福建省安溪一中2022-2023學年物理高三上期中檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A、B兩個物體在t0時從同一地點在同一直線上做勻變速直線運動，它們的速度圖象如圖所示，則在前6秒內(nèi)（）AA、B兩物體運動方向相反Bt4s時A、B兩物體相遇Ct4s時A、B兩

2、物體相距最遠D在相遇前，A、B兩物體最遠距離無法確定2、當兩分子間距變化時分子勢能變大了，則可以判定在此過程( )A分子力一定做了功B分子力一定增大C分子間距一定變大D分子力一定是引力3、如圖所示，可以將電壓降低供給電燈的變壓器是（ ）ABCD4、2017 年 8 月,我國調(diào)制望遠鏡“慧眼成功監(jiān)測到了引力波源所在的天區(qū)。已知 A、 B 兩個恒星靠著相互間的引力繞二者連線上的某點做勻速圓周運動。在環(huán)繞過程中會福射出引力波，該引力波的頻率與兩星做圓周運動的頻率具有相同的數(shù)量級。通過觀察測得 A 的質(zhì)量為太陽質(zhì)量的 29 倍, B 的質(zhì)量為太陽質(zhì)量的 36 倍,兩星間的距離為2 105m。取太陽的質(zhì)

3、量為2x1030kg， G = 6.7x 1011Nm2/kg2,則可估算出該引力波頻率的數(shù)量級為（）A102HzB104HzC106HzD108Hz5、如圖所示，物體P左邊用一根水平輕彈簧和豎直墻壁相連，放在粗糙水平面上，靜止時彈簧的長度大于彈簧的原長若再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動在P被拉動之前的過程中，彈簧對P的彈力N的大小和地面對P的摩擦力f的大小的變化情況是（）AN始終增大，f始終減小BN保持不變，f始終減小CN保持不變，f先減小后增大DN先不變后增大，f先減小后增大6、重力為G的體操運動員在進行自由體操比賽時，有如圖所示的比賽動作，當運動員豎直倒立保持靜止

4、狀態(tài)時，兩手臂對稱支撐，夾角為，則：A當時，運動員單手對地面的正壓力大小為B當時，運動員單手對地面的正壓力大小為C當不同時，運動員受到的合力不同D當不同時，運動員與地面之間的相互作用力不相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為，以一定的速度勻速運動，某時刻在傳送帶適當?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖a所示），以此時為t=0時刻記錄了小物塊之后在傳送帶上運動的速度隨時間的變化關系，如圖b所示（圖中取沿斜面向上的運動方向為正方向，其

5、中兩坐標大小v1v2），已知傳送帶的速度保持不變，則下列判斷正確的是（ ）A0t2內(nèi)，物塊對傳送帶一直做負功B物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tanC0t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功為12mv22-12mv12D系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大8、下列說法正確的是（ ）A一定質(zhì)量的理想氣體，在體枳不變時，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減少B晶體熔化時吸收熱量，分子平均動能一定增大C空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱量可以自發(fā)地從低溫物體向高溫物體傳遞D當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能都是隨分子間距離的減小而增大E.在圍繞地球運行的天宮一號中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果9、

6、如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜止。則在此過程中，下列說法正確的是（）AMN對Q的彈力逐漸減小BP對Q的彈力逐漸增大C地面對P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合力逐漸增大10、如圖所示，甲、乙兩船在同一河岸邊A、B兩處，兩船船頭方向與河岸均成角，且恰好對準對岸邊C點。若兩船同時開始渡河，經(jīng)過一段時間t，同時到達對岸，乙船恰好到達正對岸的D點。若河寬d、河水流速均恒定，兩船在靜水中的劃行速度恒定，下列判斷正確的是（ ）A兩船在靜水中的劃行速

7、率不同B甲船渡河的路程有可能比乙船渡河的路程小C兩船同時到達D點D河水流速為 三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示為“阿特武德機”的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數(shù)學家和物理學家阿特武德于1784年制成他將質(zhì)量同為M（已知量）的重物用繩連接后，放在光滑的輕質(zhì)滑輪上，處于靜止狀態(tài)再在一個重物上附加一質(zhì)量為m的小重物，這時，由于小重物的重力而使系統(tǒng)做初速度為零的緩慢加速運動并測出加速度，完成一次實驗后，換用不同質(zhì)量的小重物，重復實驗，測出不同m時系統(tǒng)的加速度得到多組a、m數(shù)據(jù)后，作出圖像乙(1)為了作出圖乙需要直

8、接測量的物理量有 （_）A小重物的質(zhì)量B滑輪的半徑RC繩子的長度D重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t(2)請推導隨變化的函數(shù)式_(3)如圖乙所示，已知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當?shù)氐闹亓铀俣萭=_，并可求出重物質(zhì)量M=_12（12分）某實驗小組設計了如下圖（）所示的實驗裝置，通過改變生蠔的的質(zhì)量，利用計算機可得滑塊運動的加速度和所受拉力的關系圖象他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條圖線，如圖（）示（）圖線_是在軌道左側抬高成斜面情況下得到的（選填“”或“”）（）滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量_：滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)_ 四、計算題：本題共2小題，共

9、26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，M、P、N為直角三角形的三個頂點，NM與MP間的夾角，MP中點處固定一電荷量為Q的正點電荷，粗糙絕緣桿MN的長，沿MN方向建立x軸(取M點處),今在桿上穿一帶正電小球(可視為點電荷)，自N點由靜止釋放，小 球的重力勢能和電勢能隨位置的變化圖象如圖乙(a)、(b)所示，圖中電勢能，已知小球的電荷量，質(zhì)量m=1.0kg,取,重力加速度g=10m/s2(1)若小球下滑至圖中橫坐標處時，桿對它的彈力恰好為零，求固定在中點處正點電荷的電荷量Q；(2)求小球在橫坐標處的電勢能；(3)若該小球從M點以

10、初速度沿軸向上運動，恰好能運動到N點，然后再返回到M點，求小球返回到M點時的動能14（16分）汽車以的速度行駛5分鐘后突然剎車如剎車過程是做勻變速運動，加速度大小為，則剎車后3秒鐘內(nèi)汽車所走的距離是多少？15（12分）如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為的小球，從離彈簧上端高h處由靜止釋放。某同學研究小球從開始下落到接觸彈簧后繼續(xù)向下運動到最低點的過程，以豎直向下為正方向，小球的加速度與位移之間的關系如圖乙所示，不計空氣阻力，質(zhì)量、重力加速度、已知。（1）求小球剛接觸彈簧時的速度v；（2）判斷小球在圖乙中A、B、C三個位置哪個位置速度最大，根據(jù)圖像求彈簧的勁度系數(shù)；（

11、3）求該過程中小球的最大速度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、由圖可知，兩物體的速度均沿正方向，故方向相同，故A錯誤；B、圖線與坐標軸圍成的面積表示位移.t=4s時，由圖象可知，A圖象與坐標軸圍城的面積比B與坐標軸圍成的面積要小，則A的位移小于B的位移，兩者又是從同一地點出發(fā)的，故不可能相遇，故B錯誤；C、D、在t=4s之前B物體的速度比A物體的速度大，B在A的前方，所以兩物體相距越來越遠，t=4s之后A物體的速度大于B物體的速度，兩物體相距越來越近，故t=4s兩物體距離最遠；故C正確，D錯誤.故

12、選C.【點睛】本題關鍵是根據(jù)速度時間圖象得到兩個物體的運動規(guī)律，然后根據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，結合初始條件進行分析處理2、A【解析】分子勢能變大，則一定是分子克服分子力做功，故A正確；若取無窮遠處為0勢能點，分子間分子勢能與距離的關系如圖所示，可知分子勢能變大了，分子之間的距離可能增大，有可能減小故C錯誤；若分子間距大于平衡間距，分子間距變小時分子勢能減小，分子力可能增加，也可能減小，故B錯誤； 若分子間距小于平衡間距，分子間距變大，分子力減小，表現(xiàn)為斥力，故D錯誤；故選A.點睛：分子間由于存在相互的作用力，從而具有的與其相對位置有關的能其變化情況要看分子間作用力，分子力

13、的功等于分子勢能的減小量3、B【解析】AD圖中原線圈接入恒定電流，變壓器不能工作，故A、D錯誤；B圖中原線圈匝數(shù)比副線圈匝數(shù)多，所以是降壓變壓器，故B正確；C圖中原線圈匝數(shù)比副線圈匝數(shù)少，所以是升壓變壓器，故C錯誤；故選B。4、A【解析】A、B的周期相同，角速度相等，靠相互的引力提供向心力，有：GMAMBL2MArA42T2，GMAMBL2MBrB42T2，有MArA=MBrB，rA+rB=L，解得rAMBMA+MBL3636+29L3665L，由得，T=42L33665GMB，則f=1T=GMB42L33665=6.6710-113621030410(2105)336651.6102Hz。故

14、選A?！军c睛】解決本題的關鍵知道雙星模型的特點，知道雙星具有相同的角速度、周期，結合萬有引力提供向心力進行求解，難度中等5、C【解析】由題意可知，放在粗糙水平面上，靜止時彈簧的長度大于原長，則彈簧對P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同時受到水平向右的靜摩擦力當再用一個從零開始逐漸增大的水平力F向右拉P，直到把P拉動前過程中，物體P受到的靜摩擦力從向右變?yōu)樗较蜃笏云浯笮∠葴p小后增大故只有A正確選A【點睛】在P被拉動之前的過程中，彈簧仍處于原狀，因此彈力不變，而物體P先開始受到向右的靜摩擦力，當拉力漸漸增大時，導致出現(xiàn)向左的靜摩擦力，因而根據(jù)進行受力分析，即可判斷6、A【解析】運動員處于靜止狀

15、態(tài)，即平衡狀態(tài).每只手都承受自身重力的一半.和角度無關，所以A正確,BC錯誤:由牛頓第三定律知兩物體間的相互作用力大小永遠相等.故D錯誤綜上所述本題答案是：A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】由圖知，物塊先向下運動后向上運動，則知傳送帶的運動方向應向上0t1內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，則物塊對傳送帶做負功故A正確在t1t2內(nèi)，物塊向上運動，則有 mgcosmgsin，得tan故B正確0t2內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向

16、下，高度下降，重力對物塊做正功，設為WG，根據(jù)動能定理得：W+WG=12mv22-12mv12，則傳送帶對物塊做功W12mv22-12mv12-WG故C錯誤0t2內(nèi)，重力對物塊做正功，物塊的重力勢能減小、動能也減小都轉化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，則由能量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大故D正確故選ABD.點睛：本題由速度圖象要能分析物塊的運動情況，再判斷其受力情況，得到動摩擦因數(shù)的范圍，根據(jù)動能定理求解功是常用的方法8、ADE【解析】A.一定量的理想氣體，在體積不變時，溫度降低，壓強減小，根據(jù)氣體壓強的微觀原理，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)也減小，故A正確；B.晶體有固定的熔點，在熔化時

17、溫度不變，其分子平均動能一定不變，熔化時吸收熱量，用來增大了分子勢能，故B錯誤；C.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在外界的影響下，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，但不是自發(fā)地從低溫物體向高溫物體傳遞，故C錯誤；D.當分子力表現(xiàn)為斥力時，隨著距離的減小，分子力增大，同時由于分子力做負功，分子勢能也增大，故D正確；E.在圍繞地球運行的天宮一號中，是完全失重的環(huán)境，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果，故E正確。故選ADE.9、BC【解析】AB對Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直向下的重力mg、MN給的向左的支持力F1和P對Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，在MN保持豎直并且緩慢

18、地向右平移的過程中，增大，故F1、F2增大，即MN對Q的彈力逐漸增大，P對Q的彈力逐漸增大，故A錯誤，B正確；C對P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，故C正確；D移動MN過程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，故D錯誤。故選BC。10、CD【解析】A由題意可知，兩船渡河的時間相等，兩船沿垂直河岸方向的分速度v1相等，由v1=vsin知，兩船在靜水中的劃行速率v相等，故A錯誤；B乙船沿BC到達D點，可見河水流速v水方向沿AB方向，可見甲船不可能到達到正

19、對岸，甲船渡河的路程較大，故B錯誤；C由于甲船沿AB方向的位移大小可見兩船同時到達D點，故C正確；D根據(jù)速度的合成與分解，而得故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD ； ； 【解析】根據(jù)加速度的表達式，結合位移時間公式求出重力加速度的表達式，通過表達式確定所需測量的物理量根據(jù)加速度的表達式得出關系式，通過圖線的斜率和截距求出重力加速度和M的大小【詳解】(1) 對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，mg=（2M+m）a，根據(jù) 即 所以需要測量的物理量有：小重物的質(zhì)量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t；故選AD；(2) 整理得：；(3) 知圖線斜率，解得：，【點睛】解決本題的關鍵通過牛頓第二定律和運動學公式得出重力加速度的表達式，以及推導出關系式，結合圖線的斜率和解決進行求解12、1; ； ； 【解析