2022-2023學年新疆石河子一中物理高三第一學期期中聯考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、取水平地面為重力勢能零點一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點其動能與重力勢能恰好相等。不計空氣阻力，該物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角的正切值為（）ABC1D2、雨滴在空氣中下落，當速度比較大的時候，它受到的空氣阻力與其速度的二次

2、方成正比，與其橫截面積成正比，即FfkSv2，則比例系數k的單位是 ()Akg/m4Bkg/m3Ckg/m2Dkg/m3、如圖所示,質量為m的物塊始終固定在傾角為的斜面上,下列說法中正確的是A若斜面向上勻速移動距離s ,斜面對物塊沒有做功B若斜面向右勻速移動距離s,斜面對物塊做功mgsC若斜面向左以加速度a移動距離s ,斜面對物塊做功masD若斜面向下以加速度a移動距離s斜面對物體做功m(g+a) s4、（改編）一個單擺，如果擺球的質量增加為原來的4倍，擺球經過平衡位置時的速度減為原來的，則單擺的（ ）A頻率不變，振幅不變B頻率不變，振幅改變C頻率改變，振幅不變D頻率改變，振幅改變5、將一物體

3、由坐標原點O以初速度v0拋出，在恒力作用下軌跡如圖所示，A為軌跡最高點，B為軌跡與水平x軸交點，假設物體到B點時速度為vB ，v0與x軸夾角為，vB與x軸夾角為，已知OA水平距離x1小于AB水平距離x2，則（ ）A物體從O到A時間大于從A到B時間B物體在B點的速度vB大于v0C物體在O點所受合力方向指向第一象限D可能等于6、在同一地點，甲、乙兩物體沿同一方向做直線運動的速度時間圖象如圖所示，則（ ）A甲物體比乙物體早出發(fā)2sB再次相遇前，在4s時，甲、乙兩物體相距最遠C6s時，甲、乙兩物體相遇D甲、乙兩物體加速時，甲物體的加速度小于乙物體的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

4、分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是北斗導航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知P、Q、M三顆衛(wèi)星均做勻速圓周運動，其中P是地球同步衛(wèi)星，則（）A衛(wèi)星Q、M的加速度aQaMB衛(wèi)星P、M的角速度P0)的液滴，在場強大小為3mgq、方向水平向右的勻強電場中運動，運動軌跡在豎直平面內.A、B為其運動軌跡上的兩點，已知該液滴在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為30，不計空氣阻力。求（1）A、B兩點間的電勢差。（2）當此帶電液滴運動到最高點C時（C點圖中為畫出），

5、液滴由A點運動到C點過程中的機械能改變量。14（16分）商場工作人員推著質量m=20kg的貨箱沿水平地面滑行若用力F1=100N沿水平方向推貨箱，貨箱恰好做勻速直線運動；現改用F2=120N水平推力把貨箱從靜止開始推動（g取10m/s2）（1）求貨箱與地面之間的動摩擦因數；（2）F2作用在貨箱上時，求貨箱運動的加速度大?。唬?）在F2作用下，貨箱運動4.0s時撤掉推力，求貨箱從靜止開始運動的總位移大小15（12分）中國計劃在2020年前后一次性實現火星的“繞”、“落”探測，如果火星探測任務成功以后將會對中國的火星探測積累豐富的經驗已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，火星質量與地球質量之比

6、為q，火星半徑與地球半徑之比為p，求：（1）火星表面的重力加速度；（2）探測器繞火星表面運行的速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設拋出時物體的初速度為v0，高度為h，物塊落地時的速度大小為v，方向與水平方向的夾角為。根據機械能守恒定律得：據題有：聯立解得：則故選C。2、B【解析】表達式Ff=kSv1中：Ff、S、v的單位分別為N，m1、m/s，又1N=1kgm/s1，則得：1kgm/s1=1km1m1/s1，所以k的單位為 kg/m3，故B正確，ACD錯誤故選B.點睛：本題是信息題，根據力學單位制求

7、出比例系數的單位，關鍵要掌握各個物理量的單位，知道1N=1kgm/s13、C【解析】A物塊和斜面一起豎直向上勻速運動，物塊受力平衡，斜面對物塊的力大小等于物塊的重力mg，方向豎直向上，位移方向也向上，所以W=mgs，故A錯誤；B斜面向右勻速運動，物塊也是勻速運動，受力平衡，斜面對物塊的力等于其重力，方向豎直向上，運動方向（位移矢量）始終與斜面作用力垂直，所以不做功，故B錯誤；C物塊和斜面一起向左以加速度a移動距離s，物塊所受的合力做的功等于mas，物塊受到重力和斜面對物塊的力，所以，重力做的功加上斜面對物塊做的功之和等于mas，又因為重力做功為零，所以斜面對物塊做的功等于mas，故C正確；D物

8、塊和斜面一起豎直向下以加速度a移動距離s，物塊所受的合力做的功等于mas，物塊受到重力和斜面對物塊的力，所以重力做的功加上斜面對物塊做的功之和等于mas，又因為重力做功為mgs，所以斜面對物塊做的功等于mas-mgs，故D錯誤。4、B【解析】CD決定單擺周期的是擺長及當地重力加速度，即，單擺的周期與質量無關，與單擺的運動速度也無關當然，頻率也與質量和速度無關，故C錯誤，D錯誤；AB決定振幅的是外來因素反映在單擺的運動中，可以從能量去觀察，從上面分析我們知道，在平衡位置（即最低點）時的動能，當m增為原來的4倍，速度減為原來的時，動能不變，最高點的重力勢能也不變但是由于第二次擺的質量增大了（實際上

9、單擺已經變成另一個擺動過程了），勢能不變，m大了，h就一定變小了，也就是說，振幅減小了故A錯誤，B正確5、B【解析】物體在恒力作用下運動，故可將物體運動分解為水平和豎直方向上的勻變速運動；又有A為軌跡最高點，所以，A點的水平速度為0；O點和B點的豎直高度一致，由勻變速運動規(guī)律可知：物體從O到A時間等于從A到B時間，故A錯誤；已知OA水平距離x1大于AB水平距離x2，且物體從O到A時間等于從A到B時間，那么物體在AB上的平均速度大于在OA上的，所以，由勻變速運動規(guī)律可知物體做勻加速運動，加速度方向向右，所以物體在B點的速度vB大于v0，故B正確；由圖可知，恒力在豎直方向上的分量方向向下；由A可知

10、，恒力在水平方向上的分量方向向右，所以，恒力方向指向第四象限，則物體在O點所受合力方向指向第四象限，故C錯誤；由B可知物體在豎直方向上做勻變速運動，在O點和在B點時豎直方向上的分速度大小相等，方向相反；由A可知，物體在O點和在B點時水平方向上的分速度方向相同，vBv0，所以，大于，故D錯誤；故選B【點睛】在類平拋運動中，我們一般將物體運動分解為兩個垂直方向上的分運動；若題目給出的條件為水平、豎直方向上的，則將運動按這兩個方向分解；若題目給的條件較少，且可轉化到合外力方向和垂直合外力方向，則按沿合外力及垂直合外力方向分解.6、B【解析】A由圖知，甲物體比乙物體晚出發(fā)2s。故A不符合題意。B在t=

11、4s前，甲物體比乙物體快，甲物體在乙物體的前方，兩者間距逐漸增大。在t=4s后，甲物體比乙物體慢，兩者間距逐漸減小，因此，在4s時，甲、乙兩物體相距最遠。故B符合題意。C6s時，甲的速度為10m/s，0-6s內，甲的位移為：乙的位移為：可知6s時兩者位移不等，所以沒有相遇。故C不符合題意。D根據圖象的斜率表示加速度，知甲、乙兩物體加速時，甲物體的加速度大于乙物體的加速度。故D不符合題意。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A由萬有引力提供向心力G=ma得a

12、=G衛(wèi)星Q、M的加速度aQaM故A錯誤；B由萬有引力提供向心力G=m2r得則半徑大的角速度小，則PM故B正確；C衛(wèi)星Q的軌道平面不與赤道重合，則不可能相對地面靜止，選項C正確；D衛(wèi)星P、Q的質量關系不確定，則機械能不一定相等，選項D錯誤。故選BC。8、AC【解析】A根據兩個物體的總位移相等，v-t圖象的“面積”表示位移，作出兩個物體的v-t圖象，可知t甲t乙故A正確Bv-t圖象的斜率表示加速度，由圖知，甲勻加速運動的加速度小于乙勻加速運動的加速度，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma得 a=gsin+gcos則知小時，a小，因此物體與甲傳送帶之間的動摩擦因數比乙小，故B錯誤C根據動能

13、定理得： 則得傳送帶對物體做功 h、v、m都相等，則W相等，故C正確D設傳送帶長為L甲中：物體運動時間為：物體與傳送帶間的相對位移大小為：x甲=vt甲-L=L物體的加速度為： 由牛頓第二定律得：mgsin+f甲=ma甲得：產生的熱量為： 乙中：物體運動時間為物體與傳送帶間的相對位移大小為：物體的加速度為： 由牛頓第二定律得：mgsin+f乙=ma乙得： 產生的熱量為：則知乙與物體摩擦產生的熱量較多，故D錯誤9、AD【解析】A 平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，水平位移為s和的時間比2：3，則豎直方向上，根據則有解得h1=1.8h2，故A正確；B若保持擊球高度不變，要想球落在對方界內，要既不能

14、出界，又不能觸網，根據得，則平拋運動的最大速度根據得，則平拋運動的最小速度故B錯誤；C任意降低擊球高度（仍大于h2），會有一臨界情況，此時球剛好觸網又剛好壓界，若小于該臨界高度，速度大會出界，速度小會觸網，所以不是高度比網高，就一定能將球發(fā)到界內，故C錯誤；D增加擊球高度，只有速度合適，球一定能發(fā)到對方界內。故D正確。故選AD。10、ABC【解析】點電荷只受電場力作用沿圓弧MN做勻速圓周運動，則電場力充當向心力，與速度方向垂直，電場力不做功，所以M、N兩點的電勢相等，A正確；根據幾何知識可得圓弧所對圓心角為，所以運動半徑為，點電荷運動角速度為，故點電荷的向心加速度為，B正確；該點電荷q可以在兩

15、個等量同種點電荷中垂面上做勻速圓周運動，所以該點電荷q所處的電場可能是兩個等量同種點電荷所產生的，故C正確；點電荷的電性未知，所以無法判斷電場強度方向，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 等于 不需要 A 需要 【解析】(1)1A打點計時器必須使用交流電源，A錯誤；B實驗時，應該先接通打點計時器的電源，然后釋放小車，B錯誤；C實驗時應保持細繩與平板平行，故C正確；D要讓小車從靠近定滑輪處開始運動，故D錯誤。(2)2因在操作中滿足則在操作中，小車所受的合力大小即小車所受的合力大小等于mg。3在本實驗中，因為小車加速下滑時，不懸掛

16、沙桶和沙子，故不需要滿足沙和沙桶的總質量遠小于小車質量。(3)4在合力不變的條件下，加速度與質量成反比，所以圖象是過原點的傾斜的直線，故A正確。(4)5因在操作中滿足：則在操作中，每次改變小車質量M后，需要重新調節(jié)平板的傾角。12、ABC 甲 不能 【解析】(1)1A為了方便而且更加準確確定力的方向，操作時可以使繩套細且長一些故A正確B作圖時，我們是在白紙中作圖，做出的是水平力的圖示，若拉力傾斜，則會把傾斜的拉力當做水平的拉力，從而帶來更大的誤差，所以應使各力盡量與木板面平行故B正確C橡皮條彈性要好，拉結點到達某一位置O時，拉力要適當大些故C正確D為了做平行四邊形方便，拉力F1和F2的夾角適當

17、，并非越大越好故D錯誤(2)2實驗中F1、F2合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數值，由此可知F是F1、F2合力的理論值，F是合力的實驗值F一定沿細線方向，故符合實際的為甲(3)3兩力均為4N，且相互垂直，則其合力大小為：合力超過了彈簧秤的量程；故彈簧秤無法測出物體所受的合力，故不能使用四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3mv028q，（2）15mv028【解析】（1）由題意知qE3mg，液滴重力不能忽略，把運動分解水平方向：vsin 60v0sin 3

18、0qEmt 豎直方向：vcos 60v0cos 30gt 由可得：v233v0，t=3v06g 由牛頓第二定律得水平方向加速度a=qEm=3g，水平位移：xv0sin30t12(3g)t23v028g UABEx3mv028q .（2）豎直方向：0= v0cos 30gt1 水平方向：x= v0sin 30t1qEm t12 根據功能關系有：E=Eqx=15mv028【點睛】解答本題主要是應用力和運動的關系，根據帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結合運動學公式確定帶電粒子的速度和位移等，這條線索通常適用于在恒力作用下做勻變速運動的情況14、（1）0.5（2） （3）9.6m【解析】（1）木箱在水平拉力下勻速運動：F1-mg=0 =0.5（2）由牛頓第二定律：F2-mg=maa=1.0m/s2（3）設在F2作用下木箱的位移為x1，撤掉推力時木箱速度大小為v，撤掉