2023學(xué)年廣東省廣州市荔灣、海珠部分學(xué)校物理高二上期中預(yù)測(cè)試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、隨著中國(guó)電信業(yè)的發(fā)展，國(guó)產(chǎn)手機(jī)在手機(jī)市場(chǎng)上已經(jīng)有相當(dāng)大的市場(chǎng)份額如圖所示是中國(guó)科健股份有限

2、公司生產(chǎn)的一塊手機(jī)電池外殼上的文字說(shuō)明，由此可知該電池的電動(dòng)勢(shì)、待機(jī)狀態(tài)下的平均工作電流分別是（ ）A4.2 V14.58 mAB4.2 V700 mAC3.7 V14.58 mAD3.7 V700 mA2、現(xiàn)代觀測(cè)表明，由于引力作用，恒星有“聚集”的特點(diǎn)，眾多的恒星組成了不同層次的恒星系統(tǒng)，最簡(jiǎn)單的恒星系統(tǒng)是兩顆互相繞轉(zhuǎn)的雙星，事實(shí)上，冥王星也是和另一星體構(gòu)成雙星，如圖所示，這兩顆行星m1、m2各以一定速率繞它們連線上某一中心O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，這樣才不至于因萬(wàn)有引力作用而吸引在一起，現(xiàn)測(cè)出雙星間的距離始終為L(zhǎng)，且它們做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r1與r2之比為32，則 ()A它們的角速度大小之比為23B它

3、們的線速度大小之比為32C它們的質(zhì)量之比為32D它們的周期之比為233、a、b兩個(gè)電容器如圖中的圖甲所示，圖乙是它們的部分參數(shù)。由此可知，關(guān)于a、b兩個(gè)電容器的下列說(shuō)法正確的是 ( )Aa、b兩個(gè)電容器的電容之比為8:1Ba、b兩個(gè)電容器的電容之比為4:5Cb電容器正常工作時(shí)容納電荷0.1CDa電容器正常工作時(shí)容納電荷 1C4、一段粗細(xì)均勻的電阻絲橫截面的直徑是d，接在內(nèi)阻不計(jì)的電源兩端時(shí)功率為P，現(xiàn)在把它拉成直徑為的均勻長(zhǎng)電阻絲后仍接在此電源上，此時(shí)功率為A16PB4PCD5、下列關(guān)于元電荷的說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A元電荷實(shí)質(zhì)上是指電子本身B所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍C元電荷e的值

4、最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定的D元電荷的值通常取e=1.6010-19C6、A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB:BC=1:2，B點(diǎn)位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷當(dāng)在A處放一電荷量為q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力為F；移去A處電荷，在C處放電荷量為-2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為 （ ）A-F/2BF/2C-FDF二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)，則有（）AV1表讀數(shù)變大BV2表讀數(shù)

5、變大C電源的總功率變小DA表讀數(shù)變小8、在同一光滑斜面上放同一導(dǎo)體，如圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所處空間有大小相同的磁場(chǎng)，左圖磁場(chǎng)方向垂直于斜面，右圖磁場(chǎng)方向垂直于水平面，導(dǎo)體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知斜面的傾角為，則AI1I2cos1BI1I211C兩種情況導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1F2=sincosD兩種情況導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1F2= cos19、兩個(gè)固定的等量異種電荷，在他們連線的垂直平分線上有a、b、c三點(diǎn)，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是Aa、b、c三點(diǎn)與無(wú)窮遠(yuǎn)電勢(shì)相等Ba、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比a點(diǎn)大Cc點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)高D一帶電粒子(不計(jì)重力

6、)，在a點(diǎn)無(wú)初速釋放，則它將在a、b線上運(yùn)動(dòng)10、如圖所示A、B、C是平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)，它們之間的距離均為L(zhǎng)，電荷量為的電荷由A移動(dòng)到C電場(chǎng)力做功，該電荷由C移動(dòng)到B電場(chǎng)力做功，若B點(diǎn)電勢(shì)為零，以下說(shuō)法正確的是AA點(diǎn)電勢(shì)為2VBC點(diǎn)電勢(shì)為-2VC電場(chǎng)的方向?yàn)榇怪庇贏C指向BD電場(chǎng)的方向?yàn)橛蒀指向A三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）圖（a）為某同學(xué)測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖。（1）虛線框內(nèi)是用毫安表改裝成電流表的電路。已知毫安表表頭的內(nèi)阻為10 ，滿偏電流為100 mA，電阻R1=2.5 ，由此可知，改裝后電

7、流表的量程為_A。（2）實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)完成相應(yīng)的填空：將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到_端（選填“A”或“B”），閉合開關(guān)S；多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)I；某次測(cè)量時(shí)毫安表的示數(shù)如圖（b）所示，其讀數(shù)為_mA。以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作UI圖線，如圖（c）所示；根據(jù)圖線求得電源的電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻r=_。（結(jié)果均保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）12（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。（1）為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須滿足的條件是_。A斜槽軌道末端的切線必須水平B入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C入射球和被碰球大小必須相同D入射球每次必須

8、從軌道同一位置由靜止?jié)L下（2）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式_時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞過程動(dòng)量守恒；如果滿足表達(dá)式_時(shí)，則說(shuō)明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的電路中

9、，電源電動(dòng)勢(shì)E6V，內(nèi)阻r=1，電阻R1=3，R2=6，電容器的電容C=3.6F，二極管D具有單向?qū)щ娦?，開始時(shí)，開關(guān)S1閉合，S2斷開（1）合上S2，待電路穩(wěn)定以后，求電容器C上電量變化了多少？（2）合上S2，待電路穩(wěn)定以后再斷開S1，求斷開S1后流過R1的電量是多少？14（16分）在真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。若將一個(gè)質(zhì)量為m、帶正電電量q的小球在此電場(chǎng)中由靜止釋放，小球?qū)⒀嘏c豎直方向夾角為37的直線運(yùn)動(dòng)。現(xiàn)將該小球從電場(chǎng)中某點(diǎn)以初速度豎直向上拋出，求（取，）(1)小球受到的電場(chǎng)力的大小；(2)小球拋出點(diǎn)至最高點(diǎn)之間的電勢(shì)差U。15（12分）如圖所示，ABCD為豎直放在

10、場(chǎng)強(qiáng)為E104V/m水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的圓形軌道，軌道的水平部分與其半圓相切，A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且ABR0.2m，把一質(zhì)量m0.1kg、帶電荷量q+110-4C的小球放在水平軌道的A點(diǎn)由靜止開始釋放，小球在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)。g取10m/s2）求：（1）小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力是多大？（2）若讓小球安全通過軌道，開始釋放點(diǎn)離B點(diǎn)至少多遠(yuǎn)？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】電動(dòng)勢(shì)為4.2V，共作電流,選C2、B【解析】雙星的角速度和周期都相同，故A、D均錯(cuò)，由G

11、m1m2L2m12r1，Gm1m2L2m22r2，解得m1m2r2r123，C錯(cuò)誤由vr知，v1v2r1r232，B正確3、C【解析】AB由題目圖乙 知a的電容是1000F，b的電容是10000F，所以a、b兩個(gè)電容器的電容之比為1000：10000=1：10；故AB錯(cuò)誤；CDb電容器最多能容納電荷qb=CU=1000010-610=0.1C，而a電容器最多能容納電荷qa=CU=100010-680=0.08C，故C正確，D錯(cuò)誤；4、D【解析】設(shè)鎳鉻絲原來(lái)的長(zhǎng)度為，則，假設(shè)把它拉成直徑為 的均勻長(zhǎng)電阻絲后長(zhǎng)度變?yōu)?，因?yàn)槔爝^程中鎳鉻絲的體積不變，則 電阻變?yōu)?,接入同一個(gè)電源上,由功率公式 知

12、 ,故D正確；綜上所述本題答案是：D5、A【解析】試題分析：電子的帶電量最小，質(zhì)子的帶電量與電子相等，但電性相反，故物體的帶電量只能是電子電量的整數(shù)倍，人們把這個(gè)最小的帶電量叫做叫做元電荷解：A、元電荷是指電子或質(zhì)子所帶的電荷量，不是電子或質(zhì)子本身，故A錯(cuò)誤B、所有帶電體的電荷量都等于元電荷的整數(shù)倍，故B正確；C、元電荷e的值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定的，故C正確；D、元電荷的數(shù)值為e=1.601019C，故D正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選A【點(diǎn)評(píng)】元電荷是帶電量的最小值，它不是電荷，只是等于質(zhì)子或電子的帶電量；明確所有帶電體所帶電量均是元電荷的整數(shù)倍6、B【解析】設(shè)AB的距離為r，在

13、A處放電荷量為q的點(diǎn)電荷，在B處放電荷量為Q的點(diǎn)電荷，據(jù)庫(kù)侖定律有：；移去A處電荷，在C處放2q的點(diǎn)電荷，該電荷受到的電場(chǎng)力為：，據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸可知，兩力方向相同故選項(xiàng)B正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A.閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)，變阻器接入電路的阻值變大，則外電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，總電流變小，則路端電壓變大，即V1表讀數(shù)變大，故A正確；B.總電流變小，根據(jù)部分電路的歐姆定律，R1兩端的電壓變小

14、，即V2表讀數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；C.電源的總功率為PEI，E不變，I減小，電源的總功率變小。故C正確；D.R2兩端的電壓加上R1兩端的電壓等于路端電壓，即U1U2U，R1兩端的電壓變小，路端電壓變大，所以R2兩端的電壓變大，故R2中的電流變大，即A表讀數(shù)變大。故D錯(cuò)誤；故選AC；8、AD【解析】導(dǎo)體棒受力如圖，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；I1所受的安培力沿斜面向上，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，F(xiàn)1=mgsin； I2所受的安培力水平向右如圖，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡得：F2=mgtan。又：F1=BI1L；F2=BI2L；所以：；故AD正確，BC錯(cuò)誤；故選AD?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵

15、是根據(jù)左手定則判斷安培力的方向，正確地進(jìn)行受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解。9、AB【解析】AC等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，一直延伸到無(wú)窮遠(yuǎn)處，即a、b、c三點(diǎn)與無(wú)窮遠(yuǎn)電勢(shì)相等，故A正確，C錯(cuò)誤；B等量異種電荷連線的垂直平分線上的電場(chǎng)強(qiáng)度方向都平行于連線指向負(fù)電荷，所以a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同，b處電場(chǎng)線較密，場(chǎng)強(qiáng)較大，故B正確；D帶電粒子（不計(jì)重力），在a點(diǎn)無(wú)初速釋放，所受的電場(chǎng)力方向與ab連線垂直，不可能沿ab連線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。10、BD【解析】根據(jù)電勢(shì)差定義式可得：，若B點(diǎn)電勢(shì)為零，可得C點(diǎn)電勢(shì)為：，而A與C間的電勢(shì)差：，則A點(diǎn)電勢(shì)A=-2V，故A錯(cuò)誤，B正確；由上分析可知

16、，AC連線的中點(diǎn)N電勢(shì)為零，N與B點(diǎn)的連線即為等勢(shì)線，且電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)線，三角形ABC為等邊三角形，BNAC，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，則有勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由C到A，故C錯(cuò)誤，D正確所以BD正確，AC錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.5 B 68 1.48 0.45 【解析】（1）1根據(jù)歐姆定律得，改裝后電流表的量程A（2）2為保護(hù)電路，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)讓電阻由最大值開始調(diào)節(jié)，所以開始時(shí)滑片應(yīng)滑到B端；3電流表量程為100mA，由圖示表盤可知，其讀數(shù)為68mA；4 根據(jù)改裝原理可知，實(shí)際電流為電流表讀數(shù)的5倍，由閉合電路歐姆定律可

17、知：由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)：E=1.48V解得：r=2.45-2=0.45。12、ACD m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)2小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則又代入得3若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得將代入得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）1.8106 C； （2）9.6106 C【解析】（1）設(shè)開關(guān)S1閉合，S2斷開時(shí)，電容兩端的電壓為