2022-2023學(xué)年陜西省藍(lán)田縣物理高三第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示的位移（x）-時(shí)間（t）圖象和速度（v）-時(shí)間（t）圖象中給出四條圖線，甲、乙、丙、丁代表四輛車

2、由同一地點(diǎn)向同一方向運(yùn)動(dòng)的情況，則下列說法正確的是（ ）A甲車做直線運(yùn)動(dòng)，乙車做曲線運(yùn)動(dòng)B時(shí)間內(nèi)，甲車通過的路程大于乙車通過的路程C時(shí)間內(nèi)，丙、丁兩車在時(shí)刻相距最遠(yuǎn)D時(shí)間內(nèi)，丙、丁兩車的平均速度相等2、如圖，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊（A、B接觸面豎直，此時(shí)A恰好不滑動(dòng)，B剛好不下滑，已知A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，與B的質(zhì)量之比為ABCD3、伽利略為了研究自由落體的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實(shí)驗(yàn)”，對(duì)于這個(gè)研究過程，下列說法正確的是（ ）斜面實(shí)驗(yàn)“沖淡”了重力的作用，便于運(yùn)動(dòng)時(shí)間的測(cè)量斜面實(shí)驗(yàn)放大了重力的作用

3、，便于測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的路程通過對(duì)斜面實(shí)驗(yàn)的觀察與計(jì)算，直接得到落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律根據(jù)斜面實(shí)驗(yàn)結(jié)論進(jìn)行合理的外推，得到落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律A B C D4、如圖所示，滑塊A和B疊放在固定的光滑斜面體上，從靜止開始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑則在下滑過程中正確的是（ ）AB對(duì)A的支持力不做功BB對(duì)A的合力不做功CB對(duì)A的摩擦力不做功DB對(duì)A的摩擦力做負(fù)功5、物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，下列圖象能反映其上升過程運(yùn)動(dòng)情況的是ABCD6、一質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上.現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，如圖所示.則物塊( )A沿斜面加速下滑B仍處于靜止?fàn)顟B(tài)C受到的摩擦力不變D受到的合外力增大二、多項(xiàng)選擇題：本

4、題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、船在靜水中的航速是1 m/s，河岸筆直，河寬恒定，河水靠近岸邊的流速為2 m/s，河中間的流速為3 m/s.以下說法中正確的是（ ）A船不能垂直河岸過河B船不能沿一直線過河C因船速小于流速，船不能到達(dá)對(duì)岸D船過河的最短時(shí)間是一定的8、如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平面上，其斜面的傾角為，質(zhì)量為m的物體沿斜面上升，最終停止在斜面上。下列說法正確的是（）A此過程物體克服摩擦力做的功等于它的初動(dòng)能B此過程物體機(jī)械能的減少量等于它克服摩擦力做的功C上升過

5、程地面對(duì)斜面體的支持力小于（m+M）gD上升過程地面對(duì)斜面體的摩擦力向右9、指南針是我國(guó)古代四大發(fā)明之一關(guān)于指南針，下列說明正確的是A指南針可以僅具有一個(gè)磁極B指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場(chǎng)C指南針的指向會(huì)受到附近鐵塊的干擾D在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，導(dǎo)線通電時(shí)指南針不偏轉(zhuǎn)10、如圖甲所示，質(zhì)量為m、電荷量為-e的粒子初速度為零，經(jīng)加速電壓U1加速后，從水平方向沿O1O2垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)已知形成偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的平行板電容器的極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩極板間距為d，O1O2為兩極板的中線，P是足夠大的熒光屏，且屏與極板右邊緣的距離為L(zhǎng)不考慮電場(chǎng)邊緣效應(yīng)，不計(jì)粒子重力則下列說法正確的是A粒子進(jìn)

6、入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度大小為2eU1mB若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間加恒定電壓U0，粒子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后正好擊中屏上的A點(diǎn)，A點(diǎn)與上極板M在同一水平線上，則所加電壓U0=U1d23L2C若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間的電壓按如圖乙所示作周期性變化，要使粒子經(jīng)加速電場(chǎng)后在t0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后水平擊中A點(diǎn)，則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)周期T應(yīng)該滿足的條件為T=Lnm2eU1(n=1,2,3.)D若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間的電壓按如圖乙所示作周期性變化，要使粒子經(jīng)加速電場(chǎng)并在t0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后水平擊中A點(diǎn)，則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓U0應(yīng)該滿足的條件為U0=4nU1d2L2(n=1,2,3.)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求

7、寫出演算過程。11（6分）如圖所示是某同學(xué)探究加速度與力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置他在氣墊導(dǎo)軌上安裝了一個(gè)光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細(xì)線繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測(cè)出繩中拉力，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放氣墊導(dǎo)軌摩擦阻力很小可忽略不計(jì)，由于遮光條的寬度很小，可認(rèn)為遮光條通過光電門時(shí)速度不變(1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d，如圖所示，則d_mm(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，該同學(xué)測(cè)量出遮光條的寬度d，將滑塊從A位置由靜止釋放，測(cè)量遮光條到光電門的距離L，若要得到滑塊的加速度，還需由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過光電門B的_； (3)下列不必要的一項(xiàng)實(shí)驗(yàn)要

8、求是（_）A應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量B應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些C應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平D應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行(4)改變鉤碼質(zhì)量，測(cè)出對(duì)應(yīng)的力傳感器的示數(shù)F，已知滑塊總質(zhì)量為M，用(2)問中已測(cè)物理量和已給物理量寫出M和F間的關(guān)系表達(dá)式F_12（12分）在實(shí)驗(yàn)室里為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，一般采用如圖甲、乙兩種裝置：若入射小球質(zhì)量為，半徑為；被碰小球質(zhì)量為，半徑為，則要求_A.B.C. D.設(shè)入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為，則在用甲裝置實(shí)驗(yàn)時(shí)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的公式為_用裝置圖中的字母表示若采用乙裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必須有的是_A.毫米刻度尺游標(biāo)卡尺天平

9、彈簧秤秒表在實(shí)驗(yàn)裝置乙中，若小球和斜槽軌道非常光滑，則可以利用一個(gè)小球驗(yàn)證小球在斜槽上下滑過程中的機(jī)械能守恒。這時(shí)需要測(cè)量的物理量有：小球靜止釋放的初位置到斜槽末端的高度差，小球從斜槽末端水平飛出后平拋運(yùn)動(dòng)到地面的水平位移s、豎直下落高度則所需驗(yàn)證的關(guān)系式為_。不計(jì)空氣阻力，用題中的字母符號(hào)表示四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一傳送帶裝置示意如圖，傳送帶在AB區(qū)域是傾斜的，傾角=30工作時(shí)傳送帶向上運(yùn)行的速度保持v=1m/s不變現(xiàn)將質(zhì)量均為m= 1kg的小貨箱（可視為質(zhì)點(diǎn)）一個(gè)一個(gè)在A處放到傳送帶上，放

10、置小貨箱的時(shí)間間隔均為T=1s，放置時(shí)初速為零，小貨箱一到達(dá)B處立即被取走已知小貨箱剛放在A處時(shí)，前方相鄰的小貨箱還處于勻加速運(yùn)動(dòng)階段，此時(shí)兩者相距為s1=0.5m傳送帶裝置由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，傳送帶與輪子間無相對(duì)滑動(dòng)，不計(jì)輪軸處的摩擦，取g=10m/s1 （1）求小貨箱在傳送帶上做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大?。?）AB的長(zhǎng)度至少多長(zhǎng)才能使小貨箱最后的速度能達(dá)到v=1m/s？（3）除了剛釋放貨箱的時(shí)刻，若其它時(shí)間內(nèi)總有4個(gè)貨箱在傳送帶上運(yùn)動(dòng)，求每運(yùn)送一個(gè)小貨箱電動(dòng)機(jī)對(duì)外做多少功？并求電動(dòng)機(jī)的平均輸出功率14（16分）光滑水平面上有一足夠長(zhǎng)的木板質(zhì)量為M,另一質(zhì)量為m的滑塊，以速度從左端滑上木板，足夠小滑塊

11、與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為求：（1）木板最終的速度；（2）滑塊相對(duì)木板運(yùn)動(dòng)的時(shí)間15（12分）如圖所示，一塊質(zhì)量為M=2kg、長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板B放在光滑水平桌面上，B的左端有一質(zhì)量為m=12kg的物塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)），A上連接一根很長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩跨過位于桌面邊緣的定滑輪掛上一質(zhì)量為m1=11kg的重物，用手托住重物使細(xì)繩伸直但無張力，重物距離地面的高度為h=1m；已知A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=12，A與滑輪間的細(xì)繩與桌面平行，B右端距離桌邊定滑輪足夠遠(yuǎn)；釋放重物后，A相對(duì)于B滑動(dòng)；重力加速度g=11m/s2；（1）求重物落地前瞬間細(xì)繩上的拉力大小和A的速度大?。唬?）當(dāng)AB相對(duì)靜止時(shí)，A仍在B上，

12、求從釋放重物到AB相對(duì)靜止的過程中A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A根據(jù)位移-時(shí)間圖象的斜率表示速度，由圖象可知：乙圖線的斜率不變，說明乙的速度不變，做勻速直線運(yùn)動(dòng)甲做速度越來越小的變速直線運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤B在t1時(shí)刻兩車的位移相等，又都是單向直線運(yùn)動(dòng)，所以兩車路程相等故B錯(cuò)誤C由圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示位移可知：丙、丁兩車在t2時(shí)刻面積差最大，所以相距最遠(yuǎn)故C正確D0t2時(shí)間內(nèi)，丙的位移小于丁的位移，時(shí)間相等，平均速度等于位移除以時(shí)間，所以丙的平均速度小于丁車的平均速度故D錯(cuò)誤2、B【解析

13、】試題分析：對(duì)A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：F=2（m1+m2）g 再對(duì)物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：水平方向：F=N豎直方向：m2g=f其中：f=1N聯(lián)立有：m2g=1F 聯(lián)立解得：故選B?！究键c(diǎn)定位】物體的平衡【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對(duì)象，受力分析后根據(jù)平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動(dòng)摩擦力。3、C【解析】伽利略時(shí)代，沒有先進(jìn)的測(cè)量手段和工具，為了“沖淡”重力作用，采用斜面實(shí)驗(yàn)，其實(shí)就是為了使物體下落時(shí)間長(zhǎng)些，減小實(shí)驗(yàn)誤差，正確，錯(cuò)誤；根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果，伽利略將實(shí)驗(yàn)結(jié)論進(jìn)

14、行合理的外推，得到落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，并非是主觀臆斷得出的，是在實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上得出錯(cuò)誤，正確，C正確選C4、B【解析】AB對(duì)A的支持力豎直向上，A和B是一起沿著斜面下滑的，所以B對(duì)A的支持力與運(yùn)動(dòng)方向之間的夾角大于90，所以B對(duì)A的支持力做負(fù)功，所以A錯(cuò)誤B以A、B整體為研究對(duì)象，應(yīng)用牛頓第二定律得a=gsin；隔離A分析，如圖所示，有mgsin+fcos-Nsin=ma得fcos=Nsinf與N的合力沿+y方向，B對(duì)A的合力不做功，故B正確CDB對(duì)A的摩擦力是沿著水平面向左的，與運(yùn)動(dòng)方向之間的夾角小于90，所以B對(duì)A的摩擦力做正功，故C D錯(cuò)誤故選B考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用；功5、C【解析】A物體

15、做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，選取向上為正方向，則所以圖像為拋物線，不是直線，故A錯(cuò)誤；BC將一物體豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則上升的過程有v是t的線性函數(shù)，當(dāng)速度減為0，故B錯(cuò)誤，C正確；D豎直上拋運(yùn)動(dòng)的加速度等于重力加速度，是不變的，故D錯(cuò)誤。故選C。6、B【解析】試題分析：質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上，對(duì)其受力分析，可求出動(dòng)摩擦因數(shù)，加力F后，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，可以得到壓力與最大靜摩擦力同時(shí)變大，物體依然平衡解：由于質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上，說明斜面對(duì)物塊的摩擦力等于最大靜摩擦力，對(duì)物體受力分析，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有f=mgsinN=mgcosf

16、=N解得 =tan對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，再次對(duì)物體受力分析，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有與斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cos因而最大靜摩擦力為：f=N=（mg+F）cos=（mg+F）sin，故在斜面平行方向的合力為零，故合力仍然為零，物塊仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確，B、D錯(cuò)誤，摩擦力由mgsin增大到（F+mg）sin，C錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)評(píng)】本題要善用等效的思想，可以設(shè)想將力F撤去，而換成用一個(gè)重力的大小等于F的物體疊放在原來的物塊上！二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，

17、有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】由于水流速度大于船速，合速度不可能垂直河岸，故航線軌跡不能垂直河岸，故A正確；雖然水流速度不斷變化且大于船速，只要不斷調(diào)節(jié)船頭指向，可以使得合速度方向保持不變，即船能沿一直線過河，故B錯(cuò)誤；只要船頭指向?qū)Π?，船就一定可以到達(dá)對(duì)岸，故C錯(cuò)誤；當(dāng)船頭與河岸垂直時(shí)，渡河時(shí)間最短，與水流速度無關(guān)，故D正確；故選AD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于水流方向的分運(yùn)動(dòng)對(duì)渡河時(shí)間無影響，同時(shí)合速度與分速度遵循平行四邊形定則，方向一定改變8、BC【解析】A此過程物體克服摩擦力做的功與克服重力做功之和等于它的初動(dòng)能，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B此過程物體機(jī)械能的減少量等于它克服摩擦力做的功，選項(xiàng)B正確；C上

18、升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有豎直向下的分量，物體處于失重狀態(tài)，則地面對(duì)斜面體的支持力小于（m+M）g，選項(xiàng)C正確；D上升過程物體的加速度沿斜面向下，則加速度有水平向左的分量，根據(jù)牛頓第二定律可知，上升過程地面對(duì)斜面體的摩擦力向左，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。9、BC【解析】指南針不可以僅具有一個(gè)磁極，故A錯(cuò)誤；指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場(chǎng)，故B正確；當(dāng)附近的鐵塊磁化時(shí)，指南針的指向會(huì)受到附近鐵塊的干擾，故C正確；根據(jù)安培定則，在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，導(dǎo)線通電時(shí)會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，指南針會(huì)偏轉(zhuǎn)與導(dǎo)線垂直，故D錯(cuò)誤【考點(diǎn)定位】安培定則；地磁場(chǎng)【方法技巧】本題主要是安培定則，

19、以及地磁場(chǎng)相關(guān)知識(shí)，屬于容易題10、ACD【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度v的大小粒子出電場(chǎng)后反向速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中軸線的中點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系得出速度與水平方向的夾角，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出偏轉(zhuǎn)電壓的大小【詳解】在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理得：eU1=12mv2，解得v=2eU1m，故A正確；粒子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過中軸線的中點(diǎn)，由題意知，電子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)到達(dá)A點(diǎn)，設(shè)電子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角為，則由幾何關(guān)系得：d2=L+12Ltan，解得tan=d3L，又tan=vyv=eU0mdLvv=eU0Lmdv2，解得：U0=2U1d2

20、3L2，故B錯(cuò)誤；交變電壓的周期等于粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的周期，當(dāng)粒子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，粒子在沿電場(chǎng)方向上的分速度為零，可知要使電子在水平方向擊中A點(diǎn)，電子必向上極偏轉(zhuǎn)，且vy=0，則電子應(yīng)在t=0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，且電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為整數(shù)個(gè)周期，設(shè)電子從加速電場(chǎng)射出的速度為v0，則因?yàn)殡娮铀缴涑觯瑒t電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足t=Lv0=nT，而t=Lv0 ，解得：T=Lnv0=Ln2eU1m=Lnm2eU1（n=1、2、3、4），在豎直方向位移應(yīng)滿足d2=2n12aT22=2n12eU0dmT22，解得：U0=2nmd2v02eL2=4nU1d2L2（n=1、2、3、4），故CD正確，

21、故選ACD【點(diǎn)睛】本題是帶電粒子先加速后偏轉(zhuǎn)問題，電場(chǎng)中加速根據(jù)動(dòng)能定理求解獲得的速度、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法是運(yùn)動(dòng)的分解和合成三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.30 時(shí)間t A 【解析】（1）d=2mm+0.05mm5=2.25mm（2）根據(jù)，可知若要得到滑塊的加速度，還需由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過光電門B的時(shí)間t；（3）A拉力是直接通過傳感器測(cè)量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些，有利于減小誤差，故B正確；C應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，使拉力才等于合力，故C正確；D要保持拉

22、線方向與木板平面平行，拉力才等于合力，故D正確；（4）由題意可知，該實(shí)驗(yàn)中保持小車質(zhì)量M不變，因此有：；v2=2aL，聯(lián)立可得：12、C； ； AC； ； 【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量。為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同；（2）（3）兩球做平拋運(yùn)動(dòng)，由于高度相等，則平拋的時(shí)間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時(shí)間作為時(shí)間單位，小球的水平位移可替代平拋運(yùn)動(dòng)的初速度。將需要驗(yàn)證的關(guān)系速度用水平位移替代。根據(jù)表達(dá)式確定需要測(cè)量的物理量。（4）驗(yàn)證小球在斜槽上下滑過程中的機(jī)械能守恒，即驗(yàn)證在斜槽滑下動(dòng)能的增加量與重力勢(shì)能的減小量

23、是否相等?！驹斀狻浚?）在小球碰撞的過程中水平方向動(dòng)量守恒，則：在碰撞過程中機(jī)械能守恒，則：則碰后，入射小球的速度變?yōu)橐龊笕肷湫∏虻乃俣葹椋簞t只要保證即可，故選C。（2）（3）P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度為：碰后入射小球的速度為：碰后被碰小球的速度為：根據(jù)動(dòng)量守恒：，由于平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，可得；故需要的工具有刻度尺天平。（4）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有：，解得平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為則動(dòng)能的增加量為：重力勢(shì)能的減小量為：則需驗(yàn)證：即為：?！军c(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意本實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用等效思維方法，平拋時(shí)間相等，用水平位移

24、代替初速度，這樣將不便驗(yàn)證的方程變成容易驗(yàn)證；在學(xué)習(xí)中要注意理解該方法的準(zhǔn)確應(yīng)用。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1m/s1 （1）1m （3）48J ； 88W【解析】小貨箱剛放在A處時(shí)，前方相鄰的小貨箱已經(jīng)運(yùn)動(dòng)了時(shí)間T，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式即可求解；當(dāng)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度剛好為1m/s時(shí)，AB長(zhǎng)度最短，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)位移速度公式即可求解；傳送帶上總有4個(gè)貨箱在運(yùn)動(dòng)，說明貨箱在A處釋放后經(jīng)過t=4T的時(shí)間運(yùn)動(dòng)至B處求出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力，進(jìn)而求出這段時(shí)間內(nèi)，傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，貨箱在此后的時(shí)間內(nèi)隨傳送帶做勻速運(yùn)動(dòng)，求出傳送帶克服該貨箱的摩擦力做的功，進(jìn)而求出每運(yùn)送一個(gè)小貨箱電動(dòng)機(jī)對(duì)外做的功，根據(jù)P=Wt求出平均功率；【詳解】解：