2023屆遼寧省丹東市第二中學物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列論述符合物理史實的是()A伽利略發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律B開普勒發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量D牛頓根據(jù)萬有引力定律發(fā)現(xiàn)了海王星和冥王星2、兩個質(zhì)量相等的小球在光滑水平面上沿同一直線同向運動，A球

2、的動量是8 kgm/s，B球的動量是6 kgm/s，A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能為ApA0，pBl4 kgm/sBpA4 kgm/s，pB10 kgm/sCpA6 kgm/s，pB8 kgm/sDpA7 kgm/s，pB8 kgm/s3、在物理學的重大發(fā)現(xiàn)中，科學家們總結(jié)出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學假設法和建立物理模型法等以下關(guān)于物理學研究方法的敘述正確的是（ ）A在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法運用了假設法B根據(jù)速度的定義式，當t趨近于零時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了微元法C在實驗

3、探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時，運用了控制變量法D在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運用了極限思想法4、如圖所示，平行直虛線AA、BB、CC、DD、EE，分別表示電勢-4V、-2V、0V、2V、4V的等勢面，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直虛線MN成30角，則（）A該電場是勻強電場，電場強度大小E=2V/mB該電場是勻強電場，電場強度垂直于AA，且指向右下C該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為2V，最低電勢為-2VD該電場是勻強電場，距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V5、北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)是

4、中國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統(tǒng)如圖所示，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星1、2均繞地心做順時針方向的勻速圓周運動，軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于同一圓軌道上的A、B兩位置已知地球表面附近的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力則以下判斷中正確的是A衛(wèi)星1向后噴氣就一定能追上衛(wèi)星2B衛(wèi)星1由位置A運動到位置B所需的時間為C衛(wèi)星1、2繞地球做勻速圓周運動的向心力大小一定相等D若衛(wèi)星1由圓軌道上的位置A變軌能進入橢圓軌道，則衛(wèi)星1在圓軌道上經(jīng)過位置A的加速度小于在橢圓軌道上經(jīng)過位置A的加速度6、某快遞公司分揀快件的水平傳輸裝置示意圖如圖，皮帶在電動機的帶動下保持的恒定速度順時

5、針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為的郵件輕放在皮帶上，郵件和皮帶間的動摩擦力因數(shù)，設皮帶足夠長，取，在郵件與皮帶發(fā)生相對滑動的過程中A皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是一對平衡力B皮帶對郵件做的功和郵件對皮帶做的功互為相反數(shù)C相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為2JD相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為1J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、懸掛在豎直方向上的彈簧振子，從最低點位置向上運動時開始計時，在一個周期內(nèi)的振動圖像如圖所示，關(guān)于這個圖像，下列說法正確的是（ ）

6、A彈簧振子的周期T=2.0sB彈簧振子的周期T=1.0sC彈簧振子的整幅A=5.0cmDt=1.0s時振子運動到最高點8、關(guān)于物體的運動，以下說法正確的是A物體做平拋運動時，在任意相等時間內(nèi)速度的增量一定相同B物體做勻速圓周運動時，加速度恒定C合力對物體做功為零時，物體的機械能一定守恒D如圖所示，光滑的水平面上放置一個光滑的斜劈M，在小物塊m沿斜劈斜面下滑的過程中，小物塊和斜劈組成的系統(tǒng)總動量不守恒9、如圖甲所示，在水平路面上有一質(zhì)量為1103kg的汽車（可視為質(zhì)點）以10m/s的速度向右勻速行駛，由于路面發(fā)生變化，BC段阻力變小從汽車到達A位置開始計時，經(jīng)過20s汽車到達C位置，汽車運動的v

7、t圖像如圖乙所示若行駛過程中汽車發(fā)動機的輸出功率恒為40kW，且汽車在AB和BC路段上行駛時所受阻力均恒定，則下列說法正確的是（ ）A汽車在AB段所受的阻力為B汽車在5-15s內(nèi)作加速度逐漸增大的加速運動C當汽車速度為16m/s時，汽車的加速度大小為0.5m/s2DAC間距離為275m10、小球P和Q用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量等于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的繩比懸掛Q球的繩短將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示，將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點（ ） AP球的動量一定等于Q球的動量BP球的動能一定等于Q球的動能CP球所受繩的拉力一定等于Q球所受繩的拉力DP球的向心加速度一定等

8、于Q球的向心加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分） 某同學用如圖甲所示的裝置來驗證動量守恒定律，該裝置由水平長木板及固定在木板一端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括支架、彈片及彈片釋放裝置，釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出已知一元硬幣和五角硬幣與長木板間動摩擦因數(shù)相同，主要實驗步驟如下：將一元硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長木板中心線運動，在長木板中心線的適當位置取一點O，測出硬幣停止滑動時硬幣右側(cè)到O點的距離再從同一位置釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，重復多次，取該距離的平均值記為x1，如圖乙所示；將五角硬幣放在長

9、木板上，使其左側(cè)位于O點，并使其直徑與中心線重合，按步驟從同一位置釋放彈片，重新彈射一元硬幣，使兩硬幣對心正碰，重復多次，分別測出兩硬幣碰后停止滑行時距O點距離的平均值x2和x3，如圖丙所示（1）為完成該實驗，除長木板，硬幣發(fā)射器，一元及五角硬幣，刻度尺外，還需要的器材為_（2）實驗中還需要測量的物理量為_驗證動量守恒定律的表達式為_（用測量物理量對應的字母表示）12（12分）某同學利用如圖所示的裝置探究小車的加速度與所受合外力的關(guān)系，具體實驗步驟如下:按照圖示安裝好實驗裝置，并測出兩光電門間距離L平衡摩擦力即調(diào)節(jié)長木板的傾角，輕推小車后，使小車沿長木板向下運動，且通過兩個光電門的時間相等取下

10、細繩和沙桶，測量沙子和沙桶的總質(zhì)量m，并記錄把小車置于靠近滑輪的位置，由靜止釋放小車，記錄小車先后通過光電門甲和乙時顯示的時間，并計算出小車到達兩個光電門時的速度和運動的加速度重新掛上細繩和沙桶，改變沙桶中沙子的質(zhì)量，重復步驟(1)如圖，用游標卡尺測得遮光片寬度d=_cm.(2)關(guān)于本實驗的說法正確的是_A平衡摩擦力時要取下細繩和沙桶B平衡摩擦力時不應取下細繩和沙桶C沙桶和沙子的總質(zhì)量必須遠遠小于小車的質(zhì)量D小車的質(zhì)量必須遠遠小于沙桶和沙子的總質(zhì)量四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，一質(zhì)量m0.

11、4 kg的小物塊，以v02 m/s的初速度，在與斜面平行的拉力F作用下，沿斜面向上做勻加速運動，經(jīng)t2 s的時間物塊由A點運動到B點，A、B之間的距離L10 m已知斜面傾角30，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù).重力加速度g取10 m/s2.求：(1)物塊到達B點時速度和加速度的大??；(2)拉力F的大?。?3)若拉力F與斜面夾角為，如圖乙所示，試寫出拉力F的表達式(用題目所給物理量的字母表示)14（16分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑圓弧軌道ABC和水平軌道PA在A點相切BC為圓弧軌道的直徑O為圓心，OA和OB之間的夾角為，sin=，一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右運動，經(jīng)A點沿圓弧軌道通過C

12、點，落至水平軌道；在整個過程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還一直受到一水平恒力的作用，已知小球在C點所受合力的方向指向圓心，且此時小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱阒亓铀俣却笮間求：（1）水平恒力的大小和小球到達C點時速度的大??；（2）小球到達A點時動量的大小；（3）小球從C點落至水平軌道所用的時間15（12分）如圖所示，水平光滑直軌道ab與半徑為R=0.4m的豎直半圓形粗糙軌道bc相切，xab=3.2m，且d點是ab的中點一質(zhì)量m=2kg的小球以v0=8m/s初速度沿直軌道ab向右運動，小球進入半圓形軌道后能通過c點，然后小球做平拋運動落在直軌道上的d點，則求：（1）小球在最高點對軌道的擠壓力

13、；（2）通過軌道bc時克服摩擦力做功參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】開普勒首先發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律，故A錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故B錯誤；卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量數(shù)值，故C正確；亞當斯和勒威耶發(fā)現(xiàn)了海王星，克萊德湯博發(fā)現(xiàn)了冥王星，故D錯誤；故選C。2、C【解析】以A、B兩球組成的系統(tǒng)為對象設兩球的質(zhì)量均為m當A球追上B球時發(fā)生碰撞，遵守動量守恒由題，碰撞前總動量為：p=pA+pB=（8+6）kgm/s=14kgm/s碰撞前總動能為：；A、碰撞后總動量為p=pA+pB=（0+14）

14、kgm/s=14kgm/s，符合動量守恒定律碰撞后總動能為，總動能增加，違反了能量守恒定律，不可能；故A錯誤B、碰撞后總動量為p=pA+pB=（4+10）kgm/s=14kgm/s，符合動量守恒定律碰撞后總動能為 ，總動能增加，違反了能量守恒定律，不可能故B錯誤C、碰撞后總動量為p=pA+pB=（6+8）kgm/s=14kgm/s，符合動量守恒定律碰撞后總動能為，符合能量守恒定律，可能發(fā)生故C正確D、碰撞后，總動量為p=pA+pB=（7+8）kgm/s=15kgm/s，不符合動量守恒定律，是不可能發(fā)生的，故D錯誤故選C3、C【解析】質(zhì)點采用的科學方法為建立理想化的物理模型的方法，A錯誤；為研究

15、某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，即采用了極限思維法，B錯誤；在研究加速度與質(zhì)量和合外力的關(guān)系時，由于影響加速度的量有質(zhì)量和力，故應采用控制變量法，C正確；在探究勻變速運動的位移公式時，采用了微元法將變速運動無限微分后變成了一段段的勻速運動，即采用了微元法，D錯誤4、D【解析】AB從圖中可以看出，等勢面平行且間距相等，故一定是勻強電場；由于電場線與等勢面垂直，且從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故場強方向與AA垂直，且指向左上方；根據(jù)場強與電勢差關(guān)系公式U=Ed可得故AB錯誤；CD勻強電場的等勢面是一些平行的等間距的直線，故該電場

16、是勻強電場；由于勻強電場中沿著電場線，電勢降低的最快，且每前進相同距離，電勢降低相等的值，故距C點距離為2cm的所有點中，最高電勢為4V，最低電勢為-4V，故C錯誤，D正確。故選D。5、B【解析】衛(wèi)星1向后噴氣時需要加速，所需要的向心力增大，而萬有引力不變，衛(wèi)星將做離心運動，軌道半徑增大，不可能追上衛(wèi)星2，A錯誤；衛(wèi)星做圓周運動，由萬有引力提供向心力，根據(jù)地球表面萬有引力等于重力列出等式，由得，衛(wèi)星1由位置A運動到位置B所需的時間為，B正確；由于衛(wèi)星甲和衛(wèi)星乙的質(zhì)量不一定相等，所以地球?qū)深w衛(wèi)星的萬有引力大小不一定相等，C錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力，有，由于衛(wèi)星1在圓軌道上經(jīng)過位置A的軌道半

17、徑等于在橢圓軌道上經(jīng)過位置A的軌道半徑，故兩次情況下加速度相等，D錯誤6、C【解析】根據(jù)摩擦力的大小以及皮帶的位移大小求出郵件與皮帶間的摩擦力對皮帶做的功W由位移公式求出郵件加速過程傳送帶的位移，得到郵件相對于傳送帶的位移大小，再乘以摩擦力，即可求出皮帶對郵件做的功；郵件輕放在皮帶上做勻加速運動，對郵件，運用牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式求出郵件加速達到傳送帶速度所需的時間.【詳解】皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力故A錯誤；郵件與皮帶發(fā)生相對滑動的過程中，設皮帶相對地面的位移為s，則： ；摩擦力對皮帶做的功 ；郵件勻加速運動的位移；

18、皮帶對郵件做的功：，可知二者的數(shù)值不相等故B錯誤；郵件放到皮帶上后做勻加速運動的加速度為郵件勻加速運動到與傳送帶共速的時間 ；聯(lián)立可得：；可知相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題的關(guān)鍵要需理清郵件在整個過程中的運動情況，運用動力學的基本方法，邊計算，邊判斷要注意摩擦生熱與相對位移有關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】依據(jù)x-t圖象可知，周期T=2.0s，故A正確，B錯誤；由圖可知，振幅為A=5cm，故C正確；當t

19、=1.0s時，位移達到正向最大，即最高點，故D正確故選ACD8、AD【解析】平拋運動是加速度為g的勻加速運動v=gt在任意相等時間內(nèi)速度的增量是相等故A正確；勻速圓周運動加速度的方向指向圓心，始終是變化的故B錯誤；只有重力做功時機械能才守恒故C錯誤；由于系統(tǒng)的合外力不為零，則小物塊和斜劈組成的系統(tǒng)總動量不守恒，但水平方向動量守恒，故D正確；故選AD9、CD【解析】A、汽車在AB段做勻速直線運動，有，且，解得；故A錯誤.B、汽車在BC段的阻力變小，由牛頓第二定律可知，結(jié)合圖象可知做加速度減小的變加速直線運動；B錯誤.C、當速度時做變加速直線運動，由，得；而速度為20m/s勻速時有，聯(lián)立可得；故C

20、正確.D、汽車在BC段保持功率恒定，但牽引力為變力，故由動能定理得，其中，代入數(shù)據(jù)解得 ，則；故D正確.【點睛】抓住汽車保持功率不變這一條件，利用瞬時功率表達式求解牽引力，同時注意隱含條件汽車勻速運動時牽引力等于阻力；對于變力做功，汽車非勻變速運動的情況，只能從能量的角度求解10、CD【解析】AB.從靜止釋放至最低點，由機械能守恒得：mgR=12mv2解得：v=2gR在最低點的動量I=mv=m2gR，半徑不相等，動量不相等，A錯誤；B、由機械能守恒得：mgR=12mv2，最低點的動能等于重力勢能的減少量，由于下降的高度不相等，最低點動能不相等，B錯誤；C、在最低點，拉力和重力的合力提供向心力，

21、由牛頓第二定律得：F-mg=mv2R，解得：F=3mg，與半徑無關(guān)吧，C正確；D、根據(jù)a向=（Fmg）/m=2g，向心加速度相等。故D正確。故選：CD。點睛：從靜止釋放至最低點，由機械能守恒列式，可知最低點的速度、動能；在最低點由牛頓第二定律可得繩子的拉力和向心加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、天平 一元硬幣的質(zhì)量為m1，五角硬幣的質(zhì)量為m2 【解析】（1）1動量為質(zhì)量和速度的乘積，該實驗要驗證質(zhì)量不等的兩物體碰撞過程中動量守恒，需測量兩物體的質(zhì)量和碰撞前后的速度，因此除給定的器材外，還需要的器材為天平（2）23測出一元硬幣的質(zhì)

22、量為m1，五角硬幣的質(zhì)量為m2，一元硬幣以速度v1被彈射出去后，由動能定理可得解得，當一元硬幣以速度v1與五角硬幣碰撞后，速度分別為v2、v3，由動能定理可得解得一元硬幣碰后速度，五角硬幣碰后的速度為，若碰撞過程動量守恒則需滿足，代入數(shù)據(jù)可得12、0.675 B 【解析】（1）根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)方法，即主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；（2）探究小車的加速度與所受合外力的關(guān)系，平衡摩擦力時不需要取下細繩和沙桶，也不需要沙桶和沙子的總質(zhì)量必須遠遠小于小車的質(zhì)量；【詳解】（1）游標卡尺主尺讀數(shù)為0.6cm，游標尺上第15個刻度與主尺上某一刻度對齊，則游標讀數(shù)為150.05=0.75mm=0.075cm，所以最終讀數(shù)為：0.6cm+0.075cm=0.675cm；（2）本實驗中，沙桶和沙子的總質(zhì)量所對應的重力即為小車做勻變速運動時，所以不需要“沙桶和沙子的總質(zhì)量必須遠遠小于小車的質(zhì)量”的實驗條件，同時平衡摩擦力時不需要取下細繩和沙桶，故選項B正確，選項ACD錯誤。【點睛】以“驗證牛頓第二定律實驗”為命題背景，考查學生對基本測量工具的使用，對實驗原理、實驗操作及誤差分析的理解和掌握，注意游標