2021-2022學(xué)年遼寧省本溪市高級(jí)中學(xué)高二上學(xué)期期末考試物理試題（解析版）

1、2021-2022學(xué)年遼寧省本溪市高級(jí)中學(xué)高二上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題（共46分；1-7題每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，每小題4分；8-10題每題有多個(gè)選項(xiàng)正確，每小題6分）1. 了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過(guò)程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要。則以下符合事實(shí)的是（）A. 丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特夢(mèng)圓電生磁，終于發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B. 焦耳通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)了電流通過(guò)導(dǎo)體產(chǎn)生電熱的規(guī)律C. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開(kāi)了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D. 安培定則是用來(lái)判斷通電導(dǎo)線(xiàn)在磁場(chǎng)中所受安培力方向的【答案】B【解析】【分析】【詳解】A英國(guó)物理學(xué)家法拉第夢(mèng)圓磁生電，終于發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，

2、故A錯(cuò)誤；B焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系-焦耳定律，故B正確；C奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開(kāi)了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，故C錯(cuò)誤；D左手定則是用來(lái)判斷通電導(dǎo)線(xiàn)在磁場(chǎng)中所受安培力方向的，故D錯(cuò)誤。故選B。2. 如圖為兩形狀完全相同的金屬環(huán)A、B平行豎直的固定在絕緣水平面上，且兩圓環(huán)的圓心Ol、O2的連線(xiàn)為一條水平線(xiàn)，其中M、N、P為該連線(xiàn)上的三點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)間的距離滿(mǎn)足MOl=O1N=NO2 =O2P當(dāng)兩金屬環(huán)中通有從左向右看逆時(shí)針?lè)较虻拇笮∠嗟鹊碾娏鲿r(shí)，經(jīng)測(cè)量可得M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1、N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，如果將右側(cè)的金屬環(huán)B取走，P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

3、應(yīng)為A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】對(duì)于圖中單個(gè)環(huán)形電流，根據(jù)安培定則，其在軸線(xiàn)上的磁場(chǎng)方向均是向左，故P點(diǎn)的磁場(chǎng)方向也是向左的.設(shè)，設(shè)單個(gè)環(huán)形電流在距離中點(diǎn)l位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，在距離中點(diǎn)3l位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，故M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度，N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度，當(dāng)拿走金屬環(huán)B后，P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度，B正確；故選B.【點(diǎn)睛】本題研究矢量的疊加合成(力的合成，加速度，速度，位移，電場(chǎng)強(qiáng)度，磁感應(yīng)強(qiáng)度等)，滿(mǎn)足平行四邊形定則；掌握特殊的方法（對(duì)稱(chēng)法、微元法、補(bǔ)償法等）3. 如圖，粗細(xì)均勻的正六邊形線(xiàn)框abcdef由相同材質(zhì)的導(dǎo)體棒連接而成，直流電源的兩端與頂點(diǎn)a、b相連，整個(gè)裝置處于垂直于線(xiàn)框的勻強(qiáng)

4、磁場(chǎng)中。若ab棒受到的安培力大小為2N，則六邊形線(xiàn)框受到安培力的總和為（）A. 0NB. 1.6NC. 2.4ND. 4N【答案】C【解析】【分析】【詳解】設(shè)ab的電阻為R，由電阻定律知afedcb的電阻為5R，若ab中的電流為I，則afedcb中的電流為。對(duì)ab棒由安培力F=BIL有方向豎直向上對(duì)afedcb邊框，其有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則其所受安培力方向豎直向上則線(xiàn)框受到的安培力大小為故選C。4. 如圖所示，一個(gè)帶電的物體從光滑絕緣斜面頂點(diǎn)靜止釋放，處在垂直紙面向外的磁場(chǎng)之中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，斜面固定，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間，物體離開(kāi)斜面，已知斜面傾角，離開(kāi)時(shí)的速度v，重力加速度g，可以判斷或計(jì)算出來(lái)的是（

5、）A. 物體帶負(fù)電B. 物體的帶電量大小C. 物體的質(zhì)量D. 物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【答案】D【解析】【詳解】A由于物體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間離開(kāi)斜面，所以所受洛侖茲力垂直斜面向上，由左手定則可知物體帶正電，故A錯(cuò)誤；BC物體離開(kāi)斜面時(shí)可得所以物體的帶電量大小、物體的質(zhì)量都未知，也不能計(jì)算出來(lái)，故BC錯(cuò)誤；D物體在離開(kāi)斜面前，在垂直于斜面方向上處于平衡狀態(tài)沿斜面方向上因此物體沿斜面向下做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度可得物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間故D正確。故選D。5. 如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)的均勻磁場(chǎng)（環(huán)形區(qū)域的寬度非常?。┵|(zhì)量為、電荷量為的粒子可在

6、環(huán)中做半徑為的圓周運(yùn)動(dòng)。、為兩塊中心開(kāi)有小孔的距離很近的極板，原來(lái)電勢(shì)均為零，每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過(guò)板準(zhǔn)備進(jìn)入之間時(shí)，板電勢(shì)升高為，板電勢(shì)仍保持為零，粒子在兩板間的電場(chǎng)中得到加速。每當(dāng)粒子離開(kāi)板時(shí)，板電勢(shì)又降為零。粒子在電場(chǎng)中一次次加速下動(dòng)能不斷增大，而在環(huán)形磁場(chǎng)中繞行半徑不變。（設(shè)極板間距遠(yuǎn)小于）下列說(shuō)法正確的是（）A. 粒子從板小孔處由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)力作用下加速，繞行圈后回到板時(shí)獲得的總動(dòng)能為B. 粒子在繞行的整個(gè)過(guò)程中，每一圈的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變C. 為使粒子始終保持在半徑為的圓軌道上運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小必須周期性遞減D. 粒子從板小孔處由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)力作用下加速，繞行第圈時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為【

7、答案】D【解析】【分析】【詳解】A帶電粒子每一次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)，獲得的動(dòng)能為，經(jīng)過(guò)圈后獲得的動(dòng)能為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC由可知要使半徑不變，速度增加時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度也要增加，則根據(jù)可知，帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期逐漸減小，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；D由可得選項(xiàng)D正確。故選D?！疽?guī)律總結(jié)】該類(lèi)型的回旋加速器的周期可表示為，隨著粒子不斷加速，速率越來(lái)越大，周期越來(lái)越小，為了保證同步加速，必須根據(jù)上述表達(dá)式調(diào)整磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。6. 如圖，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)和磁場(chǎng)相互垂直。 在電磁場(chǎng)區(qū)域中，有一個(gè)豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個(gè)帶正電的小球，小球可沿圓環(huán)自由運(yùn)動(dòng)。 O點(diǎn)為圓環(huán)的圓心，a、b、c

8、為圓環(huán)上的三個(gè)點(diǎn)，a點(diǎn)為最高點(diǎn)，c點(diǎn)為最低點(diǎn)，Ob沿水平方向。 已知小球所受電場(chǎng)力與重力大小相等。 現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點(diǎn)由靜止釋放。 下列判斷正確的是（）A. 當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)為圓周長(zhǎng)的時(shí)洛倫茲力最大B. 小球從a點(diǎn)到b點(diǎn)，洛倫茲力的瞬時(shí)功率一直增大C. 小球在b點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能最大D. 小球從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小【答案】C【解析】【分析】【詳解】A小球受到水平向左的電場(chǎng)力和豎直向下的重力，二者等大，其合力方向與水平方向成45向左下，所以小球運(yùn)動(dòng)到bc的中點(diǎn)之前做加速運(yùn)動(dòng)，之后做減速運(yùn)動(dòng)，所以小球在bc的中點(diǎn)時(shí)速度最大，此時(shí)洛倫茲力最大，故A錯(cuò)誤；B洛倫茲力始終與速度方向垂直，所

9、以洛倫茲力的功率一直為零，故B錯(cuò)誤；C小球從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，所以小球的機(jī)械能增加，從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程，電場(chǎng)力做負(fù)功，小球機(jī)械能減少，所以小球在b點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能最大，故C正確；D結(jié)合A選項(xiàng)的分析可知，小球在bc中點(diǎn)時(shí)速度最大，所以小球從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)過(guò)程中，動(dòng)能先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選C。7. 如圖所示，界面PQ與水平地面之間有一個(gè)正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B和勻強(qiáng)電場(chǎng)E，在PQ上方有一個(gè)帶正電的小球，第一次讓小球自O(shè)點(diǎn)靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)電場(chǎng)和磁場(chǎng)到達(dá)地面，空氣阻力不計(jì)，下列說(shuō)法中正確的是（）A. 小球穿過(guò)電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B. 小球下落到水平地面時(shí)的動(dòng)能等于其減少的

10、電勢(shì)能C. 若僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，其他條件不變，小球下落到水平地面時(shí)的動(dòng)能比第一次大D. 若僅將電場(chǎng)反向，其他條件不變，小球穿過(guò)電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程電勢(shì)能可能一直不變【答案】C【解析】【分析】【詳解】A小球進(jìn)入混合場(chǎng)后，受重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力共同作用，初速度豎直向下，電場(chǎng)力水平向右，洛倫茲力水平向右，因此，合力必不沿豎直方向，故粒子做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力時(shí)刻變化，故合力將會(huì)改變，小球做變加速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B小球進(jìn)入混合場(chǎng)后，受重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力共同作用，電場(chǎng)力做正功，洛倫茲力不做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，小球下落到水平地面時(shí)電場(chǎng)力所做的功等于其減少的電勢(shì)能，但是根據(jù)能量守恒可知，小

11、球下落到水平地面時(shí)的動(dòng)能等于重力所做的功以及電場(chǎng)力所做的功之和，即電勢(shì)能與重力勢(shì)能的減少量的總和，故B錯(cuò)誤；C增大磁感應(yīng)強(qiáng)度后，將改變洛倫茲力的大小，進(jìn)而影響粒子的落點(diǎn)發(fā)生變化，電場(chǎng)力做功將會(huì)改變，落地時(shí)動(dòng)能將會(huì)不同，若僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，洛倫茲力增大，洛倫茲力方向向右，故落點(diǎn)會(huì)偏離原來(lái)位置向右，故電場(chǎng)力做功變大，小球下落到水平地面時(shí)的動(dòng)能比第一次大，故C正確；D若僅將電場(chǎng)反向，當(dāng)小球進(jìn)入電磁場(chǎng)時(shí)此時(shí)水平方向上，電場(chǎng)力與洛倫茲力相平衡，但存在豎直方向上的重力，小球存在重力加速度，速度大小發(fā)生改變，故洛倫茲力增大，水平方向平衡打破，小球不可保持勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故電勢(shì)能發(fā)生改變，D錯(cuò)誤；故選C。8.

12、如圖所示，空間有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶正電的小球質(zhì)量為m，在豎直平面內(nèi)沿與水平方向成30角的虛線(xiàn)以速度v0斜向上做勻速運(yùn)動(dòng)當(dāng)小球經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)突然將電場(chǎng)方向旋轉(zhuǎn)一定的角度，電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，小球仍沿虛線(xiàn)方向做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，選O點(diǎn)電勢(shì)為零，重力加速度為g，則A 原電場(chǎng)方向豎直向下B. 改變后的電場(chǎng)方向垂直于ONC. 電場(chǎng)方向改變后，小球的加速度大小為gD. 電場(chǎng)方向改變后，小球的最大電勢(shì)能為【答案】CD【解析】【詳解】開(kāi)始時(shí)，小球沿虛線(xiàn)做勻速運(yùn)動(dòng)，可知小球受向下的重力和向上的電場(chǎng)力平衡Eq=mg，小球帶正電，則電場(chǎng)豎直向上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；改變電場(chǎng)方向后，小球仍沿虛線(xiàn)做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，可知電場(chǎng)力與重力的合力沿著

13、NO方向，因Eq=mg，可知電場(chǎng)力與重力關(guān)于ON對(duì)稱(chēng)，電場(chǎng)方向與NO成600，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電場(chǎng)方向改變后，電場(chǎng)力與重力夾角為1200，故合力大小為mg，小球的加速度大小為g，選項(xiàng)C正確；電場(chǎng)方向改變后，小球能沿ON運(yùn)動(dòng)的距離為 ，則克服電場(chǎng)力做功為： ，故小球的電勢(shì)能最大值為 ，選項(xiàng)D正確；故選CD.9. 如圖，電源內(nèi)阻忽略不計(jì)，兩個(gè)定值電阻，滑動(dòng)變阻器最大阻值為2R，閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器滑片從最上端移到最下端。若理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值是，理想電流表、示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、，則正確的是（）A. 示數(shù)減小B. 示數(shù)與示數(shù)的比值減小C. 與的比值不變且小于D. 滑動(dòng)變阻器與消耗的總功率

14、先增大后減小【答案】BCD【解析】【詳解】A因電源內(nèi)阻忽略不計(jì)，路端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，故示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；B和的比值等于外電路總電阻，滑動(dòng)變阻器阻值減小，則總外電阻減小。故B正確；C與的比值等于恒定；干路電流增大，電流減小，滑動(dòng)變阻器電流增大，故小于。故C正確；D可將和電源等效成一個(gè)新電源，當(dāng)并聯(lián)總電阻等于0.5R時(shí)，并聯(lián)部分電路總功率最大，故當(dāng)滑片從最上端移到最下端，并聯(lián)總電阻最大為最小為0，則并聯(lián)總電阻從減小到0，故總功率先增大后減小。故D正確。故選BCD。10. 如圖甲所示，ABCD是一長(zhǎng)方形有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界，磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙規(guī)律變化，取垂直紙面向外為磁場(chǎng)正方向，圖中，一質(zhì)量為m、所

15、帶電荷量為q的帶正電粒子以速度v0在t0時(shí)從A點(diǎn)沿AB方向垂直磁場(chǎng)射入，粒子重力不計(jì)。則下列說(shuō)法中正確的是（）A. 若粒子經(jīng)時(shí)間恰好垂直打在CD上，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B. 若粒子經(jīng)時(shí)間恰好垂直打在CD上，則粒子運(yùn)動(dòng)的半徑大小C. 若要使粒子恰能沿DC方向通過(guò)C點(diǎn)，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。╪1，2，3）D. 若要使粒子恰能沿DC方向通過(guò)C點(diǎn)，磁場(chǎng)變化的周期（n1，2，3）【答案】AD【解析】【詳解】A若粒子經(jīng)時(shí)間恰好垂直打在CD上，則粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為L(zhǎng)，根據(jù)牛頓第二定律有解得故A正確；B若粒子經(jīng)時(shí)間恰好垂直打在CD上，如圖1所示，可知粒子運(yùn)動(dòng)了三段四分之一圓弧，則運(yùn)動(dòng)的半徑

16、大小為故B錯(cuò)誤；圖1CD若要使粒子恰能沿DC方向通過(guò)C點(diǎn)，如圖2所示，則粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間一定為磁感應(yīng)強(qiáng)度變化周期的整數(shù)倍，設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子在一個(gè)磁場(chǎng)變化的周期T0內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為120，則故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。圖2二、實(shí)驗(yàn)題（共14分；每空2分）11. 在高速鐵路電力機(jī)車(chē)上，為了保證長(zhǎng)距離穩(wěn)定供電，常用一種配件受電弓碳滑板。如果某同學(xué)想利用如圖甲所示電路測(cè)量一段碳滑板上碳材料的電阻率，他在工程師的指導(dǎo)下將這種碳材料均勻涂抹在一根細(xì)長(zhǎng)的直徑為d=8.5mm的陶瓷管表面，形成一層導(dǎo)電膜。（1）該同學(xué)利用螺旋測(cè)微器測(cè)量涂完碳材料的陶瓷管的外徑D

17、，示數(shù)如圖乙所示，則該陶瓷管的外徑D=_mm；（2）若已知該導(dǎo)電膜的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，某次測(cè)量時(shí)電壓表的讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，這種碳材料的電阻率的表達(dá)式為=_（用已知量的符號(hào)表示）；（3）請(qǐng)你在圖丙方框中將圖甲實(shí)物電路轉(zhuǎn)化成電路原理圖_（用給出的符號(hào)連接）?！敬鸢浮?. 8.561 . . 【解析】【詳解】（1）1螺旋測(cè)微器的固定刻度為8.50mm，可動(dòng)刻度為6.10.01mm=0.061mm所以最終讀數(shù)為D=8.5mm+0.060mm=8.561mm（2）2待測(cè)電阻膜的電阻橫截面積為由電阻定律得聯(lián)立解得 （3）3由甲圖可知，電路圖如圖12. 用如圖甲所示的電路測(cè)量某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，其中R

18、為電阻箱。（1）進(jìn)行了如下的實(shí)驗(yàn)操作：按圖示電路進(jìn)行連接，閉合開(kāi)關(guān)之前，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為_(kāi) （選填“最大”或“最小”）閉合開(kāi)關(guān)S1，把S2與1連接，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I；以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作UI圖線(xiàn)，如圖乙所示。則待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻r=_。（2）為了消除上述操作帶來(lái)的系統(tǒng)誤差，進(jìn)行了如下的操作：閉合開(kāi)關(guān)S1，把開(kāi)關(guān)S2與2連接，當(dāng)電阻箱的阻值為R0時(shí)，電壓表的示數(shù)為U0，電流表的示數(shù)為I0。若乙圖中UI圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值用k表示，則電源內(nèi)阻的精確值r=_。（用題目中物理量字母表示）【答案】 . 最大 . 2.0V . 2.5 . 【解析】【

19、分析】【詳解】(1)1閉合開(kāi)關(guān)之前，為了保護(hù)電路，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為最大值。23根據(jù)閉合電路歐姆定律，有由圖像可知帶入公式，聯(lián)立可得(2)4依題意，有根據(jù)閉合電路歐姆定律，有圖線(xiàn)的斜率為聯(lián)立，可得r=三、解答題（共40分；13題10分，14題12分，15題18分）13. 一玩具起重機(jī)電路示意圖如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻，電阻，電容，當(dāng)起重機(jī)以的恒定速度豎直向上提升一質(zhì)量的物體時(shí)，標(biāo)有“”的燈泡恰好正常發(fā)光，不計(jì)一切摩擦阻力，取重力加速度大小，求：（1）電容器極板所帶電荷量Q；（2）電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）電阻R與電容器并聯(lián)，燈泡與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)，設(shè)燈泡的額定電壓為、額定電流為，通過(guò)電源的電流為I，電阻R兩端的電壓為，則有聯(lián)立解得（2）設(shè)通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為，則有又因?yàn)槁?lián)立代入數(shù)據(jù)解得14. 如圖所示，兩平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。導(dǎo)體棒ab質(zhì)量為m，電阻為R，與導(dǎo)軌豎直部分接觸良好。已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，定值電阻為R0。在導(dǎo)體棒所在空間加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中僅用一根磁感線(xiàn)表示），磁