湖南省長沙縣三中2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某物體做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖甲所示，據(jù)此判斷（F表示物體所受合力，x表示物體的位

2、移）四個(gè)選項(xiàng)中正確的是（ ）ABCD2、如圖所示，在光滑的水平面上有甲、乙兩個(gè)木塊，質(zhì)量分別為m1和m2，中間用一原長為L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，現(xiàn)用一水平力F向左推木塊乙，當(dāng)兩木塊一起勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩木塊之間的距離是（ ）ABCD3、介質(zhì)中坐標(biāo)原點(diǎn)0處的波源在t=0時(shí)刻開始振動(dòng)，產(chǎn)生的簡諧波沿x軸正向傳播，t0時(shí)刻傳到L處，波形如題圖所示下列能描述x0處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的圖象是( )ABCD4、下列哪一句話可從牛頓第一定律演繹得出A質(zhì)量是物體慣性的量度B物體的運(yùn)動(dòng)需要力來維持C質(zhì)量一定的物體加速度與合外力成正比D物體有保持原有運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的特性5、如圖(甲)所示，一輕桿一端固定在O點(diǎn)，另一端固定

3、一小球，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng).小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，桿與小球間彈力大小為，小球在最高點(diǎn)的速度大小為v，圖象如圖(乙)所示.下列說法正確的是( )A當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮锽小球的質(zhì)量為C時(shí)，桿對小球彈力方向向上D若，則桿對小球彈力大小為2a6、如圖所示，物體A、B經(jīng)無摩擦的定滑輪用細(xì)線連在一起，A物體受水平向右的力F的作用，此時(shí)B勻速下降，A水平向左運(yùn)動(dòng)，可知() A物體A做勻速運(yùn)動(dòng)B物體A做加速運(yùn)動(dòng)C物體A所受摩擦力逐漸增大D物體A所受摩擦力不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3

4、分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，絕緣粗糙斜面體固定在水平地面上，斜面所在空間存在平行于斜面向上的勻強(qiáng)電場E，輕彈簧一端固定在斜面頂端，另一端拴接一不計(jì)質(zhì)量的絕緣薄板一帶正電的小滑塊，從斜面上的P點(diǎn)處由靜止釋放后，沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，并能壓縮彈簧至R點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，然后返回則( )A滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過程中，其機(jī)械能增量等于電場力、彈簧彈力、摩擦力做功之和.B滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過程中，電勢能的減小量大于重力勢能和彈簧彈性勢能的增加量之和.C滑塊返回能到達(dá)的最低位置在P點(diǎn)；D滑塊最終停下時(shí)，克服摩擦力所做的功等于電勢能的減小量與重力勢能增加量之差；8、如圖所示，水平放置的平行板電容器與直流

5、電源連接，下極板接地一帶電質(zhì)點(diǎn)恰好靜止于電容器中的P點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板向上移動(dòng)一小段距離，則（ ）A電容器的電容將減小，極板帶電荷量將增大B帶電質(zhì)點(diǎn)將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)CP點(diǎn)的電勢將降低D若將質(zhì)點(diǎn)固定，則其電勢能將減小9、機(jī)場使用的貨物安檢裝置如圖所示，繃勁的傳送帶始終保持v=1m/s的恒定速率運(yùn)動(dòng)，AB為傳送帶水平部分且長度L=2m，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=1kg的背包（可視為質(zhì)點(diǎn)）無初速度的放在水平傳送帶的A端，可從B端沿斜面滑到地面已知背包與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，下列說法正確的是A背包從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間為2.1sB背包從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間為2.3sC背包與傳送帶之間的相對位移

6、為0.3mD背包與傳送帶之間的相對位移為0.1m10、如圖所示，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O；整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將細(xì)繩剪斷，將物塊a的加速度記為a1，S1和S2相對原長的伸長分別為l1和l2，重力加速度大小為g，在剪斷瞬間Aa1=3gBa1=0Cl1=2l2Dl1=l2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在用圖甲所示的裝置“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，保持小車質(zhì)量一定時(shí)，驗(yàn)證小車加速度與合力F的關(guān)系 除了電火花計(jì)時(shí)器、小車、砝碼、砝碼盤、細(xì)線、

7、附有定滑輪的長木板、墊木、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下列器材中必須使用的有_（選填選項(xiàng)前的字母）A220V、50Hz的交流電源B電壓可調(diào)的直流電源C刻度尺D秒表E天平（附砝碼）為了使細(xì)線對小車的拉力等于小車所受的合外力，以下操作正確的是_A調(diào)整長木板上滑輪的高度使細(xì)線與長木板平行B在調(diào)整長木板的傾斜度平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)當(dāng)將砝碼和砝碼盤通過細(xì)線掛在小車上C在調(diào)整長木板的傾斜度平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)當(dāng)將穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶連在小車上某同學(xué)得到了圖a所示的一條紙帶，由此得到小車加速度的大小_m/s2（保留二位有效數(shù)字）在本實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，己知三位同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)做出的aF圖像如圖丙

8、中的1、2、3所示下列分析正確的是_（選填選項(xiàng)前的字母）A出現(xiàn)圖線1的原因可能是沒有平衡摩擦力B出現(xiàn)圖線2的原因可能是砝碼和砝碼盤的質(zhì)量不合適C出現(xiàn)圖線3的原因可能是在平衡摩擦力時(shí)長木板的傾斜度過大在本實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，由此造成的誤差是_（選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”）設(shè)拉力的真實(shí)值為F真，小車的質(zhì)量為M，為了使，應(yīng)當(dāng)滿足的條件是_12（12分）兩組同學(xué)在做電學(xué)實(shí)驗(yàn):（1）第一組同學(xué)用如圖甲所示器材做描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，得到如圖乙所示的I-U曲 線，則電路連接需要_條導(dǎo)線 。 圖線發(fā)生彎曲的原因是_。（2）第二組同學(xué)選用圖甲中的合適的器材按圖丙所示電

9、路完成“測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)如圖所示，并畫出了U-I 圖線：由此得電源電動(dòng)勢 E=_ V. 內(nèi)阻 r=_ ；由圖中實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)中選用的滑動(dòng)變阻器最合理的阻值變化范圍為（_）A05 B015 C030 D050四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在光滑水平面上放有A、B兩物塊，A的質(zhì)量M =3kg, B的質(zhì)量m=1kg，A上固定一根水平輕質(zhì)彈簧，A處于靜止?fàn)顟B(tài)，B以速度v0=4m/s沖向A，并與彈簧發(fā)生作用，已知A、B始終在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，試求，在B與彈簧作用過程中：(

10、1)彈簧彈性勢能的最大值EP;(2)A的最大速度和B的最小速度.14（16分）如圖所示，圓心為O、半徑為r=0.1m的圓形區(qū)域中有一個(gè)磁感強(qiáng)度為B=1T、方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蚶锏膭驈?qiáng)磁場，與區(qū)域邊緣的最短距離為L=0.1m的O處有一豎直放置的熒屏MN，今有一質(zhì)量為m=310-10kg、電荷量為q=110-6C的帶電粒子以速率v=1103m/s從左側(cè)A點(diǎn)沿方向垂直射入磁場，飛出磁場后打在熒光屏上之P點(diǎn)，求（1）OP的長度（2）帶電粒子由A到P飛行的時(shí)間15（12分）如圖，在y0的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E；在y0的區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場一個(gè)氕核和一個(gè)氘核先

11、后從y軸上yh點(diǎn)以相同的動(dòng)能射出，速度方向沿x軸正方向已知進(jìn)入磁場時(shí)，速度方向與x軸正方向的夾角為，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場. 氕核的質(zhì)量為m，電荷量為q. 氘核的質(zhì)量為2m，電荷量為q，不計(jì)重力求：(1)第一次進(jìn)入磁場的位置到原點(diǎn)O的距離；(2)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?3)第一次進(jìn)入磁場到第一次離開磁場的運(yùn)動(dòng)時(shí)間 參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】本題考查 v-t圖象、牛頓第二定律【詳解】由圖甲可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以

12、受力為負(fù)，且恒定，4s-6s做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為負(fù)，恒定，6s-8s做負(fù)方向勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為正，恒定，綜上分析B正確【點(diǎn)睛】在v-t圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度恒定，受力恒定2、C【解析】對甲乙做成的整體，根據(jù)牛頓第二定律可知：，對物體甲：，解得，則此時(shí)兩木塊之間的距離是，選項(xiàng)C正確.【點(diǎn)睛】此題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用問題；解題時(shí)先用整體法求解整體的加速度，然后隔離甲物體求解彈簧的壓縮量；整體法和隔離法相結(jié)合是解決連接體問題的常用的方法，必須要熟練掌握.3、C【解析】AB從波形圖可以看出，L=3，t0時(shí)刻傳到x=L處，說明t0=3T簡諧波沿x軸正向

13、傳播，根據(jù)波動(dòng)和振動(dòng)關(guān)系可知：在t0時(shí)刻x=L處質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向和波源在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向相同是沿y軸的負(fù)方向的，即每一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的起振方向都是沿y軸的負(fù)方向的故AB不符合題意CD由于x0，說明在TtT的時(shí)間內(nèi)x0處質(zhì)點(diǎn)沒有振動(dòng)，所以在t0時(shí)刻x0處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)時(shí)間是(3T T)(t0t)(3T)，即T(t0t)2T，即振動(dòng)圖象中t0時(shí)刻前有少于2個(gè)多于個(gè)的完整b波形故C符合題意，D不符合題意點(diǎn)睛： 4、D【解析】試題分析：牛頓第一定律又叫慣性定律，一切物體在沒有受到力的作用時(shí)，總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，除非作用在它上面的力迫使它改變這種運(yùn)動(dòng)狀態(tài)說明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，也沒有提出質(zhì)量是

14、物體慣性的度量，AB錯(cuò)誤，D正確，C為牛頓第二定律的內(nèi)容，C錯(cuò)誤，考點(diǎn)：考查了對牛頓第一定律的理解點(diǎn)評：切記慣性定律和慣性的區(qū)別；牛頓第一定律說明了兩個(gè)問題：它明確了力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系它提出了慣性的概念5、B【解析】AB.在最高點(diǎn)，若，則有：當(dāng)時(shí)，則有：解得：，故A錯(cuò)誤，B正確；C. 由圖可知當(dāng)時(shí)，桿對小球彈力方向向上，當(dāng)時(shí)，桿對小球彈力方向向下，所以當(dāng)時(shí)，桿對小球彈力方向向下，故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：解得：即桿對小球彈力大小為，故D錯(cuò)誤。6、B【解析】B勻速下降，A沿水平面向左做運(yùn)動(dòng)，如圖1，VB是VA在繩子方向上的分量，VB是恒定的，隨著VB與水平方向的夾角增大，VA增大，所以

15、A在水平方向上向左做加速運(yùn)動(dòng)選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；因?yàn)锽勻速下降，所以B受力平衡，B所受繩拉力T=GB，A受斜向上的拉力等于B的重力，在圖2中把拉力分解成豎著方向的F2和水平方向的F1，在豎直方向上，有N+F2=GA繩子與水平方向的夾角增大，所以有F2增大，支持力N減小，所以摩擦力減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤、D正確故選BD【點(diǎn)睛】該題既考查了力的合成與分解，又考察了運(yùn)動(dòng)的合成與分解，是一道質(zhì)量較高的題該題在對A的運(yùn)動(dòng)的分解時(shí)，要明確誰是合速度，誰是分速度，注意物體實(shí)際運(yùn)動(dòng)的速度為合速度此種情況是把合速度沿繩子收縮的方向和繩子擺動(dòng)的方向進(jìn)行正交分解二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題

16、給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】先對滑塊進(jìn)行受力分析，然后結(jié)合滑塊的運(yùn)動(dòng)分析各個(gè)力做功的情況，以及能量轉(zhuǎn)化的方式，即可得出正確的結(jié)論【詳解】由題可知，小滑塊從斜面上的P點(diǎn)處由靜止釋放后，沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，說明小滑塊開始時(shí)受到的合力的方向向上，開始時(shí)小滑塊受到重力、電場力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑塊開始壓縮彈簧后，還受到彈簧的彈力的作用小滑塊向上運(yùn)動(dòng)的過程中，斜面的支持力不做功，電場力做正功，重力做負(fù)功，摩擦力做負(fù)功，彈簧的彈力做負(fù)功在小滑塊開始運(yùn)動(dòng)到到達(dá)R點(diǎn)的過程中，電場力做的功轉(zhuǎn)化為小滑塊的重力勢能、彈

17、簧的彈性勢能以及內(nèi)能由以上的分析可知，滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)的過程中，其機(jī)械能增量等于電場力與彈簧彈力做功、摩擦力做功之和故A正確；由以上的分析可知，電場力做的功轉(zhuǎn)化為小滑塊的重力勢能、彈簧的彈性勢能以及內(nèi)能，所以電勢能的減小量大于重力勢能和彈簧彈性勢能的增加量之和故B正確；小滑塊運(yùn)動(dòng)的過程中，由于摩擦力做功，小滑塊的機(jī)械能與電勢能的和逐漸減小，所以滑塊返回能到達(dá)的最低位置在P點(diǎn)的上方，不能再返回P點(diǎn)故C錯(cuò)誤；滑塊運(yùn)動(dòng)的過程中，由于摩擦力做功，小滑塊的機(jī)械能與電勢能的和逐漸減小，所以滑塊最終停下時(shí)，克服摩擦力所做的功等于電勢能的減小量與重力勢能增加量、彈性勢能增加量之差故D錯(cuò)誤故選AB【點(diǎn)睛】題

18、中，小滑塊的運(yùn)動(dòng)的過程相對是比較簡單的，只是小滑塊運(yùn)動(dòng)的過程中，對小滑塊做功的力比較多，要逐個(gè)分析清楚，不能有漏掉的功，特別是摩擦力的功8、BC【解析】A.根據(jù)電容決定式：下極板上移時(shí)，則d減小，可知C增大，因?yàn)殡妷翰蛔?，根?jù)Q=UC可知，極板帶電量增大，故A錯(cuò)誤；B.將平行板電容器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強(qiáng)增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故B正確；C.場強(qiáng)E增大，而P點(diǎn)與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與上極板間電勢差將增大，上極板的電勢等于電源的電動(dòng)勢，保持不變，而P點(diǎn)的電勢高于下極板的電勢，則知P點(diǎn)的電勢將降

19、低，故C正確；D.由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢降低且大于零，則油滴的電勢能將增加，故D錯(cuò)誤。故選BC。9、AD【解析】背包在水平傳送帶上由滑動(dòng)摩擦力產(chǎn)生加速度，由牛頓第二定律得，得，背包達(dá)到傳送帶的速度v=1m/s所用時(shí)間，此過程背包對地位移，所以共速后背包與傳送帶相對靜止，沒有相對位移，所以背包對于傳送帶的相對位移為，背包勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，所以背包從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間為：；故選AD.10、AC【解析】設(shè)物體的質(zhì)量為m，剪斷細(xì)繩的瞬間，繩子的拉力消失，彈簧還沒有來得及改變，所以剪斷細(xì)繩的瞬間a受到重力和彈簧的拉力，剪斷前對bc和彈簧組成的整體分析可知，故a受到的合力，

20、故加速度，A正確，B錯(cuò)誤；設(shè)彈簧的拉力為，則，根據(jù)胡克定律可得，C正確，D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACE AC 1.15 B 系統(tǒng)誤差 5% 【解析】火花計(jì)時(shí)器需要220V、50Hz的交流電源，要用刻度尺測量紙帶上點(diǎn)跡的距離，需要天平測量小車的質(zhì)量，故需要ACE為了使細(xì)線對小車的拉力等于小車所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力時(shí)應(yīng)當(dāng)將穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶連在小車上，調(diào)整長木板的傾斜度，讓小車拖著紙帶做勻速直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)要調(diào)整長木板上滑輪的高度使細(xì)線與長木板平行，故AC正確，B錯(cuò)誤所以選AC從第一個(gè)點(diǎn)開始，每隔四個(gè)點(diǎn)取

21、一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，時(shí)間間隔T=0.1s，根據(jù)紙帶可知，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離依次為x1=2.61-0.90cm=1.71cm=0.0171m，x2=5.50-2.61cm=2.89cm=0.0289m，x3=9.50-5.50cm=4.00cm=0.0400m，根據(jù)逐差法得：，根據(jù)圖象1可知，當(dāng)沒有掛砝碼、砝碼盤時(shí)，小車產(chǎn)生了加速度，因此說明平衡摩擦力時(shí)木板傾角太大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)圖象2可知，隨著F的增大，即砝碼、砝碼盤的質(zhì)量增大，不再滿足砝碼、砝碼盤質(zhì)量小于小車的質(zhì)量，因此曲線上部出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象，故B正確；根據(jù)圖象3可知，當(dāng)掛上砝碼、砝碼盤時(shí)，小車的加速度還是為零，說明沒有平衡摩擦力或平衡的不夠，故C

22、錯(cuò)誤所以選B.在本實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，由此造成的誤差是系統(tǒng)誤差，對小車，根據(jù)牛頓第二定律得：，對整體根據(jù)牛頓第二定律得：，且，解得：12、8 小燈泡燈絲電阻隨溫度升高而增大 1.44-1.46 1.3 B 【解析】（1）1描繪小燈泡的伏安特性曲線要求燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動(dòng)變阻器要采用分壓式接法，小燈泡電阻小，宜采用電流表外接法，如圖所示：共需8根導(dǎo)線；2由圖乙所示圖象可知，隨燈泡兩端電壓增大，通過燈泡的電流增大，溫度升高，燈泡電阻增大，其伏安特性曲線為曲線；（2）3根據(jù)U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢，故E=1.45V；圖象的斜率表

23、示內(nèi)阻，則可知，4由圖可知，測出中的最小電流約為0.15A，此時(shí)對應(yīng)的總電阻此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電阻應(yīng)為10-1.3=8.7；故滑動(dòng)變阻器總阻值一定大于8.7，同時(shí)為了調(diào)節(jié)方便，總阻值不應(yīng)過大，故應(yīng)選擇15的總阻值，故B正確，ACD錯(cuò)誤；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6J（2）2m/s,0【解析】(1)當(dāng)兩者速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢能最大，設(shè)速度為v，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有：mv0=(m+M)v EP=12mv02-12(m+M)v2聯(lián)立解得：EP=38mv02=6J(2)當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，A的速度最