2022-2023學(xué)年河北省遵化市鄉(xiāng)村中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為一質(zhì)點從時刻開始,做初速度為零的勻加速直線運動的位移時間圖象,圖中虛線為經(jīng)過時對應(yīng)的圖象的點的切線,交時間軸于處,由此可知該質(zhì)點做勻加速運動的加速度為()ABCD2

2、、如圖所示，在一足夠長的粗糙水平桿上套一小圓環(huán)，在小圓環(huán)上施加一水平向右的恒力F，使小圓環(huán)由靜止開始運動，同時在小圓環(huán)上施加一豎直向上的力F，且F滿足的關(guān)系為Fkv.已知小圓環(huán)的質(zhì)量為m，小圓環(huán)與水平桿之間的動摩擦因數(shù)為.則小圓環(huán)運動過程中速度隨時間變化的圖象為（ ）A B C D3、如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿MON，桿的水平部分粗糙，動摩擦因數(shù)=0.2，桿的豎直部分光滑兩部分各套有質(zhì)量均為1 kg的小球A和B，A、B球間用細繩相連初始A、B均處于靜止狀態(tài)，已知OA=3 m，OB=4 m，若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動1 m（取g=10 m/s2），那么該過程中拉力F做功為（）A4

3、 JB10 JC12 JD14 J4、如圖所示，將一個質(zhì)量為 m 的球固定在彈性桿 AB 的上端，今用測力計沿水平方向緩慢拉球， 使桿發(fā)生彎曲，在測力計的示數(shù)逐漸增大的過程中，AB 桿對球的彈力方向為（ ）。A始終水平向左B始終豎直向上C斜向左上方D斜向左下方5、從同一地點同時開始沿同一直線運動的兩個物體、的速度時間圖象如圖所示在0t2時間內(nèi)，下列說法中正確的是（ ）A物體所受的合外力不斷增大，物體所受的合外力不斷減小B在第一次相遇之前，t1時刻兩物體相距最遠Ct2時刻兩物體相遇D、兩個物體的平均速度大小都是6、物體A和B用輕繩相連，掛在輕彈簧下靜止不動，如圖（a）所示，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量

4、為M，當連接A、B的繩突然斷開后，物體A上升經(jīng)某一位置時的速度大小為v，這時物體B的下落速度大小為u，如圖（b）所示，在這段時間里，彈簧的彈力對物體A的沖量為（ ）AmvBmuCmvMuDmvmu二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中,電源內(nèi)阻忽略不計,R0的阻值小于R1的總電阻。閉合開關(guān)S,電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I;在滑動變阻器R1的滑片P由b端滑到a端的過程中A電流表示數(shù)I先變小后變大B電壓表示數(shù)U先變大后變小C電壓表示數(shù)U變化量與電流表示數(shù)I變

5、化量比值等于R3D電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I比值先變大后變小8、如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜止。則在此過程中，下列說法正確的是（）AMN對Q的彈力逐漸減小BP對Q的彈力逐漸增大C地面對P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合力逐漸增大9、嫦娥工程分為三期，簡稱“繞、落、回”三步走我國發(fā)射的“嫦娥三號”衛(wèi)星是嫦娥工程第二階段的登月探測器，該衛(wèi)星先在距月球表面高度為h的軌道上繞月球做周期為T的勻速圓周運動，再經(jīng)變軌后成功落月已知月球的半徑為R

6、，引力常量為G，忽略月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影響則以下說法正確的是A物體在月球表面自由下落的加速度大小為B“嫦娥三號”繞月球做勻速圓周運動時的線速度大小為C月球的平均密度為D在月球上發(fā)射月球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為10、如圖所示，固定半圓弧容器開口向上，AOB是水平直徑，圓弧半徑為R，在A、B兩點，分別沿AO、BO方向同時水平拋出一個小球，結(jié)果兩球落在了圓弧上的同一點，從A點拋出的小球初速度是從B點拋出小球初速度的3倍，不計空氣阻力，重力加速度為g，則）（ ）A從B點拋出的小球先落到圓弧面上B從B點拋出的小球做平拋運動的時間為C從A點拋出的小球初速度大小為D從A點拋出的小球落到圓弧面上時，速度的反向

7、延長線過圓心O三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，如果取g=10m/s2，那么： (1)閃光的時間間隔是 _ s； (2)小球做平拋運動的初速度的大小 _ m/s； (3)小球經(jīng)過C點時的速度大小是 _ m/s（結(jié)果可以保留根式）12（12分）借助于位移傳感器可以方便地測量木塊和木板之間的動摩擦因數(shù)，實驗裝置如圖甲所示，木塊從木板上面某一點靜止釋放，位移傳感器記錄下木塊到傳感器的距離。計算機描繪的距離隨時間變化的圖象如圖乙所示。圖甲 圖乙（1）根據(jù)上述s-

8、 t圖象，計算木塊加速度a =_m/s2， 0.3s時木塊的速度v=_m/s， 。（以上結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（2）根據(jù)圖中提供的已知數(shù)據(jù)，可計算出木塊與木板間的動摩擦因數(shù)=_。（取重力加速度g=10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（3）為了提高木塊與木板間動摩擦因數(shù)的測量精度，下列措施可行的是_。A點與傳感器距離適當大些 B木板的傾角越大越好C選擇體積較小的實心木塊D傳感器開始計時的時刻必須是木塊從A點釋放的時刻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在水平地面上有一質(zhì)量為2kg的物體，在水平拉力F的作用下

9、由靜止開始運動，10s后拉力大小減為零，該物體的運動速度隨時間t的變化規(guī)律如圖所示(g取10m/s2)求：(1)前10s內(nèi)物體的加速度和位移大小(2)物體與地面之間的動摩擦因數(shù)(3)物體受到的拉力F的大小14（16分）如圖所示，將一個折射率為 的透明長方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個截面，一單色細光束入射到P點，入射角為 ，求：（1）若要使光束進入長方體后能射至AD面上，角的最小值；（2）若要此光束在AD面上發(fā)生全反射，角的范圍15（12分）如圖甲，質(zhì)量為1kg的滑塊受到一個沿斜面方向的外力F作用，從斜面底端開始，以初速度v03.6m/s沿著傾角為37足夠長的斜面向上運動，物體與斜面間的

10、動摩擦因數(shù)為0.8?；瑝K開始一段時間內(nèi)的速度-時間圖像如圖所示乙（g取10m/s2，sin370.6，cos370.8）。求：（1）滑塊上滑過程中加速度的大小和方向；（2）滑塊所受外力F的大小和方向；（3）當滑塊到最高點時撤除外力，此后滑塊能否返回斜面底端？若不能返回，求出滑塊停在離斜面底端的距離。若能返回，求出返回斜面底端時的速度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】位移時間圖象的斜率表示速度，由圖象得時刻的速度,根據(jù)勻加速直線運動速度時間公式,解得,選B.2、C【解析】開始時圓環(huán)受到向下的重力和細桿向

11、上的支持力，當施加F后，開始時細桿對圓環(huán)的支持力FN向上，根據(jù)牛頓第二定律可知a=F-FNm=F-(mg-kv)m，可知隨速度v的增加，加速度a逐漸變大；當kv=mg時a達到最大；然后隨v的繼續(xù)增加，F(xiàn)N反向，加速度變?yōu)?a=F-FNm=F-(kv-mg)m，可知隨速度v的增加，加速度a逐漸變小；當加速度減到零后，變?yōu)閯蛩龠\動，故選C.【點睛】此題關(guān)鍵是分析圓環(huán)的受力情況，尤其是桿對圓環(huán)的彈力的大小和方向，然后分析加速度的變化，從而確定圖像的形狀.3、D【解析】對AB整體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式，求出支持力N，從而得到滑動摩擦力為恒力，最后對整體運用動能定理列式，得到拉力的功；【詳解】

12、對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力N1，如圖所示：根據(jù)共點力平衡條件，有豎直方向： 水平方向： 其中： 解得：，對整體在整個運動過程中運用動能定理列式，得到：根據(jù)幾何關(guān)系，可知求B上升距離，故有：，故選項D正確，選項ABC錯誤【點睛】本題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據(jù)共點力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據(jù)動能定理求變力做功4、C【解析】以球為研究對象，分析受力情況：重力G、測力計的拉力T和AB桿對球作用力F，由平衡條件知，F(xiàn)與G、T的合力大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖。則有G、T的合力方向斜向右下方，測力計的示數(shù)逐漸增大，T逐漸增長，根據(jù)

13、向量加法可知G、T的合力方向與豎直方向的夾角逐漸增大，所以AB桿對球的彈力方向斜向左上方，與豎直方向的夾角逐漸增大。A始終水平向左，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B始終豎直向上，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C斜向左上方，與結(jié)論相符，選項C正確；D斜向左下方，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】試題分析：速度時間圖像的斜率表示加速度，從圖中可知I曲線的斜率都在減小，所以I加速度都在減小，根據(jù)牛頓第二定律可得I合力都在減小，II斜率恒定，做勻減速直線運動，合力恒定，A錯誤；速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，由圖可知在時刻兩物體面積差最大，相距最遠，故B正確；時刻，物體I的位移比物體II的位移大，兩

14、者又是從同一地點同時開始運動的，所以時刻兩物體沒有相遇，故C錯誤；物體的位移就等于圖中兩圖象與時間軸所圍的面積，平均速度就等于位移與時間的比值，由圖知物體I的位移比物體II的位移大，且II物體做勻減速運動，其平均速度為，I的平均速度大于，D錯誤考點：考查了速度時間圖像【名師點睛】在速度時間圖像中，需要掌握三點，一、速度的正負表示運動方向，看運動方向是否發(fā)生變化，只要考慮速度的正負是否發(fā)生變化，二、圖像的斜率表示物體運動的加速度，三、圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，在坐標軸上方表示正方向位移，在坐標軸下方表示負方向位移6、D【解析】對B由動量定理得：設(shè)彈簧沖量為I，對A由動量定理得：聯(lián)立解得：故

15、ABC錯誤，D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A滑動變阻器R1的滑片P由b端滑到a端的過程中，總電阻先變大后變小，由閉合電路歐姆定律可知，電流表示數(shù)先變小后變大，故A正確；B電源內(nèi)阻忽略不計，所以電壓表示數(shù)不變，故B錯誤；C電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量比值等于除R3外的總電阻，故C錯誤；D電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值等于除R3外的總電阻，電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)比值先變大后變小，故D正確。8、BC【解析】AB對Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直

16、向下的重力mg、MN給的向左的支持力F1和P對Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，在MN保持豎直并且緩慢地向右平移的過程中，增大，故F1、F2增大，即MN對Q的彈力逐漸增大，P對Q的彈力逐漸增大，故A錯誤，B正確；C對P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，故C正確；D移動MN過程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，故D錯誤。故選BC。9、AC【解析】在月球表面，重力等于萬有引力，則得：；對于“嫦娥三號”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動過程，由萬有引

17、力提供向心力得：；解得： ，故A正確“嫦娥三號”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動，軌道半徑為r=R+h，則它繞月球做勻速圓周運動的速度大小為，故B錯誤由上式得：月球的質(zhì)量為M=，月球的平均密度為=M/V，而V=4R3/3，解得月球的平均密度為 ，故C正確設(shè)在月球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為v，則有： ，即，故D錯誤故選AC【點睛】本題主要是考查了萬有引力定律及其應(yīng)用；解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心力列方程進行解答10、BC【解析】A由于兩球落在圓弧上的同一點，因此兩球做平拋運動下落的高度相同，運動的時間相同，由于同時拋出

18、，因此一定同時落到圓弧面上，A錯誤；B由水平方向的位移關(guān)系可知，由于A點處拋出的小球初速度是B點處拋出小球的3倍，因此A點處拋出小球運動的水平位移是B點處拋出小球運動的水平位移的3倍，由于，因此B點處小球運動的水平位移，根據(jù)幾何關(guān)系可知，兩球做平拋運動下落的高度為，運動的時間，B正確；CA點拋出的小球初速度，C正確；D由于O點不在A點拋出小球做平拋運動的水平位移的中點，D錯誤故選：BC點睛：平拋運動落到同一點，所用時間相同，水平位移之和等于直徑據(jù)此列方程聯(lián)立求解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.1 1.5 325【解析】（1）在

19、豎直方向上有：h=gT2，其中h=（5-3）5cm=10cm，代入求得：T=0.1s；（2）水平方向勻速運動，有s=v0t，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得v0=st=1.5m/s（3）根據(jù)勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在B點有vBy=8l2T=0.400.2=2m/s，所以小球經(jīng)過C點時，vCy=vBy+gt=3m/s，C點時的速度大小vc=vcy2+v02=32512、2.0 0.40 0.50 AC 【解析】由于滑塊在斜面上做勻加速直線運動，所以某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中點時刻的瞬時速度；根據(jù)加速度的定義式即可求出加速度；根據(jù)牛頓第

20、二定律求出測定動摩擦力因數(shù)；為了提高木塊與木板間摩擦力因數(shù)的測量精度，可行的措施是A點與傳感器位移適當大些或減小斜面的傾角；【詳解】解：(1)由圖象知，在第1個0.1s，木塊的位移為0；在第二個0.1s，木塊的位移x2=25-24cm=1cm；經(jīng)第3個0.1s，木塊的位移x3=24-21cm=3cm，經(jīng)第4個0.1s，木塊的位移x4=21-16cm=5cm，0.3s時木塊的速度v=x3+x42t=0.40m/s，由x=aT2解得a=xT2=2.0m/s2 (2)由圖可知sin=1525=0.6，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin-mgcos=ma，解得=gsin-agcos=100.6-2.0100.8=0.50(3)A、A點與傳感器距離適當大些，可提高長度的測量精度，提高加速度的測量精度，從而提高動摩擦因數(shù)的測量精度，故A正確；B、而木板的傾角過大，則運動時間過短，故B錯誤；C、體積較小的實心木塊受到的空氣阻力較小，測量結(jié)果較準確，故C正確；D、傳感器開始計時的時刻可從任意位置，故D錯誤；故選AC。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）18 m/s2；41米 （2）12 （3）26牛【解析】試題分析：（1）前11s內(nèi)物體的加速度a1=vt=810