內(nèi)蒙古錫林浩特市第六中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三上期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B兩小球用輕桿連接，A球只能沿內(nèi)壁光滑的豎直滑槽運(yùn)動(dòng)，B球處于光滑水平面內(nèi)，不計(jì)球的體積開始時(shí)，在外力作用下A、B兩球均靜止且桿豎直現(xiàn)撤去外力，B開始沿水平面向右運(yùn)動(dòng)已知A、B兩球質(zhì)量均為m，桿長為L，則下列說法

2、中不正確的是（ ）AA球下滑到地面時(shí)，B球速度為零BA球下滑到地面過程中輕桿一直對(duì)B球做正功CA球機(jī)械能最小時(shí)，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓兩球和桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A球著地時(shí)的速度為2、有一個(gè)直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB豎直放置，表面光滑A0上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)用一質(zhì)量可忽略、不可伸長的細(xì)繩相連，并在某一位置平衡，如圖，現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達(dá)到平衡，那么將移動(dòng)后的平衡狀態(tài)和原來的平衡狀態(tài)比較，AO桿對(duì)P環(huán)的支持力FN和細(xì)繩上的拉力FT的變化情況是（）AFN不變，F(xiàn)T變大BFN不變，F(xiàn)T變小CFN變大，F(xiàn)T變大DFN變大，F(xiàn)T變

3、小3、細(xì)繩拴一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球?qū)⒆蠖斯潭ㄔ趬ι系妮p彈簧壓縮（小球與彈簧不連接），小球靜止時(shí)彈簧在水平位置，如圖所示將細(xì)繩燒斷后，下列說法中正確的是A小球立即開始做自由落體運(yùn)動(dòng)B小球離開彈簧后做平拋運(yùn)動(dòng)C小球運(yùn)動(dòng)的加速度先比重力加速度小，后來和重力加速度相等D小球離開彈簧后做勻變速運(yùn)動(dòng)4、a、b、c、d是在地球大氣層外的圓形軌道上運(yùn)行的四顆人造衛(wèi)星其中a、c的軌道相交于P，b、d在同一個(gè)圓軌道上，b、c軌道在同一平面上某時(shí)刻四顆衛(wèi)星的運(yùn)行方向及位置如圖所示下列說法中正確的是( )Aa、c的加速度大小相等，且大于b的加速度Bb、c的角速度大小相等，且小于a的角速度Ca、c的線速度大小相等，且

4、小于d的線速度Da、c存在P點(diǎn)相撞的危險(xiǎn)5、如圖所示，在地面上方的A點(diǎn)以水平拋出一小球，小球剛要落地時(shí)的動(dòng)能，落地點(diǎn)在B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則A、B兩點(diǎn)的連線與水平面間的夾角為（ ）A30B37C45D606、一帶電粒子僅在電場力作用下從A點(diǎn)開始以做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示，粒子在時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，3時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，下列判斷正確的是AA、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為 BA、B、C三點(diǎn)場強(qiáng)大小關(guān)系為C粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能先增加后減少D粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的

5、。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、物體體積變化時(shí)，分子間距離會(huì)隨之變化，分子勢(shì)能也會(huì)發(fā)生變化.下圖為分子勢(shì)能Ep與分子間距離r的關(guān)系曲線，以下判斷正確的是( )A當(dāng)r = r1時(shí)，分子勢(shì)能最小B當(dāng)r = r2時(shí)，分子引力與斥力大小相等C當(dāng)r r2時(shí)，分子間作用力的合力表現(xiàn)為引力D在r由r2變到r1的過程中，分子間作用力的合力做正功E.在r由r2逐漸增大的過程中，分子間作用力的合力做負(fù)功8、在豎直平面內(nèi)有水平向右、電場強(qiáng)度為E=1104N/C的勻強(qiáng)電場在場中有一個(gè)半徑為R=2m的光滑圓環(huán)，環(huán)內(nèi)有兩根光滑的弦AB和AC，A點(diǎn)所在的半徑與豎直直徑BC成角。質(zhì)量為0.04kg

6、的帶電小球由靜止從A點(diǎn)釋放,沿弦AB和AC到達(dá)圓周的時(shí)間相同?，F(xiàn)去掉弦AB和AC，給小球一個(gè)初速度讓小球恰能在豎直平面沿環(huán)內(nèi)做完整圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮小球運(yùn)動(dòng)過程中電量的變化。下列說法正確的是(cos=0.8，g=10m/s2)（ ）A小球所帶電量為q=3.6105 CB小球做圓周運(yùn)動(dòng)動(dòng)能最小值是0.5 JC小球做圓周運(yùn)動(dòng)經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)機(jī)械能最小D小球做圓周運(yùn)動(dòng)的對(duì)環(huán)的最大壓力是3.0N9、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P栓接，另一端與物體A相連，物體A靜止與光滑水平桌面上，右端接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體B相連，開始時(shí)用手托住B，讓細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速

7、度，下列有關(guān)該過程的分析正確的是（ ）AB物體的機(jī)械能一直在增大BB物體的動(dòng)能的增加量等于它所受重力與拉力做的功之和CB物體機(jī)械能的減小量等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量D細(xì)線拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量10、如圖所示，半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有一豎直擋板MN。在二者之間夾著一個(gè)光滑均質(zhì)的小圓柱體Q，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)使MN保持豎直并且緩慢地向右平移，在Q滑落到地面之前，P始終保持靜止。則在此過程中，下列說法正確的是（）AMN對(duì)Q的彈力逐漸減小BP對(duì)Q的彈力逐漸增大C地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大DQ所受的合力逐漸增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答

8、案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在探究彈簧彈性勢(shì)能實(shí)驗(yàn)中：(1)如圖1，彈簧的一端固定，原來處于自然長度?，F(xiàn)對(duì)彈簧的另一端施加一個(gè)拉力緩慢拉伸彈簧，關(guān)于拉力或彈簧彈力做功與彈簧彈性勢(shì)能變化的關(guān)系，以下說法中正確的是_A拉力做正功，彈性勢(shì)能增加 B拉力做正功，彈性勢(shì)能減少C彈簧彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加D彈簧彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能減少(2)由于拉力是變力，拉力做功可以分割成一小段一小段處理，每一小段的彈力可以近似看成是恒力，再把每一小段的功相加求和，可得W總=F1l+F2l+F3l+，某次實(shí)驗(yàn)中作出拉力F拉與彈簧伸長量x的圖象如圖2，則在彈簧被拉長L的過程中拉力做功為_。

9、（3）若換一根勁度系數(shù)更大的彈簧做此實(shí)驗(yàn)，則圖2的圖象斜率將_（選填“不變”“減小”“增大”）12（12分）某同學(xué)用圖（a）所示的裝置測(cè)量木塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)跨過光滑定滑輪的細(xì)線兩端分別與木塊和彈簧測(cè)力計(jì)相連，滑輪和木塊間的細(xì)線保持水平，在木塊上方放置砝碼緩慢向左拉動(dòng)水平放置的木板，當(dāng)木塊和砝碼相對(duì)桌面靜止且木板仍在繼續(xù)滑動(dòng)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為木塊受到的滑動(dòng)摩擦力的大小某次實(shí)驗(yàn)所得數(shù)據(jù)已在下表中給出，其中的值可從圖（b）中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)讀出砝碼的質(zhì)量0.050.100.150.200.25滑動(dòng)摩擦力2.152.362.552.93回答下列問題：（1）=_：（2）在圖（c）的坐標(biāo)紙上

10、補(bǔ)齊未畫出的數(shù)據(jù)點(diǎn)并繪出圖線_；（3）與、木塊質(zhì)量、木板與木塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)及重力加速度大小之間的關(guān)系式為=_，圖線（直線）的斜率的表達(dá)式為=_（4）取，由繪出的圖線求得_（保留2位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，傳送帶水平部分的長度，與一圓心在點(diǎn)、半徑的豎直光滑圓軌道的末端相切于點(diǎn)。高出水平地面。一質(zhì)量的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），由軌道上的點(diǎn)從靜止釋放，與豎直線的夾角。已知，取，滑塊與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)，轉(zhuǎn)輪與傳送帶間不打滑。不計(jì)空氣阻力。(1)求滑塊對(duì)圓軌道末端的壓力的大??；(2)

11、若傳送帶以速度為順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng).滑塊運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)水平拋出。求此種情況下，滑塊的落地點(diǎn)與點(diǎn)的水平距離；(3)若傳送帶以速度為順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，求滑塊在傳送帶上滑行過程中產(chǎn)生的熱量。14（16分）如圖所示，質(zhì)量m= 2kg的物體原靜止在水平地面上，它與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.4，一個(gè)沿水平方向的恒力F= 12N作用在這個(gè)物體上，（g取10m/s2） 求：（1）物體運(yùn)動(dòng)的加速度多大？（2）開始運(yùn)動(dòng)后3s內(nèi)物體發(fā)生的位移S的大小是多少？（3）開始運(yùn)動(dòng)后3s末物體的速度是多大？15（12分）如圖所示，ABC是三棱鏡的一個(gè)截面，其折射率為，現(xiàn)有一細(xì)束平行與截面的光線沿MN方向射到棱鏡的AB面上的N點(diǎn)，入射角的

12、大小為，且，已知真空中的光速，求：光在棱鏡中傳播的速率；此束光進(jìn)入棱鏡后從棱鏡射出的方向和位置（不考慮AB面的反射）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，分析清楚兩球的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律分析答題【詳解】解：A、A球下滑到地面時(shí)，A球速度豎直，沿桿的速度為零，即B球速度為零，故A正確；B、開始時(shí)，B球靜止，B的速度為零，當(dāng)A落地時(shí)，B的速度也為零，因此在A下滑到地面的整個(gè)過程中，B先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，因此，輕桿先對(duì)B做正功，后做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；C、A球

13、機(jī)械能最小時(shí)，B球動(dòng)能最大，即加速度等于零，輕桿作用力為零，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓蔆正確；D、A球落地時(shí)，B的速度為零，在整個(gè)過程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，解得，D正確故本題不正確的選B【點(diǎn)睛】本題考查了機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，知道A、B組成的系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒，A球落地時(shí)，B的速度為零是正確解題的關(guān)鍵2、B【解析】以兩環(huán)組成的整體，分析受力情況如圖1所示根據(jù)平衡條件得，N2mg保持不變?cè)僖訯環(huán)為研究對(duì)象，分析受力情況如圖2所示設(shè)細(xì)繩與OB桿間夾角為，由平衡條件得，細(xì)繩的拉力，P環(huán)向左移一小段距離時(shí)，減小，cos變大，T變小，即FN不變，F(xiàn)T變小，故B正確，ACD

14、錯(cuò)誤3、D【解析】對(duì)小球受力分析可知，在與彈簧接觸時(shí)，小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，此過程中彈簧的彈力是不斷減小的，離開彈簧之后，小球只受到重力的作用，做勻變速運(yùn)動(dòng)解：A、將細(xì)繩燒斷后，小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤B、平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上是只受重力的作用，由A的分析可知，小球并不是平拋運(yùn)動(dòng)，所以B錯(cuò)誤C、小球受到球的重力和彈簧的彈力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以開始時(shí)加速度的大小要比重力加速度大，故C錯(cuò)誤D、小球離開彈簧后，只受到重力的作用，所以是勻變速運(yùn)動(dòng)，故D正確故選D4、

15、A【解析】A、由牛頓第二定律得：Gma，解得：a，由題意可知：rarcrbrd，則：aaacabad，故A正確；B、由牛頓第二定律得：Gm2r，解得：，由題意可知：rarcrbrd，則：acbd，故B錯(cuò)誤；C、由牛頓第二定律得：Gm，解得：v，由題意可知：rarcrbrd，則：vavcvbvd，故C錯(cuò)誤；D、由以上分析可知，a、c的軌道半徑相等，線速度v相等，a、c永遠(yuǎn)不會(huì)發(fā)生碰撞，故D錯(cuò)誤故選A5、C【解析】由題意得：解得：tan=2因?yàn)樗俣扰c水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角的正切值的兩倍，即tan=2tan，解得tan=1 ，=45A. 30，與分析不符，故A錯(cuò)誤；B. 37，與分

16、析不符，故B錯(cuò)誤；C. 45，與分析相符，故C正確；D. 60，與分析不符，故D錯(cuò)誤。6、C【解析】A、因?yàn)椴恢缼щ娏Ｗ拥碾娦?，所以無法判斷電勢(shì)的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B、由速度圖像可知，加速度先增大后減小，所以B點(diǎn)的加速度最大，電場強(qiáng)度最大，故B錯(cuò)誤；C、由圖像可知：動(dòng)能先減小后增大，根據(jù)能量守恒可知：電勢(shì)能先增后減小，故C正確；D、因?yàn)殡妱?shì)能先增大后減小，所以電場力先做負(fù)功后做正功，故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】速度圖像的斜率大小表示加速度的大小，根據(jù)速度大小可知?jiǎng)幽艿淖兓?，根?jù)能量守恒可知電勢(shì)能的變化二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目

17、要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCE【解析】由圖象可知：分子間距離為r2時(shí)分子勢(shì)能最小，此時(shí)分子間的距離為平衡距離；分子引力與斥力大小相等，A錯(cuò)誤B正確；當(dāng)rr2時(shí)，分子間距離較大，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，故C正確；r小于r2時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，距離減小的過程中做負(fù)功，D錯(cuò)誤；在r由r2逐漸增大的過程中，分子間作用力為引力，故分子力的合力做負(fù)功，E正確【點(diǎn)睛】正確理解分子力、分子勢(shì)能與分子之間距離的變化關(guān)系，注意分子力與分子勢(shì)能變化的一個(gè)臨界點(diǎn)為r=r0，注意將分子力與分子之間距離和分子勢(shì)能與分子之間距離的圖象比較進(jìn)行學(xué)習(xí)8、BD【解析】A因從A

18、點(diǎn)到E點(diǎn)和C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，因此可將A點(diǎn)看成在電場和重力場的等效最高點(diǎn)，因此等效重力場的方向?yàn)锳O方向，因此對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球應(yīng)帶正電，則有解得小球的帶電量為，故A錯(cuò)誤；B小球做圓周過程中由于重力和電場力都是恒力，所以它們的合力也是恒力，小球的動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和保持不變，在圓上各點(diǎn)中，小球在等效最高點(diǎn)A的勢(shì)能（重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和）最大，則其動(dòng)能最小，由于小球恰能在豎直平面沿環(huán)內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，在A點(diǎn)其合力作為小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有小球做圓周運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能最小值為故B正確；C由于總能量保持不變，即所以小球在圓上最左側(cè)的位置，電勢(shì)能EPE最大，機(jī)械能最小，故C錯(cuò)

19、誤；D將重力與電場力等效成新的“重力場”，新“重力場”方向與豎直方向成，等效重力為等效重力加速度為小球恰好能做圓周運(yùn)動(dòng)，在等效最高點(diǎn)A點(diǎn)速度為在等效最低點(diǎn)小球?qū)Νh(huán)的壓力最大，設(shè)小球在等效最低點(diǎn)的速度為v，由動(dòng)能定理得由牛頓第二定律得聯(lián)立解得小球在等效最低點(diǎn)受到的支持力根據(jù)牛頓第三定律知小球做圓周運(yùn)動(dòng)的過程中對(duì)環(huán)的最大壓力大小也為3.0N，故D正確。故選BD。9、BD【解析】由于繩子的拉力對(duì)B做負(fù)功，所以B物體的機(jī)械能在減小，A錯(cuò)誤；B物體受到繩子的拉力和重力作用，重力做正功，拉力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可得B物體的動(dòng)能的增加量等于它所受重力與拉力做的功之和，B正確；將AB和彈簧看做一個(gè)整體，B物體

20、的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為AB的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能，故B物體機(jī)械能的減小量等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量與A動(dòng)能增加量之和，C錯(cuò)誤；將A和彈簧看做一個(gè)整體，繩子的拉力對(duì)整體做正功，所以細(xì)線拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，D正確10、BC【解析】AB對(duì)Q受力分析，如圖甲所示，Q受到豎直向下的重力mg、MN給的向左的支持力F1和P對(duì)Q的支持力F2，根據(jù)平衡條件，得F1mgtan，在MN保持豎直并且緩慢地向右平移的過程中，增大，故F1、F2增大，即MN對(duì)Q的彈力逐漸增大，P對(duì)Q的彈力逐漸增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C對(duì)P、Q整體受力分析，如圖乙所示，整體受到重力(Mm)g、MN的支持力F1

21、、地面的支持力F3、地面的靜摩擦力f，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件，可得fF1mgtan，由于不斷增大，故f逐漸增大，故C正確；D移動(dòng)MN過程中Q一直處于平衡狀態(tài)，合力一直為零，故D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC 增大 【解析】由題意可知探究彈簧彈性勢(shì)能實(shí)驗(yàn)中勢(shì)能變化、變力做功問題，根據(jù)彈簧彈力做功特點(diǎn)、胡克定律計(jì)算可得。【詳解】(1) 1A B拉力做正功，說明彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加，故A正確，B錯(cuò)誤；C D彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功，其它能轉(zhuǎn)化為彈性勢(shì)能，彈性勢(shì)能增加，故C正確，D錯(cuò)誤。(2) 2 因拉力隨位移均勻增大，可以用平均力來計(jì)算(3) 3 由胡克定律可得換一根勁度系數(shù)更大的彈簧做此實(shí)驗(yàn)，圖2中圖象斜率將增大【點(diǎn)睛】當(dāng)彈簧彈力對(duì)外做正功時(shí)，彈性勢(shì)能減??；當(dāng)彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功時(shí)，彈性勢(shì)能增加。12、2.75 0.40 【解析】（1）由圖（b）可讀出彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)（2）圖線如圖所示（3）摩擦力表達(dá)式，其斜率（4）圖線的斜率，解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ；(2)；(3)【解析】(1)到達(dá)A點(diǎn)過程中依據(jù)動(dòng)能