的直線經(jīng)過拋物線的焦點，與拋物線相交于、兩點，且.（1）求拋物線的方程；（2）設(shè)為拋物線上任意一點（異于頂點），過做傾斜角互補的兩條直線、，交拋物線于另兩點、，記拋物線在點的切線的傾斜角為，直線的傾斜角為，求證：與互補.19（12分）如圖，湖中有一個半徑為千米的圓形小島，岸邊點與小島圓心相距千米，為方便游人到小島觀光，從點向小島建三段棧道，湖面上的點在線段上，且，均與圓相切，切點分別為，其中棧道，和小島在同一個平面上.沿圓的優(yōu)?。▓A上實線部分）上再修建棧道.記為.用表示棧道的總長度，并確定的取值范圍；求當(dāng)為何值時，棧道總長度最短.20（12分）如圖，在三棱柱中，平面平面，側(cè)面為平行四邊形，側(cè)

5、面為正方形，為的中點.（1）求證：平面；（2）求二面角的大小.21（12分）已知函數(shù)（1）時，求不等式解集；（2）若的解集包含于，求a的取值范圍22（10分）在平面直角坐標(biāo)系xoy中，曲線C的方程為.以原點O為極點，x軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，直線l的極坐標(biāo)方程為.（1）寫出曲線C的極坐標(biāo)方程，并求出直線l與曲線C的交點M，N的極坐標(biāo)；（2）設(shè)P是橢圓上的動點，求面積的最大值.參考答案一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1A【解析】由題意可得，即，代入雙曲線的漸近線方程可得答案.【詳解】依題意橢圓與雙曲線即的焦點相同，可得：

6、，即，可得,雙曲線的漸近線方程為：,故選：A【點睛】本題考查橢圓和雙曲線的方程和性質(zhì)，考查漸近線方程的求法，考查方程思想和運算能力，屬于基礎(chǔ)題2B【解析】由數(shù)量積的定義表示出向量與的夾角為，再由，代入表達(dá)式中即可求出.【詳解】由向量與的夾角為，得，所以，又，所以，解得.故選：B【點睛】本題主要考查向量數(shù)量積的運算和向量的模長平方等于向量的平方，考查學(xué)生的計算能力，屬于基礎(chǔ)題.3A【解析】先求出的解析式，再求出的解析式，根據(jù)三角函數(shù)圖象的對稱性可求實數(shù)滿足的等式，從而可求其最小值.【詳解】的圖象向右平移個單位長度，所得圖象對應(yīng)的函數(shù)解析式為，故.令，解得，.因為為偶函數(shù)，故直線為其圖象的對稱軸，

7、令，故，因為，故，當(dāng)時，.故選：A.【點睛】本題考查三角函數(shù)的圖象變換以及三角函數(shù)的圖象性質(zhì)，注意平移變換是對自變量做加減，比如把的圖象向右平移1個單位后，得到的圖象對應(yīng)的解析式為，另外，如果為正弦型函數(shù)圖象的對稱軸，則有，本題屬于中檔題4A【解析】集合集合，故選A5A【解析】根據(jù)模長計算公式和數(shù)量積運算，即可容易求得結(jié)果.【詳解】由于，故選：A.【點睛】本題考查向量的數(shù)量積運算，模長的求解，屬綜合基礎(chǔ)題.6C【解析】命題為全稱命題，它的否定為特稱命題，將全稱量詞改為存在量詞，并將結(jié)論否定，可知命題的否定為，故選C7C【解析】由已知中的三視圖，可知該幾何體是一個以俯視圖為底面的三棱錐，求出底面

8、面積，代入錐體體積公式，可得答案【詳解】由已知中的三視圖，可知該幾何體是一個以俯視圖為底面的三棱錐，其底面面積，高，故體積，故選：【點睛】本題考查的知識點是由三視圖求幾何體的體積，解決本題的關(guān)鍵是得到該幾何體的形狀8D【解析】首先對函數(shù)求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)的符號分析函數(shù)的單調(diào)性和函數(shù)的極值，根據(jù)題意，列出參數(shù)所滿足的不等關(guān)系，求得結(jié)果.【詳解】，令，得，其單調(diào)性及極值情況如下：x0+0_0+極大值極小值若存在，使得，則（如圖1）或（如圖2）（圖1）（圖2）于是可得，故選：D.【點睛】該題考查的是有關(guān)根據(jù)函數(shù)值的關(guān)系求參數(shù)的取值范圍的問題，涉及到的知識點有利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值，畫出圖象數(shù)形結(jié)

9、合，屬于較難題目.9C【解析】根據(jù)已知條件求得等差數(shù)列的通項公式，判斷出最小時的值，由此求得的最小值.【詳解】依題意，解得，所以.由解得，所以前項和中，前項的和最小，且.故選：C【點睛】本小題主要考查等差數(shù)列通項公式和前項和公式的基本量計算，考查等差數(shù)列前項和最值的求法，屬于基礎(chǔ)題.10A【解析】作出函數(shù)的圖象，得到，把函數(shù)有零點轉(zhuǎn)化為與在（2，4上有交點，利用導(dǎo)數(shù)求出切線斜率，即可求得的取值范圍，再根據(jù)充分、必要條件的定義即可判斷【詳解】作出函數(shù)的圖象如圖，由圖可知，函數(shù)有2個零點，即有兩個不同的根，也就是與在上有2個交點，則的最小值為；設(shè)過原點的直線與的切點為，斜率為，則切線方程為，把代入

10、，可得，即，切線斜率為，k的取值范圍是，函數(shù)有兩個零點”是“”的充分不必要條件，故選A【點睛】本題主要考查了函數(shù)零點的判定，考查數(shù)學(xué)轉(zhuǎn)化思想方法與數(shù)形結(jié)合的解題思想方法，訓(xùn)練了利用導(dǎo)數(shù)研究過曲線上某點處的切線方程，試題有一定的綜合性，屬于中檔題11C【解析】依次判斷函數(shù)的值域和奇偶性得到答案.【詳解】A. ，值域為，非奇非偶函數(shù)，排除； B. ，值域為，奇函數(shù)，排除；C. ，值域為，奇函數(shù)，滿足； D. ，值域為，非奇非偶函數(shù)，排除；故選：.【點睛】本題考查了函數(shù)的值域和奇偶性，意在考查學(xué)生對于函數(shù)知識的綜合應(yīng)用.12D【解析】由三視圖可知該幾何體的直觀圖是軸截面在水平面上的半個圓錐，表面積為

11、,故選D二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13【解析】根據(jù)正弦定理，由可得，由可得，將代入求解即得.【詳解】，即，則，則.故答案為：【點睛】本題考查正弦定理和二倍角的正弦公式，是基礎(chǔ)題.144【解析】由基本不等式可得,則,即可解得.【詳解】方法一：，當(dāng)且僅當(dāng)時取等.方法二：因為，所以，所以，當(dāng)且僅當(dāng)時取等.故答案為:.【點睛】本題考查基本不等式在求最小值中的應(yīng)用,考查學(xué)生對基本不等式的靈活使用,難度較易.158 （寫為也得分） 【解析】由，得，.當(dāng)時，所以，所以的奇數(shù)項是以1為首項，以2為公比的等比數(shù)列；其偶數(shù)項是以2為首項，以2為公比的等比數(shù)列.則，.162【解析】根據(jù)比賽場次

12、，分析，畫出圖象，計算結(jié)果.【詳解】畫圖所示，可知目前（五）班已經(jīng)賽了2場故答案為：2【點睛】本題考查推理，計數(shù)原理的圖形表示，意在考查數(shù)形結(jié)合分析問題的能力，屬于基礎(chǔ)題型.三、解答題：共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17（1），；（2）.【解析】（1）由條件得出方程組 ，可求得的通項，當(dāng)時，可得，當(dāng)時，得出是以1為首項，2為公比的等比數(shù)列，可求得的通項；（2）由（1）可知，分n為偶數(shù)和n為奇數(shù)分別求得.【詳解】（1）由條件知， ，當(dāng)時，即，當(dāng)時，是以1為首項，2為公比的等比數(shù)列， ；（2）由（1）可知，當(dāng)n為偶數(shù)時， 當(dāng)n為奇數(shù)時， 綜上，【點睛】本題考查等差數(shù)列和等比數(shù)列

13、的通項的求得，以及其前n項和，注意分n為偶數(shù)和n為奇數(shù)兩種情況分別求得其數(shù)列的和，屬于中檔題.18（1）（2）證明見解析【解析】（1）根據(jù)題意，設(shè)直線方程為，聯(lián)立方程，根據(jù)拋物線的定義即可得到結(jié)論；（2）根據(jù)題意，設(shè)的方程為，聯(lián)立方程得，同理可得，進(jìn)而得到，再利用點差法得直線的斜率，利用切線與導(dǎo)數(shù)的關(guān)系得直線的斜率，進(jìn)而可得與互補.【詳解】（1）由題意設(shè)直線的方程為，令、，聯(lián)立，得，根據(jù)拋物線的定義得，又，故所求拋物線方程為.（2）依題意，設(shè)，設(shè)的方程為，與聯(lián)立消去得，同理，直線的斜率=切線的斜率，由，即與互補.【點睛】本題考查直線與拋物線的位置關(guān)系的綜合應(yīng)用，直線斜率的應(yīng)用，考查分析問題解決

14、問題的能力，屬于中檔題19，；當(dāng)時，棧道總長度最短.【解析】連，由切線長定理知：，即，則，進(jìn)而確定的取值范圍；根據(jù)求導(dǎo)得，利用增減性算出，進(jìn)而求得取值.【詳解】解：連，由切線長定理知：，又，故，則劣弧的長為，因此，優(yōu)弧的長為，又，故，即，所以，則；，其中，-0+單調(diào)遞減極小值單調(diào)遞增故時，所以當(dāng)時，棧道總長度最短.【點睛】本題主要考查導(dǎo)數(shù)在函數(shù)當(dāng)中的應(yīng)用，屬于中檔題.20（1）證明見解析（2）【解析】（1）連接，交與，連接，由，得出結(jié)論；（2）以為原點，分別為，軸建立空間直角坐標(biāo)系，求出平面的法向量，利用夾角公式求出即可.【詳解】（1）連接，交與，連接，在中，又平面，平面，所以平面；（2）由平

15、面平面，為平面與平面的交線，故平面，故，又，所以平面，以為原點，分別為，軸建立空間直角坐標(biāo)系，設(shè)平面的法向量為，由，得，平面的法向量為，由，故二面角的大小為.【點睛】本小題主要考查線面平行的證明，考查二面角的求法，考查空間想象能力和邏輯推理能力，屬于中檔題.21（1）（2）【解析】(1) 代入可得對分類討論即可得不等式的解集; (2)根據(jù)不等式在上恒成立去絕對值化簡可得再去絕對值即可得關(guān)于 的不等式組解不等式組即可求得的取值范圍【詳解】（1）當(dāng)時，不等式可化為，當(dāng)時，不等式為，解得；當(dāng)時，不等式為，無解；當(dāng)時，不等式為，解得，綜上，原不等式的解集為（2）因為的解集包含于，則不等式可化為，即解得，由題意知，解得，所以實數(shù)a的取值范圍是【點睛】本題考查了絕對值不等式的解法分類討論解絕對值不等式的應(yīng)用,含