東北師大附中重慶一中等六校2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖,光滑水平面上緊挨著放了四個質(zhì)量相同的鐵塊,現(xiàn)用一水平向右的恒力作用在第4個鐵塊上、設(shè)1、2之間的壓力為F1，2,3之的力為F2,3,4之間的壓力為F3,則關(guān)于這三個壓力的大小以下說法正確的是（ ）AF1F2F3BF1=F2=F3CF1F2F2=F32、以不同初速度將兩個物體同時豎直向上拋出并開始計時，一個物體所受空氣阻力可忽略，另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比，下列用虛線和實線描述兩物體運動的圖像可能正確的是ABCD3、2018 年 9 月份，三明市某中學(xué)舉

3、行了校秋季運動會，小鄭同學(xué)參加了跳高比賽，最后一次他以背越式跳過拿到了本屆校運會的冠軍，為班級爭了光若忽略空氣阻力，則下列說法正確的是( )A小明起跳時地面對他的支持力等于他的重力B小明腳離地起跳以后在上升過程中處于超重狀態(tài)C小明下降過程中處于失重狀態(tài)D小明起跳以后在下降過程中重力消失了4、如圖所示，一定質(zhì)量的物體通過輕繩懸掛，結(jié)點為O人沿水平方向拉著OB繩，物體和人均處于靜止?fàn)顟B(tài)若人的拉力方向不變，緩慢向左移動一小段距離，下列說法正確的是（ ）AOA繩中的拉力先減小后增大BOB繩中的拉力不變C人對地面的壓力逐漸減小D地面給人的摩擦力逐漸增大5、如圖所示，三角形傳送帶以2m/s的速度逆時針勻速

4、轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為37現(xiàn)有兩個質(zhì)量相等的小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5，（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）下列判斷正確的是A物塊A、B同時到達傳送帶底端B物塊A先到達傳送帶底端C傳送帶對物塊A、B的摩擦均始終沿傳送帶向上D兩物塊分別與傳送帶間的摩擦生熱相等6、從固定斜面上的O點每隔0.ls由靜止釋放一個同樣的小球。釋放后小球做勻加速直線運動某一時刻，拍下小球在斜面運動的照片，如圖所示。測得相鄰小球間的距離xAB=4cm，xBC=8cm。已知O點距離斜面底端的長度為l=35c

5、m。由以上數(shù)據(jù)可以得出（）A小球的加速度大小為6m/s2B小球在B點的速度為0.6m/sC斜面上最多有3個小球在運動D該照片是距第一個小球釋放后0.3s拍攝的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一輕繩通過無摩擦的小定滑輪O與質(zhì)量為mB的小球B連接，另一端與套在光滑豎直桿上質(zhì)量為mA的小物塊A連接，桿兩端固定且足夠長，物塊A由靜止從圖示位置釋放后，先沿桿向上運動設(shè)某時刻物塊A運動的速度大小為vA，加速度大小為aA，小球B運動的速度大小為vB，輕繩與桿的夾角為則

6、 （ ）AVB= BaA= C小球B減小的重力勢能等于物塊A增加的動能D當(dāng)物塊A上升到與滑輪等高時，它的機械能最大8、北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導(dǎo)航，定位等功能“北斗”系統(tǒng)中兩顆工作衛(wèi)星和均繞地心做勻速圓周運動，軌道半徑均為，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的、兩位置，如圖所示若衛(wèi)星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為，地球半徑為，不計衛(wèi)星間的相互作用力以下判斷中正確的是（ ） A這兩顆衛(wèi)星的向心力大小一定相等B衛(wèi)星加速后可追上衛(wèi)星C兩顆衛(wèi)星的向心加速度大小相等，均為D衛(wèi)星由位置運動到位置所需的時間可能為9、一小球放置在光滑水平面上，彈簧左側(cè)固定在豎直面上，右側(cè)與小球相連，如

7、圖甲所示手拿小球沿水平面向右移動一段距離后松手，用計算機描繪出小球運動的 vt 圖象為正弦曲線（如圖乙所示）從圖中可以判斷（） A在 0t1時間內(nèi)，彈簧的彈力對小球做正功B在 0t1時間內(nèi)，彈簧的彈力的功率逐漸增大C在 t2時刻，彈簧的彈力的功率最大D在 t1t3時間內(nèi)，彈簧的彈力做的總功為零10、如圖所示，a、b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度同時水平拋出，已知半圓軌道的半徑與斜面豎直高度相等，斜面底邊長是其豎直高度的2倍，若小球a能落到半圓軌道上，小球b能落到斜面上，則下列說法正確的是Aa球可能先落在半圓軌道上Bb球可能先落在斜面上C兩球可能同時落在半圓軌道上和斜面上D

8、a球可能垂直落在半圓軌道上三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某小組做“探究求合力的方法”的實驗時得出如圖所示的圖（F與A、O共線），其中A為固定橡皮條的固定點、O為橡皮條與細繩的結(jié)合點（1）以下實驗操作正確是_A BC D（2）圖甲中小齊同學(xué)在做“探究求合力的方法”實驗時，可用手拉動_（從A、B、C、D中選）對彈簧秤進行調(diào)零（3）該同學(xué)在做“探究求合力的方法”的實驗采取了下面哪種常用的研究方法_A、控制變量法 B、等效替代法C、小量放大法 D、建立理想模型法（4）圖乙中_是與合力的真實值（填“F”或“”）（5）在實驗中，采取下列

9、哪些措施可減小實驗誤差_A兩個分力、間夾角必須為90B兩個分力、的大小要適當(dāng)大些C拉橡皮條的細繩要盡量短一些D實驗前先檢查彈簧測力計的指針是否指零12（12分）按如圖所示裝置準備好器材后，先接通電源，然后后釋放小車，讓它拖著紙帶運動，得到如圖所示紙帶，紙帶上選取A、B、C、D、E五個計數(shù)點（相鄰兩個計數(shù)點間還有4個計時點未畫出）。（1）打點計時器在紙帶上打下這五個計數(shù)點所用的總時間為_s。（2）紙帶上選取的A、B、C、D、E這五個計數(shù)點中，打點計時器最先打出的點應(yīng)該是_點。（3）請說明怎樣利用紙帶記錄的信息分析確定小車的運動是否為勻變速直線運動_（4）如果用這套裝置驗證機械能守恒定律（動能定理

10、），測得砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，已知重力加速度為g。則下列操作中必要的是 （_）A必須選擇小車靜止時打下的點為第1個計數(shù)點B連接砂桶和小車的細線必須平行于木板C通過將木板右端適當(dāng)墊高來平衡小車所受的摩擦力D質(zhì)量關(guān)系必須滿足Mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）2019年5月26日，2019環(huán)太原國際公路自行車賽在山西博物院鳴槍發(fā)車，來自世界五大洲的男女各20支車隊開始太原賽段的爭奪。這是一項挑戰(zhàn)速度與耐力的運動，沿途的環(huán)境和風(fēng)景都十分秀麗，也給這項異常艱苦的運動帶來了溫馨和愜意。某運動員騎行

11、經(jīng)過一段上坡道路時可簡化為勻減速直線運動，共用時20 s。已知該運動員騎行上坡過程中最初2 s和最后2 s運動的位移分別為23.2 m和8.8 m。求：（1）運動員騎行上坡時的加速度a；（2）這一段坡道的長度L。14（16分）如圖甲所示，木塊A和長木板B疊放在水平地面上，假定木板與地面之間、木板和木板之間的最大靜摩擦力都和滑動摩擦力相等，用一水平力F作用于B，A、B的加速度與F的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g??；，求：(1)A、B間的動摩擦因數(shù)，B與地面間的動摩擦因數(shù)；(2) A的質(zhì)量m，B的質(zhì)量M15（12分）兩個半徑均為R的圓形平板電極，平行正對放置，相距為d，極板間的電勢差為U，板間電場可

12、以認為是均勻的一個粒子從正極板邊緣以某一初速度垂直于電場方向射入兩極板之間，到達撫極板是恰好落在極板中心已知質(zhì)子電荷為e，質(zhì)子和中子的質(zhì)量均視為m，忽略重力和空氣阻力的影響，求：（1）極板間的電場強度E；（2）粒子在極板間運動的加速度a；（3）粒子的初速度v1參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)每塊鐵塊的質(zhì)量為m，以四鐵塊為整體，由牛頓第二定律可得：a=F4m 對1有：F1=ma=F4 對1和2整體有：F2=2ma=F2對1、2和3整體有：F3=3ma=3F4 所以F1F2F3，故應(yīng)選：C。2、D【解析

13、】試題分析：豎直上拋運動不受空氣阻力，做向上勻減速直線運動至最高點再向下自由落體運動，圖象時傾斜向下的直線，四個選項均正確表示；考慮阻力的上拋運動，上升中，隨著減小，減小，對應(yīng)圖象的斜率減小，選項A錯誤下降中，隨著隨著增大，繼續(xù)減小而在最高點時，對應(yīng)圖與軸的交點，其斜率應(yīng)該等于（此時與豎直上拋的最高點相同的加速度），即過交點的切線應(yīng)該與豎直上拋運動的直線平行，只有D選項滿足故選D考點：本題考查了牛頓第二定律、圖象的特點、豎直上拋運動狀態(tài)的判斷3、C【解析】A.小明起跳的初始階段加速度的方向向上，所以地面對他的支持力大于他的重力。故A錯誤；B. 起跳以后在上升過程，只受重力的作用，有向下的重力加

14、速度，是處于完全失重狀態(tài)，故B錯誤；C. 小明下降過程中，只受重力的作用，有向下的重力加速度，處于失重狀態(tài)。故C正確；D. 人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變。故D錯誤。故選：C.4、D【解析】解：將重物的重力進行分解，當(dāng)人的拉力方向不變，緩慢向左移動一小段距離，則OA與豎直方向夾角變大，OA的拉力由圖中1位置變到2位置，可見OA繩子拉力變大，OB繩拉力逐漸變大；OA拉力變大，則繩子拉力水平方向分力變大，根據(jù)平衡條件知地面給人的摩擦力逐漸增大；人對地面的壓力始終等于人的重力，保持不變；故選D【點評】本題考查了動態(tài)平衡問題，用圖解法比較直觀，還可以用函數(shù)法5、B【解析】A、B都以1m/s的初

15、速度沿傳送帶下滑，傳送帶的速度為2m/s，A加速下滑，B減速下滑，到達底端的位移相等，則A先到達底端，故A錯誤，B正確；開始時A相對于傳送帶向上滑動，A受到的滑動摩擦力向下，B相對于傳送帶向下滑動，受到的摩擦力向上，故C錯誤；A向下先加速運動，后與傳送帶一起勻速運動，B始終相對傳送帶滑動，A相對傳送帶的路程小于B相對于傳送帶的路程，根據(jù)Q=fs可知，兩物塊分別與傳送帶間的摩擦生熱不相等，故D錯誤；故選B【點睛】本題考查了比較運動時間、比較相對于路程、判斷摩擦力方向問題，分析清楚物體與傳送帶之間的速度關(guān)系，搞清物體的運動過程即可正確解題6、B【解析】A根據(jù)可得小球的加速度大小為選項A錯誤； B小

16、球在B點時的速度選項B正確；D小球到達B點時的時間即該照片是距第一個小球釋放后0.25s拍攝的，選項D錯誤；C若最高點的球剛釋放時，則最高處2球之間的距離為根據(jù)初速度為零的勻變速直線運動的規(guī)律可知，各個球之間的距離之比為1：3：5：7，則各個球之間的距離分別為2cm，6cm，10cm，14cm，18cm.，因為O點與斜面底端距離為35cm，而前5個球之間的距離之和為32cm，斜面上最多有5個球，選項C錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】試題分

17、析：將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度；再依據(jù)矢量的合成法則，及牛頓第二定律，并選取A與B作為系統(tǒng)，根據(jù)機械能守恒條件，即可求解將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度在沿繩子方向的分速度為，所以，A正確；根據(jù)力的合成與分解法則，結(jié)合牛頓第二定律，而，則有，故B錯誤；選AB作為系統(tǒng)，系統(tǒng)的機械能守恒，那么小球B減小的機械能等于物塊A增加的機械能，C錯誤；除重力以外其它力做的功等于機械能的增量，物塊A上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊A上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減小所以A上升到與滑

18、輪等高時，機械能最大，D正確8、CD【解析】試題分析：由萬有引力提供向心力:，兩顆衛(wèi)星質(zhì)量關(guān)系不清楚，所以兩顆衛(wèi)星所受的向心力大小不一定相等，故A錯誤; 如果衛(wèi)星1加速，在軌道上做圓周運動的向心力增加，而提供向心力的萬有引力沒有發(fā)生變化，故衛(wèi)星1將做離心運動，軌道半徑增大，所以不會追上同軌道上的衛(wèi)星2，故B錯誤;衛(wèi)星在軌道上運動由萬有引力提供圓周運動的加速度：，在地球表面重力與萬有引力大小相等有：，由以上聯(lián)立解得，因為兩顆衛(wèi)星的運轉(zhuǎn)半徑相等，所以加速度也相等，故C正確；萬有引力提供圓周運動向心力有：可得衛(wèi)星運行周期為：，再結(jié)合以上可得，所以衛(wèi)星從位置1到位置2所需時間（n=0、1、2、3），當(dāng)

19、n=1時，故D正確所以CD正確，AB錯誤考點：萬有引力定律的應(yīng)用【名師點睛】在萬有引力這一塊，涉及的公式和物理量非常多，如，做題的時候，首先明確過程中的向心力，然后弄清楚各個物理量表示的含義，最后選擇合適的公式分析解題，本題主要入手點：一是萬有引力提供圓周運動向心力，二是在星球表面重力與萬有引力相等另外這一塊的計算量一般是非常大的，所以需要細心計算9、AD【解析】在0t1時間內(nèi)，小球的速度增大，動能增大，根據(jù)動能定理可知外力做正功，故A正確；t=0時刻v=0，外力做功的功率為零，t1時刻，圖象的斜率等于零，則加速度零，根據(jù)牛頓第二定律知外力為零，由外力功率為零，所以在0t1時間內(nèi)，外力的功率先

20、增大后減小，故B錯誤；在t2時刻，v=0，由P=Fv知，外力的功率為零，故C錯誤；在t1t3時間內(nèi)，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理知，外力做的總功為零，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。10、ABC【解析】ABC. 將圓軌道和斜面軌道重合在一起，如圖所示，交點為 初速度合適，可知小球做平拋運動落在點，則運動的時間相等，即同時落在半圓軌道和斜面上；若初速度不適中，由圖可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圓軌道上，故A、B、C正確；D. 若球垂直落在半圓軌道上，根據(jù)幾何關(guān)系知，速度方向與水平方向的夾角是位移與水平方向的夾角的2倍，而在平拋運動中，某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平

21、方向夾角正切值的2倍，兩者相互矛盾，所以球不可能垂直落在半圓軌道上，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD C B BD 【解析】(1)1A兩個彈簧秤應(yīng)盡量和紙面平行，故A錯誤。B用兩個彈簧秤分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧秤的示數(shù)，其中F1、F2方向夾角不能太小或太大，適當(dāng)即可故B正確C. 固定橡皮條的固定點和結(jié)點位置不能變動，故C錯誤。D只用一只彈簧秤，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧秤的示數(shù)，記下細繩的方向故D正確(2)2使用前要檢查彈簧測力計的指針

22、是否指到零位置如果沒有指在零位置就需要調(diào)零調(diào)零一般方法是通過移動指針來調(diào)零，即調(diào)節(jié)圖示中的部件C(3)3 實驗中兩次要求效果相同，故實驗采用了等效替代的方法所以B正確，ACD錯誤(4)4F1、F2合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數(shù)值，由此可知F是F1、F2合力的理論值，F(xiàn)是合力的實驗值；該實驗的實驗?zāi)康木褪潜容^F1、F2合力的理論值和實驗值是否相等(5)5 A根據(jù)平行四邊形定則可知夾角太小將會導(dǎo)至合力過大，導(dǎo)致一個彈簧拉時可能超過量程，故夾角不能太小或太大，適當(dāng)即可故A不符合題意B實驗是通過作圖得出結(jié)果，故在不超出量程的情況下為了減小誤差

23、應(yīng)讓拉力盡量大些故B符合題意C為了準確記下拉力的方向，故采用兩點描線時兩點應(yīng)盡量距離大一些，故細繩應(yīng)長些故C符合題意D彈簧秤使用前應(yīng)先校零，即實驗前先檢查彈簧測力計的指針是否指零故D符合題意12、0.4 A 在誤差允許的范圍內(nèi)，看連續(xù)相鄰兩計數(shù)點間的位移差x是否為常數(shù) 【解析】（1）1打點計時器在紙帶上打下這五個計數(shù)點所用的總時間為450.02s=0.4s。（2）2因小車做加速運動，則由紙帶上的點跡分布可知，紙帶上選取的A、B、C、D、E這五個計數(shù)點中，打點計時器最先打出的點應(yīng)該是A點。（3）3在誤差允許的范圍內(nèi)，看連續(xù)相鄰兩計數(shù)點間的位移差x是否為常數(shù)，從而確定小車的運動是否為勻變速直線運動；（4）4A在驗證機械能守恒定律的實驗中，不一定必須選擇小車靜止時打下的點為第1個計數(shù)點，可以選擇后面的點研究，選項A錯誤；B連接砂桶和小車的細線必須平行于木板，這樣可認為小車受的拉力等