解析江蘇省南京市、鹽城市2021年高三一模聯(lián)考物理試題

1、word版高中物理2021年江蘇省南京市、鹽城市高考物理一模試卷- 單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.（3分）（2015鹽城一模）取一根玻璃筒，一端封閉，另一端裝有閥門，內(nèi)有羽毛和金屬片，用抽氣機(jī) 把筒內(nèi)的空氣抽盡后關(guān)閉閥門，先把玻璃筒豎直放置,再把玻璃筒倒立過來，則（）A.金屬片下落的加速度大B .羽毛落到底端的速度小C,羽毛運(yùn)動(dòng)的軌跡是曲線D .金屬片和羽毛同時(shí)落到底端【考點(diǎn)】：自由落體運(yùn)動(dòng).【專題】：自由落體運(yùn)動(dòng)專題.【分析】：把管內(nèi)的空氣幾乎抽盡,羽毛、金屬片都只受重力作用，下落加速度均為g,下落一樣快.【解析】：解：把管內(nèi)的空氣幾乎抽盡,羽

2、毛、金蜃片都只受重力作用，下落加速度均為g ,經(jīng)過相同 時(shí)間，物體的速度為v = gt,g相同,v 一樣大，即下落一樣快，所以金屬片和羽毛同時(shí)落到底端. 雌:D【點(diǎn)評(píng)】：本題考查對(duì)落體運(yùn)動(dòng)快慢的理解能力，要區(qū)別伽利略和亞里士多德的觀念，根據(jù)牛頓第二 定律理解有空氣的環(huán)境重物下落快的原因.（3分）（2 015鹽城一模）四個(gè)物體的位移-時(shí)間圖象如圖所示，其中表示物體做加速運(yùn)動(dòng)的是 （）A . B. C. D.【考點(diǎn)】：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.【專題】：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題.【分析】：位移時(shí)間圖線反映了物體各個(gè)時(shí)刻的位置坐標(biāo)情況，圖線的斜率表示是速度.【解析】：解：位移時(shí)間圖線的斜率表示是速度，根據(jù)圖象

3、可知，A做運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)，B處于靜止?fàn)顟B(tài),C 的斜率逐漸增大，做加速運(yùn)動(dòng)，D的斜率逐漸減小,做減速運(yùn)動(dòng)，故C正確.腕:C.【點(diǎn)評(píng)】：本題關(guān)鍵要明確位移時(shí)間圖線中,斜率表示速度，速度時(shí)間圖線中，斜率表示加速度，不 能混淆，.（ 3分）（2 0 15鹽城一模）如圖所示，兩根等長芾電棒放置在第一、二象限，其端點(diǎn)在兩坐標(biāo)軸上， 棒與坐標(biāo)軸圍成等腰直角三角形，兩棒芾電量相等，且電荷均勻分布，此時(shí)O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,撤去 其中一根芾電棒后，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)椋ǎ〢. B. E C. E D . E【考點(diǎn)】：電場(chǎng)線;電場(chǎng)強(qiáng)度.【分析】：先把帶電棒等效成點(diǎn)電荷,利用點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)進(jìn)行矢量求解解可【解析】：解：

4、兩根等長帶電棒等效成兩個(gè)正點(diǎn)電荷如圖，兩正點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的小為E=，故撤走一根芾電棒后，在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為， 故選:B【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了帶電體電荷的等效，然后利用電場(chǎng)的矢量性即可求得4.（3分）（2015鹽城一模）減速帶是交叉路口常見的一種交通設(shè)施，車輛駛過減速帶時(shí)要減速，以 保障行人的安全，當(dāng)汽車前輪剛爬上減速芾時(shí)，減速帶對(duì)車輪的彈力為F,如圖中彈力F畫法正確且分 解合理的是（）A. B. C . D .【考點(diǎn)】：力的合成.【分析】：減速帶對(duì)車輪的彈力方向垂直于接觸面，指向受力物體，根據(jù)力的作用效果，結(jié)合平行 四邊形定則進(jìn)行分解.【解析】：解:減速帶對(duì)車輪的彈力方向垂直車輪和減

5、速帶的接觸面，指向受力物體，故A、C錯(cuò)誤. 按照力的作用效果分解，將F可以分解為水平方向和豎直方向，水平方向的分力產(chǎn)生的效果減慢汽車 的速度，豎直方向上分力產(chǎn)生向上運(yùn)動(dòng)的作用效果，故B正確,D錯(cuò)誤.雌:B.【點(diǎn)評(píng)】：解決本題的關(guān)鍵知道彈力的方向垂直于接觸面，指向受力物體，知道力分解要按照實(shí)際 的作用效果進(jìn)行分解. （ 3分）（201 5 鹽城一模）如圖所示的電路中，燈泡A、B和電感L與直流電源連接,電感的電阻忽 略不計(jì)，燈泡A的阻值是燈泡B的2倍，電鍵K從閉合狀態(tài)突然斷開時(shí)，下列判斷正確的有（）A. A先變亮，然后逐漸變暗B. B先變亮，然后逐漸變暗C . A立即熄滅,B逐漸變暗D . A、B

6、兩燈泡都逐漸變暗【考點(diǎn)】：自感現(xiàn)象和自感系數(shù).【分析】：當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，通過線圈L的電流塔大，穿過線圈的磁通量增大,根據(jù)楞次定律判斷感 應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向和作用，分析哪個(gè)燈先亮.斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析.【解析】：解:由于電感的電阻忽略不計(jì)，燈泡A的阻值是燈泡B的2倍，所以閉合開關(guān),電路穩(wěn)定后流 過L的電流大于流過A的電流;斷開開關(guān)時(shí),線圈產(chǎn)生與原電流方向相同的自感電流阻礙原電流的減 小，而燈泡A中原來的電流消失，流過A的電流與流過線圈L的電流相等，所以A燈先變亮,然后兩 燈泡都逐漸熄滅.故BCD錯(cuò)誤,A正確； 血：A.【點(diǎn)評(píng)】：對(duì)于自感贓，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行

7、理解，注意燈泡 L2為何閃亮的原因，及斷開后通過兩燈泡的電流方向.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的 得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答得0分. （4分）（2015 鹽城一模）位移傳感器自解將位移這個(gè)力學(xué)量通過電容器轉(zhuǎn)化成電學(xué)最如圖 所示，電容器兩極板固定不動(dòng)，芾等量異種電荷，且保持不變，當(dāng)被測(cè)物體帶動(dòng)電介質(zhì)板向左移動(dòng)時(shí)， 電容器（）A.電容增大B.電容減小C.兩極板電壓變大D .兩極板電壓變小【考點(diǎn)】：電容器的動(dòng)態(tài)分析.【專題】：電容器專題.【分析】：根據(jù)電容的決定式判斷電容大小，根據(jù)定義式判斷電壓變化.【解析】：解：由公式C =

8、知，當(dāng)被測(cè)物體帶動(dòng)電介質(zhì)板向左移動(dòng)時(shí),導(dǎo)致兩極板間電介質(zhì)減小， 田眩其電容C減小，由公式C=知，電荷量不變時(shí)，U增大，故BC正確,A D錯(cuò)誤； 幽:BC.【點(diǎn)評(píng)】：本題考查電容的定義式及決定式的配合使用，注意只能根據(jù)決定式判斷電容的變化，再 由定義式判斷電壓或電量的變化. （4分）（201 5 鹽城一模）如圖所示,A、B是繞地球運(yùn)行的天宮一號(hào)橢圓形軌道上的近地點(diǎn) 和遠(yuǎn)地點(diǎn)，則天宮一號(hào)（）A.在A點(diǎn)時(shí)線速度大B .在A點(diǎn)時(shí)重力加速度小C .在B點(diǎn)時(shí)向心加速度小D .在B點(diǎn)時(shí)向心加速度大于該處的重力加速度【考點(diǎn)】：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用.【專題】：人造衛(wèi)星問題.【

9、分析】：根據(jù)開普勒第二定律可知:在近地點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度，根據(jù)做功公式判斷功的 正負(fù)，根據(jù)萬有引力提供向心力公式判斷加速度的大小.【解析】：解:A、根據(jù)開普勒第二定律可知:在近地點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度，所以A點(diǎn)的速度大 于B點(diǎn)的速度，故A正確；B、根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得:g =, 因?yàn)锳的軌道半徑小于B的軌道半徑，所以在A點(diǎn)時(shí)重力加速度大，故B錯(cuò)誤； C向心加速度a =,A點(diǎn)的速度大于B點(diǎn)的速度,A的軌道半徑小于B的軌道半徑所以在B點(diǎn)時(shí)向心加速度小，故C正確; D、在B點(diǎn)衛(wèi)星做近心運(yùn)動(dòng)，即萬有引力大于需要的向心力，所以該處的重力加速度大于在B點(diǎn)時(shí)向心 加速度，故D錯(cuò)誤 幽：A

10、C.【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了開普勒第二定律、萬有引力公式、力做功正負(fù)判斷方法的應(yīng)用，難度不 大，屬于基礎(chǔ)題. （4分）（2015鹽城一模）航母上飛機(jī)彈射起飛是利用電磁驅(qū)動(dòng)來實(shí)現(xiàn)的，電磁驅(qū)動(dòng)原理如圖所示， 當(dāng)固定線圈上突然通過直流電流時(shí)，線圈端點(diǎn)的金屬環(huán)被彈射出去，現(xiàn)在固定線圈左側(cè)同T立置，先 后放有分別用橫截面積相等的銅和鋁導(dǎo)線制成形狀、大小相同的兩個(gè)閉合環(huán)，且p銅 p鋁，合上開 關(guān)S瞬間（ ）A .從左側(cè)看環(huán)中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向B.銅環(huán)受到的安培力大于鋁環(huán)受到的安培力C .若將銅環(huán)旋轉(zhuǎn)在線圈右方，環(huán)將向左運(yùn)動(dòng)D.電池正負(fù)極調(diào)換后，金屬環(huán)不能向左彈射【考點(diǎn)】：楞次定律.【分析】：由右手螺旋定

11、則可求得線圈中的磁場(chǎng)方向，再由楞次定律明確電流方向及環(huán)的受力方向.【解析】：解:A、線圈中電流為右側(cè)流入，磁場(chǎng)方向?yàn)橄蜃?在閉合開關(guān)的過程中，磁場(chǎng)變強(qiáng)，則由楞次定 律可知，電流由左側(cè)看為順時(shí)針;故A正確；B、由于銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應(yīng)電流較大;故銅環(huán)受到的安培力要大于鋁環(huán)，故B正確；C、若環(huán)放在線圈右方，根據(jù)來拒去留可得，環(huán)將向右運(yùn)動(dòng)；故C錯(cuò)誤；D、電池正負(fù)極調(diào)換后，金屬環(huán)受力向左，故仍將向左彈出；故D錯(cuò)誤； 故選：AB.【點(diǎn)評(píng)】：本題要掌握楞次定律的兩種描述，一是增反減同；二是來拒去備；并能靈活根據(jù) 它們?nèi)ヅ袛嚯娏鞣较蚣笆芰Ψ较?9. （ 4分）（20 1 5 鹽城一模）如圖所示，內(nèi)壁

12、光滑的圖形軌道固定在豎直平面內(nèi)，輕桿兩端固定有 甲、乙兩小球，甲球質(zhì)量小于乙球質(zhì)量，將兩球放入軌道內(nèi)，乙球位于最低點(diǎn)，由靜止釋放輕桿后，則甲 球（ ）A.能下滑到軌道的最低點(diǎn)B ,下滑過程中桿對(duì)其做負(fù)功C.滑回時(shí)一定能返回到初始位置D.滑回過程中增加的重力勢(shì)能等于乙球減少的重力勢(shì)能【考點(diǎn)】：機(jī)械能守恒定律.【專題】：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題.【分析】：甲與乙兩小球系統(tǒng)，重力勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)機(jī)械能守恒,根據(jù)機(jī)械能守恒定律 求解即可.【解析】：解：A若甲球沿凹槽下滑到槽的最低點(diǎn),乙則到達(dá)與圓心等高處，但由于乙的質(zhì)量比甲 大，造成機(jī)械能增加了，明顯違背了機(jī)械能守恒定律，故甲球不可能到圓弧最低點(diǎn)

13、，但返回時(shí),一定能 返回到初始位置，故A錯(cuò)誤,C正確；B、下滑過程中，乙的機(jī)械能逐漸增大,所以甲的機(jī)械能逐漸減小，則桿對(duì)甲做負(fù)功，故B正確.D、甲與乙兩個(gè)物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒，滑回過程中,甲球增加的重力勢(shì)能等于乙減小的機(jī)械能以及甲 的動(dòng)能.故D錯(cuò)誤.幽：BC .【點(diǎn)評(píng)】：本題關(guān)鍵是甲與乙兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，也可以找出系統(tǒng)重心，當(dāng)作單個(gè)物體進(jìn)行分 析.三.簡答題:本題分必做題（第10 , 11題）和選做題（第1 2題）兩部分，共計(jì)42分.請(qǐng)將解答填寫在 答題卡相應(yīng)的位置.10 . （8分）（2015鹽城一模）小球A從桌邊水乎拋出，當(dāng)它恰好離開桌邊緣時(shí)小球B從同樣高度處 自由下落，頻閃照相儀拍到了

14、 A球和B球下落過程的三個(gè)位置，1圖中A球的第2個(gè)位置未畫出.已 知背懸的方格紙每小格的邊長為2.45cm,頻閃照相儀的閃光頻率為10 H z.請(qǐng)?jiān)?圖中標(biāo)出A球的第2個(gè)位置；A球離開桌邊時(shí)速度的大小為0.735 m/s .為測(cè)定滑塊與水平桌面的動(dòng)摩擦因數(shù),某實(shí)驗(yàn)小組用彈射裝置將滑塊以不同初速度彈出，通過光電門見表(g = 10m/s2).測(cè)出初速度V0的值,用刻度尺測(cè)出其在水平桌面上滑行的距離S ,測(cè)量差實(shí)驗(yàn)次數(shù) vo2 ( m2/ s 2 ) s ( cm)I 1.2 15.02 2.5 31.03 4.2 53 . 04 6.075 .05 7.5 94.0在2圖示坐標(biāo)中作出vo2 -

15、s的圖象;利用圖象得到動(dòng)摩擦因數(shù)p= 0.4 .【考點(diǎn)】：探究影響摩擦力的大小的因素.【專題】：實(shí)驗(yàn)題;摩擦力專題.【分析】：平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)該規(guī)律得出 A球第2個(gè)位置.根據(jù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒星得出相等的時(shí)間間隔，從而得出頻閃照相儀的 閃光頻率.通過水平方向上的位移求出A球離開桌邊時(shí)的速度大小.根據(jù)圖象用直線將點(diǎn)相連，誤差較大的點(diǎn)舍去；結(jié)合動(dòng)能定理的表達(dá)式分析圖象的可得出圖象中斜率 與動(dòng)摩擦因數(shù)的關(guān)系，從而即可求解.【解析】：解:（1）因?yàn)锳球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，與B球的運(yùn)動(dòng)規(guī)律相同,則第2個(gè)位置 與B球的第二個(gè)位置在同一水平

16、線上.在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則第2球距離第3個(gè)球水平 距離為3格.如圖所示.頻閃照相儀的閃光頻率為10Hz ,則T =0.1sA球離開桌邊時(shí)的速度（2）（1）根據(jù)描點(diǎn)法作出圖象，如圖所示：(2 )由動(dòng)能定理可得：W=F 合 s=mv2 - mvo2=m ( v 2 - vo2)卬2= s = 2 p g s;則可知圖象的斜率等于2pg,由圖可知,圖象的斜率為=8 ;解得:p = =0.4 ;故答案為：如上圖所示；0.735; ( 2)如圖所示;(2 ) 0.4(0 . 350.45 ).【點(diǎn)評(píng)】：對(duì)于實(shí)驗(yàn)的考查應(yīng)要注意實(shí)驗(yàn)的原理,通過原理體會(huì)實(shí)驗(yàn)中的數(shù)據(jù)處理方法及儀器的選 擇；有條件的最

17、好親手做一下實(shí)驗(yàn),注意本題圖象的斜率與動(dòng)摩擦因數(shù)的關(guān)系是解題的關(guān)鍵.( 10分)(20 1 5鹽城一模)某同學(xué)要測(cè)一只額定電壓為6 V、額定功率約為1W的小燈泡的 電阻.(1 )他選用多用電表，將其選擇開關(guān)旋至xl擋，調(diào)節(jié)好多用電表，測(cè)量時(shí)多用電表的示數(shù)如圖1 所示,讀數(shù)為5 Q(2)他再利用表中提供的器材，采用伏安法測(cè)量小燈泡正常工作時(shí)的電阻.序號(hào)器材名稱 序號(hào)器材名稱A電流表(量程3 A、內(nèi)阻約0.01。)E滑動(dòng)變阻器(阻值5 0Q,最大電流1A )B電流表(量程200mA、內(nèi)阻約0.5Q) F電源(電動(dòng)勢(shì)8V ,內(nèi)阻忽略不計(jì))C電壓表(量程3V、內(nèi)阻約10K。)G電鍵、導(dǎo)線若干D電壓表(

18、量程15V、內(nèi)阻約20KQ)圖2四幅電路圖中最合理的是工電流表應(yīng)該選用B ,電壓表應(yīng)該選用。(填寫表中的序號(hào))按照中最合理的電路圖把圖3中實(shí)物連接完整.(3)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)用多用電表和伏安法測(cè)出小燈泡的電阻差距很大，其原因是電阻絲的電阻值隨溫 度的升高而增大.【考點(diǎn)】：伏安法測(cè)電阻.【專題】：實(shí)驗(yàn)題;恒定電流專題.【分析】：本題讀數(shù)時(shí)應(yīng)分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀,注意半毫米刻度線以露出;題的關(guān) 鍵是明確歐姆表指針偏角過大說明待測(cè)電阻過小即倍率選擇的過大；題的關(guān)鍵是根據(jù)通過待測(cè)電 阻的最大電流來選擇電流表量程，根據(jù)要求電壓調(diào)節(jié)范圍足夠大可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選 擇阻值小的變阻器以方便調(diào)

19、節(jié)，明確待測(cè)電阻阻值較小時(shí)應(yīng)用電流表外接法.【解析】：解:(1)歐姆表的讀數(shù)是5，倍率是x 1，所以總讀數(shù)是5 Q;(2)燈泡的電阻值約為5Q ,雇于小電阻，電流表要使用勺腰法；滑動(dòng)變阻器的電阻值大于燈泡的電 阻值，要使用限流式接法，故實(shí)驗(yàn)的原理圖選擇C.根據(jù)歐姆定律可知，通過待測(cè)電阻的最大電流為I航,所以電流表應(yīng)選量程200mA的電小燈泡的額定電壓是6 V,所以要選擇量程15V的電壓表D,不能選擇3V量程的電壓表;連線圖如圖所示（3）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)用多用電表和伏安法測(cè)出小燈泡的電阻差距很大,其原因是電阻絲的電阻值隨溫度的 升高而增大.故答案為：（1）5 ; （2）C , B, D,如圖；（3 ）

20、電阻絲的電阻值隨溫度的升高而增大【點(diǎn)評(píng)】：應(yīng)明確:根據(jù)通過待測(cè)電阻的最大電流來選擇電流表里程;當(dāng)待測(cè)電阻滿足黑 維時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足電流表應(yīng)用內(nèi)接法;當(dāng)實(shí)驗(yàn)要求電壓調(diào)節(jié)范圍足夠大或變阻器全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)選修模塊3-3（12分）（ 4分）（2015鹽城一模）如圖所示，把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端就變鈍了，產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是（） 一聾,A.玻璃是非晶體，熔化再凝固后變成晶體B .玻璃是晶體，熔化再凝固后變成非晶體C.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為引力使其表面繃緊D .熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為斥力使其表面擴(kuò)張【考點(diǎn)】：*

21、晶體和非晶體.【分析】：細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力；【解析】：解：A、B、玻璃是非晶體，熔化再凝固后仍然是非晶體.故A B錯(cuò)誤；C、D、細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力的作用，因?yàn)楸砻鎻埩哂惺挂?體表面繃緊即減小表面積的作用，而體積相同情況下球的表面積最小，故呈球形.故C正確，D錯(cuò)誤. ：C【點(diǎn)評(píng)】：本題關(guān)鍵是理解玻璃在熔化的過程中的現(xiàn)象的特定和本質(zhì),注意學(xué)習(xí)時(shí)的記憶與區(qū)別.1 3 .（4分）（2 0 1 5鹽城一模）一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系如圖所示,AB、B C分別與p軸和T軸平行，氣體在狀態(tài)C時(shí)分子平均動(dòng)能上選填大于、等于

22、或小于） A狀態(tài)時(shí)分子平均動(dòng)能，氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中,對(duì)外做的功為W,內(nèi)能增加 了【考點(diǎn)】：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律.【分析】：由理想氣體狀態(tài)方程分析溫度變化；則可得出分子平均動(dòng)能的變化.氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過程中，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律U=W+Q求解.【解析】：解曲圖可知，C點(diǎn)的溫度最高;因溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志;故C點(diǎn)時(shí)分子平均動(dòng) 能大于A狀態(tài)時(shí)的分子平均動(dòng)能；,由熱力學(xué)第一定律可知，氣體對(duì)外做功;則有2U=-W+Q； 則Q=W十&U ；故答案為：大于;W+aU,【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了理想狀態(tài)方程的應(yīng)用和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用, 要注意明確各物理量的正

23、負(fù)意義.14 . （4分）（20 1 5鹽城一模）導(dǎo)熱良好的圓柱形汽缸置于水平地面上，用質(zhì)量為M的光滑 活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，活塞橫截面積為S，開始時(shí)汽缸開口向上，被封氣體的體積為 V0,如圖1所示,現(xiàn)將汽缸平放，如圖2所示，已知外界大氣壓強(qiáng)為p0 ,環(huán)境溫度不變，待系 統(tǒng)重新穩(wěn)定后，求活塞相對(duì)于缸底移動(dòng)的距離.，【考點(diǎn)】：理想氣體的狀態(tài)方程;封閉氣體壓強(qiáng).【分析】：對(duì)活塞受力分析，根據(jù)平衡條件求解壓強(qiáng)，氣缸倒置后，對(duì)活塞受力分析根據(jù)平衡條件 列出等式，對(duì)封閉氣體運(yùn)用玻意耳定律求解.【解析】：解：對(duì)活塞受力【分析】：,Mg+P0S=PS/摹P=氣缸倒置后:，對(duì)活塞受力分析得：p=PO對(duì)封

24、閉氣體運(yùn)用?，敹蒔VO=P1V1，得VI二小所以 h = =/答：活塞相對(duì)于缸底移動(dòng)的距離，【點(diǎn)評(píng)】：該題關(guān)鍵要能對(duì)活塞受力分析求出壓強(qiáng)，找出初 末狀態(tài)時(shí)的壓強(qiáng)和體積，由玻意耳定律求的體積即可求得活塞移動(dòng)的距離，選修模塊3-4（12 分），1 5 .（4分）（2015鹽城一模）如圖所示，偏振片正對(duì)工作的液晶顯示器，透過偏振片看到 顯示器亮度正常，將鏡片轉(zhuǎn)動(dòng)90,透過鏡片看到的屏幕漆黑，則（）$A .顯示器發(fā)出的光是縱波B.顯示器發(fā)出的光是橫波，C .顯示器發(fā)出的光是自然光D .顯示器發(fā)出的光是偏振光【考點(diǎn)】：光的偏振.【分析】：偏振片（叫做起偏器）由特定的材料制成，它上面由一個(gè)特殊的方向（叫

25、做透振方向）， 只有振動(dòng)方向與透振方向平行的光波才能通過偏振片如果檢偏器的偏振方向與透射方向垂直 時(shí)，這時(shí)透射光最弱，幾乎為零.【解析】：解:由題意可知,只有當(dāng)入射光的振動(dòng)方向與偏振片的方向相同時(shí)，透射光的強(qiáng)度最 強(qiáng)；若與與偏振片的方向垂直時(shí)，透射光的強(qiáng)度最弱,即為零，因此顯示器發(fā)出的光是橫波，且偏振 光，故BD正確、AC錯(cuò)誤.故選：BD.,【點(diǎn)評(píng)】：本題要知道檢偏器的偏振方向與透射方向垂直時(shí)，這時(shí)透射光最弱，幾乎 為零.考查橫波與縱波的區(qū)別，掌握偏振光與自然光的不同.16. （ 4分）（2 0 15鹽城一模）P、Q是一列簡橫波中相距30m的兩點(diǎn)，各自的振動(dòng)圖象如圖所 示,此列波的頻率f= 0

26、.25 Hz ,如果P比Q離波源近，且P與Q間距離小于1個(gè)波長，則波速 v = 10 m/s.【考點(diǎn)】：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象.,【分析】：由圖可讀出周期,由公式f二 求出頻率.P質(zhì)點(diǎn)距波源近,P先振動(dòng)，從而確定波從P到Q的波形個(gè)數(shù)，結(jié)合P與Q間距離小于1 個(gè)波長，求出波長，再求解波速.【解析】：解曲圖象讀出此波的周期T=4s ,頻率為f=Hz=0.2 5 Hz.,據(jù)題P比Q 離波源近且P與Q間距離小于1個(gè)波長，則得：入二30m,解得A=40m波速為v= m/ s =10m / s故答案為:（1）0.25; （2）10 .【點(diǎn)評(píng)】：此題考查基本的讀圖能力，能根據(jù)波形圖來得出波傳播的

27、波形個(gè)數(shù),此題是特殊值， 而沒有多解.“ 7. （ 4分）（2 01 5 鹽城一模）如圖所示，TS明球體置于空氣中，球半徑R=10cm ,折射 率n = , M N是一條通過球心的直線，單色細(xì)光束A B平行于M N射向球體，B為入射點(diǎn),A B 與MN間距為5 cm,C D為出射光線求CD與MN所成的角a【考點(diǎn)】：光的折射定律.，【分析】：作輔助線，畫出光路圖,由折射定律結(jié)合幾何知識(shí)去 分析求解.【解析】：解：連接OB、BC,如圖所示.由幾何知識(shí)知sini=，則i=4 5,根據(jù)折射定律:n=，得：sinr= r=30同理射出透明球的光線折射角為45由幾何知識(shí)得到a=3 0 答：與MN所成的角a為

28、30 .【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了光的折射定律，正確畫出光路圖是解決本題的關(guān)鍵.選修模塊3-5（ 12分）18 . （2015鹽城一模）下列的四位物理學(xué)家，他們對(duì)科學(xué)發(fā)展作出重大貢獻(xiàn)，首先提出了能量子概念的物理學(xué)家是()A .爰因斯坦B .,普朗克C. 湯姆生 D.貝克勒爾【考點(diǎn)】：物理學(xué)史【分析】：本題考查物理學(xué)史,是常識(shí)性問題，根據(jù)各個(gè)科學(xué)家的成就進(jìn) 行解答【解析】：解:首先提出了能量子概念的物理學(xué)家是普朗克，不是爰因斯坦、湯姆生和 貝克勒爾.故B正確.故選:B.【點(diǎn)評(píng)】：對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一., 19.(2015鹽城一模)一個(gè)軸核(7 )放出一個(gè)a

29、粒子后衰變成社核(Th ),其衰變方程為 eU-* Th+ He ;已知靜止的鈾核、社核和a粒子的質(zhì)量分別為ml、m2和m3,真空中光速 為c,上述衰變過程中釋放出的核能為(ml-m2-m3) c2 .“【考點(diǎn)】：原子核衰變及半衰期、衰變速度.【分析】：根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒寫出衰變方程；根據(jù)爰因斯坦質(zhì)能方程計(jì)算釋放的核能.，【解析】：解:根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒得到衰變方程 為：U- Th + He,根據(jù)爰因斯坦質(zhì)能方程:E=mc2= ( ml - m2 - m3 ) c2故答案為:,;(ml-m2 - m3)c2 .,【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了衰變方程的書寫和爰 因斯坦質(zhì)能方程的應(yīng)用,核反應(yīng)過程滿

30、足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，要注意元素左上角為質(zhì)量 數(shù),左下角為電荷數(shù)，二者之差為中子數(shù).204 2015 鹽城一模)質(zhì)量為m的小球A,在光滑的水平面上以速度v 0與質(zhì)量為3m的靜 止小球B發(fā)生正碰，碰撞后小球A被彈回，其速度變?yōu)樵瓉淼?，求碰后小球B的速度.【考點(diǎn)】：動(dòng)量守恒定律.【分析】：兩球碰撞過程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出碰撞后B的速度.【解析】：解：兩球碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以碰撞前A的速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：mv0=m( - v0 ) +3mv,解 得：v=v 0, 答： 碰 后 B 的u 1 u 1 iu u w j j Ai j imi irn ii j j 1

31、j in j u j j j j iu u i jAll J nil imu lilB J J All D J 111 B lil J D 11B J J J 11B 11 J ID lij JJ HiU J J J U J llil JU U liiD 1U U j HU J 11 1U J J J 11 u u j jiu mu lui j j iu u ii u j j j j j j j u j d j d j ju imu au j m in j u b j ii j j j ini j ii j num ah u mu u j j j i j ib iu jmu ii j j in n j j in u 1Hlmhnu j i iu in j j u j iu j j ji j ju ii j irn j j u in j m ii j j j iniJ 11 R UH HNWI 1 Him imu J u J J Jin j uhu j min111 J U J HU J J J J J A1U U J 1 J J J U B JJ J