2023學年廣西蒙山縣第一中學物理高二第一學期期中調研模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是A1號干電池與5號干電池的電動勢相等、容量相等B電動勢是反映電源把其他形

2、式的能轉化為電能本領強弱的物理量C電動勢公式E中的W與電壓U中的W是一樣的，都是非靜電力做的功D電動勢就是電源兩極間的電壓2、如圖所示，小球從距水平地面高為H的A點自由下落，到達地面上B點后又陷入泥土中h深處，到達C點停止運動。若空氣阻力可忽略不計，則對于這一過程，下列說法中正確的是 （ ）A小球從A到B的過程中動能的增量，大于小球從B到C過程中克服阻力所做的功B小球從B到C的過程中克服阻力所做的功，等于小球從A到B過程中重力所做的功C小球從B到C的過程中克服阻力所做的功，等于小球從A到B過程與從B到C過程中小球減少的重力勢能之和D小球從B到C的過程中損失的機械能，等于小球從A到B過程中小球所

3、增加的動能3、兩個帶等量正電荷的點電荷固定在圖中a、b兩點，MN為ab連線的中垂線，交直線ab于O點，A為MN上的一點。一帶負電的試探電荷q從A點由靜止釋放，僅在靜電力作用下運動。則下列說法正確的是Aq在由A點向O點運動的過程中，加速度先增大后減小Bq在由A點向O點運動的過程中，動能先增大后減小Cq在由A點向O點運動的過程中，電勢能先減小后增大Dq將以O點為對稱點做往復運動4、A、B兩帶電小球，質量分別為mA、mB，電荷量分別為qA、qB，用絕緣不可伸長的細線如圖懸掛，靜止時A、B兩球處于同一水平面若B對A及A對B的庫侖力分別為FA、FB，則下列判斷不正確的是AFAv2Bt1v，若在磁場中運動

4、時，磁場對粒子不做功，于是有v2=v；因此可以得到：，故A正確；粒子在電場中是做類平拋運動，所以在AB方向是勻速運動，即 在磁場中做勻速圓周運動，由題可以確定圓心在D點，所以，又因為AB2AD，所以可求得：，因此，所以BD錯誤，C正確故選【點睛】不能把類平拋運動轉化為水平方向的勻速運動，豎直方向的勻加速運動，難以確定粒子在磁場中運動的圓心10、BD【解析】AL1的電流為L2電流的2倍，由于燈泡是非線性元件，所以L1的電壓不是L2電壓的2倍。故A錯誤。B根據(jù)圖象可知，當電流為0.25A時，電壓U=3V，所以L1消耗的電功率 P=UI=0.75W故B正確。CL2和L3并聯(lián)后與L1串聯(lián)，L2和L3的

5、電壓和電流均相同，則得L2的電流為0.125A，由圖可知，此時L2的電壓小于0.5V，根據(jù)，可知，L2的電阻小于4。故C錯誤。D根據(jù)P=UI可知，L2消耗的電功率P20.1250.5=0.0625W所以L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1。故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、11.5 BCD 【解析】試題分析：（1）多用電表電流檔讀數(shù)，025mA擋選0250表盤讀數(shù)，每一小格表示0.5毫安，采用估讀法，指針正對11.5mA，記為11.5mA，不能讀成11.50mA（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律，當電流為時，有；當電流為時，有，

6、由以上兩式可得，又，即由上可知，故（3）歐姆表盤是由電流表示電阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電阻越大電流越小，表盤上電流左小右大，電阻應是左大右小，故A錯誤；由（2）可知當時，調節(jié)R0，使回路中電流為Ig，也就是說此時將多用電表兩表筆短接，回路中電流為Ig，表明外接電阻為零，故B正確；由可知，Rx由0R12R13R14R1逐漸變化時，電流I的變化為，可見Rx越小，相同的電阻變化量對應的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏，故C正確；R1位中值電阻，指針正對表盤正中央，R2R1，歐姆表示數(shù)左大右小，因此當阻值為R2時，指針位于表盤中央位置的左側，故D正確（4）由（2）已知，且，故考點：多用電

7、表的原理和使用，閉合電路的歐姆定律12、0.398 甲 C 【解析】（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，注意估讀；（2）根據(jù)題意確定滑動變阻器接法，然后選擇實驗電路；（3）根據(jù)電路圖連接實物電路圖；（4）根據(jù)坐標系內描出的點作出圖象，然后根據(jù)圖象與電阻定律分析答題；【詳解】（1）由圖所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0mm+39.80.01mm=0.398mm（0.3960.399均正確）；（2）由表中實驗數(shù)據(jù)最小電壓為0.10V，而電流最小為0.020A，而且得到的實驗數(shù)據(jù)較多，所以肯定用的分壓，由此可知，滑動變阻器應用分壓式接法，因此實驗采用的是圖甲所示電路；（3）根

8、據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）根據(jù)坐標系內描出的點作出圖象如圖所示：由圖示圖象可知，第6組實驗數(shù)據(jù)偏離圖線太遠，該組實驗數(shù)據(jù)是錯誤的，應舍去，由圖示圖象可知，電阻RX=UI=10.224.5（4.34.7均正確），由電阻定律：R=LS得：=SRL=(d2)2RL=3.24(0.39710-3)24.50.5m1.010-6m，故選C正確，選項ABD錯誤?！军c睛】要掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，明確電學實驗中，當要求電流從零調時，滑動變阻器應用分壓式接法，同時需要注意安培表的內、外接法的問題。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說

9、明、方程式和演算步驟。13、1.0R4.2【解析】當滑動變阻器R取值較大,I較小時,安培力F較小,在金屬棒重力的分力作用下金屬棒有沿框面下滑的趨勢,金屬棒所受的靜摩擦力框面向上,金屬棒剛好不下滑時,滿足平衡條件,則得:BERmax+rL+mgcos=mgsin 得Rmax=4.2 當安培力較大,摩擦力方向沿框面向下時:BERmin+rL=mgsin+mgcos 得Rmin=1.0 故本題答案是：1.0R4.2【點睛】通電導線處于垂直斜面向上的勻強磁場中,則由電流方向結合左手定則可得安培力的方向,當安培力過大時,則棒有上滑趨勢,則靜摩擦力沿斜面向下.當安培力過小時,則棒有下滑的趨勢,則靜摩擦力沿

10、斜面向上.根據(jù)力的平衡條件可求出兩種安培力的大小,從而確定滑動變阻器的電阻范圍.14、（1）2A（2） （3）【解析】(1)開關閉合時，R1、R3并聯(lián)與R4串聯(lián)，R2中沒有電流通過，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律求R4的電壓，再由歐姆定律求通過R1的電流I；(2)開關閉合時，小球靜止在電場中，電場力與重力平衡，由平衡條件列出方程開關S斷開，根據(jù)串聯(lián)電路的特點求出電容器的電壓，從而可求得電容器電荷量的變化量，即等于流過R2的電荷量Q；(3)斷開開關，電路穩(wěn)定后，根據(jù)牛頓第二定律求加速度a【詳解】(1) 開關S閉合時，R1、R3并聯(lián)與R4串聯(lián)，R2中沒有電流通過有：電容器的電壓 由歐姆定律得通過R4的電流，由電路特點可知，R4中的電流為R1的兩倍，所以流過R1的電流為2A；(2) 開關S斷開，電容器的電壓開關S斷開，流過R2的電荷量Q=CU=C（UC-UC）= (3) 開關S閉合時，小球靜止時，由平衡條件有： 開關S斷開，根據(jù)牛頓第二定