2019-2020年高三上學(xué)期12月月考物理試題含解析

1、2019-2020年高三上學(xué)期12月月考物理試題含解析一、選擇題，共10小題，每小題4分，共40分在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分1（4分）（2013菏澤模擬）許多科學(xué)家對(duì)物理學(xué)的發(fā)展作出了巨大貢獻(xiàn)，下列表述正確的是（）A伽利略創(chuàng)造的科學(xué)研究方法以及他的發(fā)現(xiàn)，標(biāo)志著物理學(xué)的真正開端B法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，使人們突破了對(duì)電與磁認(rèn)識(shí)的局限性C開普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的描述為萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)奠定了基礎(chǔ)D奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，使人們對(duì)電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認(rèn)識(shí)更加完善考點(diǎn)：物理學(xué)史版權(quán)所有分析：本題比較簡(jiǎn)單考

2、查了學(xué)生對(duì)物理學(xué)史的了解情況，在物理學(xué)發(fā)展的歷史上有很多科學(xué)家做出了重要貢獻(xiàn)，大家熟悉的牛頓、愛(ài)因斯坦、法拉第等，在學(xué)習(xí)過(guò)程中要了解、知道這些著名科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)解答：解：A、伽利略創(chuàng)造的科學(xué)研究方法以及他的發(fā)現(xiàn)，標(biāo)志著物理學(xué)的真正開端，故A正確B、奧斯特第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，使人們突破了對(duì)電與磁認(rèn)識(shí)的局限性，故B錯(cuò)誤C、開普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的描述為萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)奠定了基礎(chǔ)，故C正確D、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，使人們對(duì)電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認(rèn)識(shí)更加完善，故D錯(cuò)誤故選AC點(diǎn)評(píng)：本題屬于記憶知識(shí)，要了解、熟悉物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)注意積累和記憶2（4分）（2014秋桓臺(tái)縣校級(jí)月考）如圖所示，固定在水

3、平面上的斜面傾角為，長(zhǎng)方體木塊A質(zhì)量為M，其PQ面上釘著一枚小釘子，質(zhì)量為m的小球B通過(guò)一細(xì)線與小釘子相連接，小球B與PQ面接觸，且細(xì)線與PQ面平行，木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為下列說(shuō)法正確的是（）A若木塊勻速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為零B若木塊勻速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為mgsinC若木塊勻加速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為零D若木塊勻加速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為mgcos考點(diǎn)：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力版權(quán)所有專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：當(dāng)木塊勻速下滑，則小球B處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出A對(duì)B的彈力，當(dāng)木塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)整體法求出加速度，再隔離分析求出A對(duì)B的彈力解答：

4、解：A、當(dāng)木塊勻速下滑時(shí)，對(duì)B受力分析，B受重力、拉力和A對(duì)B的支持力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求得：支持力N=mgsin故A錯(cuò)誤，B正確C、若木塊勻加速下滑，對(duì)整體分析，加速度a=gsingcos再隔離對(duì)B分析，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinN=ma，解得N=mgsinma=mgcos則小球?qū)δ緣K的壓力為mgcos故C錯(cuò)誤，D正確故選：BD點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵是熟練運(yùn)用牛頓第二定律，以及掌握整體法和隔離法的運(yùn)用3（4分）（2014秋濰坊期中）甲、乙兩車沿同一平直公路同向運(yùn)動(dòng)其運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示已知t=0時(shí)刻，乙在甲前方20m處，以下說(shuō)法正確的是（）A4s末兩車相遇B10s末兩車相遇C相遇前，兩車間

5、的最大距離是36mD相遇前，兩車間的最大距離是16m考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像版權(quán)所有專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題分析：在t=0時(shí)刻，乙車在甲車前面20m，甲車追上乙車時(shí)，甲的位移比乙車的位移多25m，然后位移時(shí)間關(guān)系公式列式求解相遇的時(shí)間解答：解：ACD、據(jù)速度時(shí)間圖象的意義可知，當(dāng)4s時(shí)兩車速度相等時(shí)，兩車間距最遠(yuǎn)；該時(shí)s甲=410m=40m，所以s=40m24m+20m=36m，故AD錯(cuò)誤，C正確；B、據(jù)圖象可知甲的加速度a=2m/s2甲車追上乙車時(shí)，甲的位移比乙車的位移多20m，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有：x乙=10tx甲x乙=25聯(lián)立各式解得：t=10s，即10s時(shí)恰好追上，故B正確故選：

6、BC點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)速度圖象分析運(yùn)動(dòng)情況的能力，要注意兩車的位置關(guān)系和距離隨時(shí)間如何變化，當(dāng)兩車相遇時(shí)，位移之差等于原來(lái)之間的距離4（4分）（2013濰坊二模）“神舟十號(hào)”飛船將于2013年6月至8月?lián)駲C(jī)發(fā)射，再次與“天官一號(hào)”進(jìn)行交會(huì)對(duì)接三位航天員再次人住“天宮”完成一系列實(shí)驗(yàn)“神舟十號(hào)”與“天宮一號(hào)”對(duì)接后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期為90分鐘對(duì)接后“天宮一號(hào)”的（）A運(yùn)行速度大于第一宇宙速度B加速度大于赤道上靜止物體隨地球自轉(zhuǎn)的加速度C角速度為地球同步衛(wèi)星角速度的16倍D航天員可以用天平測(cè)出物體的質(zhì)量考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用版權(quán)所有專題：人造衛(wèi)星問(wèn)題分析：

7、天宮一號(hào)軌道半徑大于地球軌道半徑故其運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)加速度與周期半徑的關(guān)系展開討論解答：解：A、第一宇宙速度為近地軌道上的運(yùn)行速度，因?yàn)樘鞂m一號(hào)軌道半徑大于地球半徑，故其速度小于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B、赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的加速度，天宮一號(hào)的加速度，根據(jù)軌道半徑和周期關(guān)系，可知天宮一號(hào)加速度大于赤道上靜止物體隨地球自轉(zhuǎn)的加速度，故B正確；C、根據(jù)=，由于，所以C正確；D、在天宮一號(hào)上航天員等物體均處于完全失重狀態(tài)，天秤不能使用，故D錯(cuò)誤故選BC點(diǎn)評(píng)：根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)半徑、周期、角速度間的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵5（4分）（2011江蘇校級(jí)學(xué)業(yè)考試）如圖所示，彈簧左端固定，右端

8、自由伸長(zhǎng)到O點(diǎn)并系住物體m現(xiàn)將彈簧壓縮到A點(diǎn)，然后釋放，物體一直可以運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)如果物體受到的阻力恒定，則（）A物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)先加速后減速B物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)加速，從O點(diǎn)到B點(diǎn)減速C物體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)所受合力為零D物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)的過(guò)程加速度逐漸減小考點(diǎn)：牛頓第二定律版權(quán)所有分析：對(duì)木塊受力分析，豎直方向受重力和支持力，二力平衡，水平方向受彈簧彈力和摩擦力，剛從A點(diǎn)釋放時(shí)，彈力大于摩擦力，物體加速向右運(yùn)動(dòng)，隨著木塊向右運(yùn)動(dòng)，彈簧壓縮量減小，彈力減小，到達(dá)o點(diǎn)之前某一位置C，彈力減小到等于摩擦力，由C至O彈力小于摩擦力，物體開始減速，O至B過(guò)程受向左的拉力和摩擦力，加速度向右物體一直做減速運(yùn)動(dòng)解答：

9、解：A、B、物體從A點(diǎn)到O點(diǎn)過(guò)程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦力過(guò)程和彈力小于摩擦力過(guò)程，彈力大于摩擦力過(guò)程，合力向右，加速度也向右，速度也向右，即物體先加速后減速；物體從O點(diǎn)到B點(diǎn)，彈力向左，摩擦力也向左，合力向左，加速度也向左，加速度與速度反向，物體減速；故A正確，B錯(cuò)誤；C、物體運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，重力和支持力平衡，彈簧彈力為零，摩擦力向左，合力等于摩擦力，故C錯(cuò)誤；D、物體從A點(diǎn)至O點(diǎn)先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度不斷不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選A點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵分階段結(jié)合運(yùn)動(dòng)情況對(duì)物體受力分析，求出合力后確定加速度的變化情況，從而最終確定物體

10、的運(yùn)動(dòng)情況6（4分）（2014秋濰坊期中）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電金屬塊由靜止開始沿絕緣斜面下滑，已知在金屬塊下滑的過(guò)程中動(dòng)能增加了10J，金屬塊克服摩擦力做功5J，重力做功20J，則以下判斷正確的是（）A電場(chǎng)力做功5JB合力做功15JC金屬塊的機(jī)械能減少20JD金屬塊的電勢(shì)能增加5J考點(diǎn)：電勢(shì)能；功能關(guān)系版權(quán)所有分析：在金屬塊滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了10J，金屬塊克服摩擦力做功5J，重力做功20J，根據(jù)動(dòng)能定理求出電場(chǎng)力做功知道電場(chǎng)力做功量度電勢(shì)能的改變知道重力做功量度重力勢(shì)能的改變解答：解：在金屬塊滑下的過(guò)程中動(dòng)能增加了10J，金屬塊克服摩擦力做功5J，重力做功20J，根據(jù)動(dòng)

11、能定理得：W總=WG+W電+Wf=EK解得：W電=5J所以電場(chǎng)力做功5J，金屬塊的電勢(shì)能增加5J故A錯(cuò)誤D正確B、合力做功等于物體動(dòng)能的變化量，故為10J，故B錯(cuò)誤；C、在金屬塊滑下的過(guò)程中重力做功20J，重力勢(shì)能減小20J，動(dòng)能增加了10J，所以金屬塊的機(jī)械能減少10J，故C錯(cuò)誤故選：D點(diǎn)評(píng)：解這類問(wèn)題的關(guān)鍵要熟悉功能關(guān)系，也就是什么力做功量度什么能的變化，并能建立定量關(guān)系7（4分）（2014秋平陽(yáng)縣校級(jí)期末）如圖所示，真空中固定兩個(gè)等量異號(hào)點(diǎn)電荷+Q、Q，圖中O是兩電荷連線的中點(diǎn)，a、b兩點(diǎn)與+Q的距離相等，c、d是兩電荷連線垂直平分線上的兩點(diǎn)，bcd構(gòu)成一等腰三角形則下列說(shuō)法正確的是（）

12、Aa、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同Bc、d兩點(diǎn)的電勢(shì)相同C將電子由b移到c的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功D質(zhì)子在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)的電勢(shì)能大考點(diǎn)：電勢(shì)；電勢(shì)能版權(quán)所有分析：由場(chǎng)強(qiáng)的合成法則可得場(chǎng)強(qiáng)的大小關(guān)系，由電場(chǎng)力做功情況可得電勢(shì)的變化兩等量異號(hào)點(diǎn)電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，分析電勢(shì)能關(guān)系解答：解：A、a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向左，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向右，則A錯(cuò)誤； B、在兩電荷的中垂線的場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，則為等勢(shì)面，故B正確 C、由b到c為電勢(shì)減小小，則負(fù)電荷受電場(chǎng)力做負(fù)功，則C錯(cuò)誤 D、b點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)，則質(zhì)子在b點(diǎn)的電勢(shì)能大，則D正確故選：BD點(diǎn)評(píng)：等量異號(hào)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線和等勢(shì)線分

13、布情況是考試的熱點(diǎn)，抓住對(duì)稱性和其連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線是學(xué)習(xí)的重點(diǎn)8（4分）（2014九江三模）如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5：1，原線圈接入圖乙所示的電壓，副線圈接火災(zāi)報(bào)警系統(tǒng) （報(bào)警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小下列說(shuō)法中正確的是（）A圖乙中電壓的有效值為110VB電壓表的示數(shù)為44VCR處出現(xiàn)火警時(shí)電流表示數(shù)增大DR處出現(xiàn)火警時(shí)電阻R0消耗的電功率增大考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率版權(quán)所有專題：交流電專題分析：求有效值方法是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒

14、定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比，半導(dǎo)體熱敏電阻是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關(guān)系減小、具有負(fù)溫度系數(shù)的電阻，R處溫度升高時(shí)，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流、電壓變化解答：解：A、設(shè)將此電流加在阻值為R的電阻上，電壓的最大值為Um，電壓的有效值為U=T代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110V，故A正確B、變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是5：l，所以電壓表的示數(shù)為22v，故B錯(cuò)誤C、R處溫度升高時(shí)，阻值減小，副線圈電流增大，而輸出功率和輸入功率相等，所以原線圈

15、增大，即電流表示數(shù)增大，故C正確D、R處出現(xiàn)火警時(shí)通過(guò)R0的電流增大，所以電阻R0消耗的電功率增大，故D正確故選ACD點(diǎn)評(píng)：根據(jù)電流的熱效應(yīng)，求解交變電流的有效值是常見(jiàn)題型，要熟練掌握根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對(duì)學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵9（4分）（2014秋桓臺(tái)縣校級(jí)月考）在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A電容器的電荷量增大B電流表A的示數(shù)減小C電壓表V1示數(shù)在變大D電壓表V2示數(shù)在變大考點(diǎn)：電勢(shì)差；閉合電路的歐姆定律版權(quán)所有專題：電容器專題分析：保持開關(guān)S閉合，根據(jù)變

16、阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化由Q=CU確定電容器電量的變化由歐姆定律判斷電壓表的示數(shù)變化解答：解：A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故路端電壓減小，而電容器的涼拌間的電壓就是路端電壓，結(jié)合Q=CU可得，電容器的電荷量減小，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故電路的電流增大，電流表A的示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；C、電壓表V1示數(shù)等于電流與R1阻值的乘積，故示數(shù)在變大，故C正確；D、路端電壓減小，而電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在減小，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：閉合電路的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確外電阻的變化趨勢(shì)

17、，從而判斷通過(guò)電源的電流變化，進(jìn)而分析路端電壓的變化，由串并聯(lián)電路特點(diǎn)加以分析10（4分）（2013濰坊三模）如圖所示，兩平行光滑導(dǎo)軌豎直固定邊界水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)寬度為h，方向垂直于導(dǎo)軌平面兩相同的異體棒a、b中點(diǎn)用長(zhǎng)為h的絕緣輕桿相接，形成“工”字型框架，框架置于磁場(chǎng)上方，b棒距磁場(chǎng)上邊界的高度為h，兩棒與導(dǎo)軌接觸良好保持a、b棒水平，由靜止釋放框架，b棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)即做勻速運(yùn)動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌電阻則在框架下落過(guò)程中，a棒所受輕桿的作用力F及a棒的機(jī)械能E隨下落的高度h變化的關(guān)系圖象，可能正確的是（）ABCD考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；機(jī)械能守恒定律版權(quán)所有專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：分析棒

18、的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)棒的受力情況、棒的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)分析答題解答：解：A、框架在進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，輕桿對(duì)a作用力為零，b進(jìn)入磁場(chǎng)后，框做勻速運(yùn)動(dòng)，a處于平衡狀態(tài)，桿對(duì)a的作用力F=mg，方向向上，當(dāng)框架下落2h，a棒進(jìn)入磁場(chǎng)后，a受到輕桿的作用力大小等于重力，方向向下，故A錯(cuò)誤，B正確；C、框架進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能守恒，機(jī)械能不變，線框進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，機(jī)械能減少，框架完全離開磁場(chǎng)后，只受重力作用，機(jī)械能守恒，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：BC點(diǎn)評(píng)：本題考查了判斷a的受力情況與機(jī)械能變化情況，分析清楚框架的運(yùn)動(dòng)情況即可正確解題二、填空題（本題共2小題，共18

19、分把答案寫在答題卡中指定的答題處）11（6分）（2014秋煙臺(tái)期中）用如圖1所示的裝置“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平固定，跨過(guò)小車上定滑輪的兩根細(xì)線均處于水平（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是ab（填步驟序號(hào)）a小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄拉力傳感器的示數(shù)F0；b改變砂和砂桶質(zhì)量，打出幾條紙帶c用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量d為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量（2）以拉力傳感器示數(shù)的二倍F（F=2F0）為橫坐標(biāo)，以加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的aF圖象（如圖2），則可能正確的是c（3）寫出兩條減小實(shí)驗(yàn)誤差的措施：將木板適當(dāng)墊

20、高以平衡摩擦力；多進(jìn)行幾次實(shí)驗(yàn)，每次實(shí)驗(yàn)時(shí)多測(cè)量幾組數(shù)據(jù)，以減小偶然誤差考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)解答：解：（1）a、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故a正確；b、改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，故b正確；c、本題拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故cd錯(cuò)誤故選

21、：ab；（2）小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，所以aF圖象是一條傾斜的直線，由實(shí)驗(yàn)裝置可知，實(shí)驗(yàn)前沒(méi)有平衡摩擦力，則畫出的aF圖象在F軸上有截距，故a正確故選：a；（3）減小實(shí)驗(yàn)誤差的措施有：將木板適當(dāng)墊高以平衡摩擦力；多進(jìn)行幾次實(shí)驗(yàn)，每次實(shí)驗(yàn)時(shí)多測(cè)量幾組數(shù)據(jù)，以減小偶然誤差；故答案為：（1）ab；（2）c；（3）將木板適當(dāng)墊高以平衡摩擦力；多進(jìn)行幾次實(shí)驗(yàn)，每次實(shí)驗(yàn)時(shí)多測(cè)量幾組數(shù)據(jù)，以減小偶然誤差點(diǎn)評(píng)：本題考察的比較綜合，需要學(xué)生對(duì)這一實(shí)驗(yàn)掌握的非常熟，理解的比較深刻才不會(huì)出錯(cuò)12（12分）（2013菏澤模擬）某一小型電風(fēng)扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W某實(shí)驗(yàn)小組想通過(guò)實(shí)驗(yàn)描繪出小

22、電風(fēng)扇的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：A電源E（電動(dòng)勢(shì)為4.5V）B電壓表V（量程為05V，內(nèi)阻約為4k）C電流表A1（量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.2）D電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約0.05）；E滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10，額定電流1A）F滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值2k，額定電流100mA）為了便于調(diào)節(jié)，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，實(shí)驗(yàn)中所用電流表應(yīng)選用C，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用E（填所選儀器前的字母序號(hào)）請(qǐng)你為該小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路，并把電路圖畫在虛線內(nèi)（小電風(fēng)扇的電路符號(hào)如圖1所示）操作過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，小電風(fēng)扇通電后受阻力作用，電壓表讀數(shù)小于0.5V時(shí)電風(fēng)扇沒(méi)啟動(dòng)該小組測(cè)繪出的小

23、電風(fēng)扇的伏安特性曲線如圖2所示，由此可以判定，小電風(fēng)扇的電阻為2.5，正常工作時(shí)的發(fā)熱功率為0.9W，機(jī)械功率為1.5W考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題分析：選擇器材需安全、精確，根據(jù)電風(fēng)扇的額定電流確定電流表的量程，通過(guò)電風(fēng)扇電阻的大約值，從測(cè)量的誤差和可操作性角度選擇滑動(dòng)變阻器測(cè)量伏安特性電流、電壓需從零開始測(cè)起，滑動(dòng)變阻器需采用分壓式接法，根據(jù)電風(fēng)扇內(nèi)阻的大小確定電流表的內(nèi)外接電壓表讀數(shù)小于0.5V時(shí)電風(fēng)扇沒(méi)啟動(dòng)電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)歐姆定律求出電風(fēng)扇的電阻，正常工作時(shí)根據(jù)電流和內(nèi)阻求出發(fā)熱功率，根據(jù)輸入功率，通過(guò)能量守恒求出機(jī)械功率解答：解：電風(fēng)扇的額定電流I=0.

24、6A，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇C電風(fēng)扇的電阻比較小，則滑動(dòng)變阻器選擇總電阻為10的誤差較小，即選擇E因?yàn)殡妷弘娏餍鑿牧汩_始測(cè)起，則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻大約R=6.67，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖如圖所示電壓表讀數(shù)小于0.5V時(shí)電風(fēng)扇沒(méi)啟動(dòng)根據(jù)歐姆定律得，R=2.5正常工作時(shí)電壓為4V，根據(jù)圖象知電流為0.6A，則電風(fēng)扇發(fā)熱功率P=I2R=0.362.5W=0.9W，則機(jī)械功率P=UII2R=2.40.9=1.5W故答案為C、E 如圖所示 2.5，0.9W，1.5W點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，即安全，精確以及知道滑動(dòng)變阻器分壓式和限

25、流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別知道有電動(dòng)機(jī)存在的電路是非純電阻電路，清楚電風(fēng)扇沒(méi)啟動(dòng)時(shí)電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，正常工作時(shí)電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和機(jī)械能三、計(jì)算題（本大題4小題，共42分解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13（8分）（2014秋乳山市期中）如圖所示，斜面軌道AB與水平面之間的夾角=53，BD為半徑R=4m的圓弧形軌道，且B點(diǎn)與D點(diǎn)在同一水平面上，在B點(diǎn)，斜面軌道AB與圓弧形軌道BC在B點(diǎn)相切，整個(gè)軌道處于豎直平面內(nèi)且處處光滑，在A點(diǎn)處有一質(zhì)量m=1kg的小球由靜止滑下，經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)后從D點(diǎn)斜拋出去，已知A點(diǎn)距地面的高度H=10

26、m，B點(diǎn)距地面的高度h=5m，（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，cos 53=0.6，保留兩位有效數(shù)字）求：（1）小球從D點(diǎn)拋出后，落到水平地面上的速度（2）小球經(jīng)過(guò)AB段所用的時(shí)間？（3）小球經(jīng)過(guò)圓弧軌道最低處C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力多大？考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力版權(quán)所有專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）小球從A到B的過(guò)程中只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒求解小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度（2）由機(jī)械能守恒定律求出速度，由牛頓第二定律求出加速度，由速度公式求出時(shí)間（3）由牛頓第二定律求出支持力，然后求出壓力解答：解：（1）從A到D過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：；（2）

27、從A到B過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，速度：B=at，加速度：a=gsin，代入數(shù)據(jù)解得：t=1.25s；（3）在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得：，從A到C過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：F=43N，由牛頓第三定律可知，對(duì)軌道的壓力大小為43N，方向豎直向下；答：（1）小球從D點(diǎn)拋出后，落到水平地面上的速度為14m/s（2）小球經(jīng)過(guò)AB段所用的時(shí)間為1.25s（3）小球經(jīng)過(guò)圓弧軌道最低處C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為43N，方向豎直向下點(diǎn)評(píng)：本題是機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律、動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，常見(jiàn)的陳題小球從D點(diǎn)拋出后，阻力是變力，不能根據(jù)功的計(jì)算公式求阻力做功，運(yùn)用動(dòng)能定理

28、求變力做功是常用的方法14（10分）（2014秋濰坊期中）如圖所示，光滑水平面上固定一傾斜角為37的粗糙斜面，緊靠斜面底端有一質(zhì)量為4kg的木板，木板與斜面底端之間通過(guò)微小弧形軌道相接，以保證滑塊從斜面滑到木板的速度大小不變質(zhì)量為2kg的滑塊從斜面上高h(yuǎn)=5m處由靜止滑下，到達(dá)傾斜底端的速度為v0=6m/s，并以此速度滑上木板左端，最終滑塊沒(méi)有從木板上滑下已知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.2，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）斜面與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)1；（2）滑塊從滑上木板到與木板速度相同經(jīng)歷的時(shí)間；（3）木板的最短長(zhǎng)度考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系版權(quán)所有

29、專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：（1）滑塊從斜面下滑的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解動(dòng)摩擦因素；（2）滑塊剛好沒(méi)有從木板左端滑出，說(shuō)明此時(shí)它們的速度相等，由速度、位移公式可以求出木板的長(zhǎng)度和運(yùn)行的時(shí)間；解答：解：（1）在斜面上，由動(dòng)能定理得得1=0.48 （2）在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，有Ff=2mg 由牛頓第二定律得滑塊的加速度 =2g=2m/s 木板的加速度 =1m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 v0a1t=a2t得 t=2s 此時(shí)v1=v2=2m/s（3）設(shè)木板最短長(zhǎng)度為x，則由能量守恒知xM=xm=v0t得x=xmxM=6m答：（1）斜面與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)1為0.48；（2）滑塊從滑上木板到與木板速度相同經(jīng)

30、歷的時(shí)間為2s；（3）木板的最短長(zhǎng)度為6m點(diǎn)評(píng)：本題充分考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及應(yīng)用，和物體共同運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)的應(yīng)用，是考查學(xué)生基本功的一個(gè)好題15（10分）（2013膠州市校級(jí)模擬）在場(chǎng)強(qiáng)為E=0.2N/C的豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一塊水平放置的接地金屬板，在金屬板的正上方，高為h=0.45m處有一個(gè)小的上下只有擋板的放射源，它向各方向均勻地釋放質(zhì)量為m=21023kg、電量為q=+1017C、初速度為v0=1000m/s的帶電粒子粒子重力不計(jì)，粒子最后落在金屬板上試求：（1）粒子下落過(guò)程中電場(chǎng)力做的功（2）粒子打在板上時(shí)的動(dòng)能（3）粒子最后落在金屬板上所形成的圖形及面積的大小考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)

31、電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的應(yīng)用版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）由W=Eqd可求得粒子下落過(guò)程中電場(chǎng)力所做的功；（2）根據(jù)動(dòng)能定理求解粒子打在板上時(shí)的動(dòng)能（3）水平拋出的粒子到達(dá)的水平距離最遠(yuǎn)，則由帶電粒子的類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得出圖形及面積解答：解：（1）電場(chǎng)對(duì)所有粒子做功一樣多，即W=Eqh=0.210170.45=91019 J （2）根據(jù)動(dòng)能定理得：W=Ek得粒子打在板上時(shí)的動(dòng)能為 Ek=W+=91019 J+2102310002J=1.091017J（3）由題意可知各方向沿水平方向射出的粒子到達(dá)最遠(yuǎn)距離，故在金屬板上形成圓形；水平拋出的粒子由于沒(méi)有豎直分速度，到達(dá)金屬板時(shí)的時(shí)間最長(zhǎng)，由牛頓第二定律可知： a=105 m/s2由h=解得：t=3103 s；由r=vt可知；半徑為：r=1000m/s3103 s=3m； 面積的大小為 S=r2=9m2答：（1）電場(chǎng)力做功為91019 J （2）粒子打在板上時(shí)的動(dòng)能為1.091017J（3）粒子形成圓形，半徑為3m；面積為9m2點(diǎn)評(píng)：本題為帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要注意分析題目中粒子的運(yùn)動(dòng)情況，從題意中找出最大及最長(zhǎng)時(shí)間所對(duì)應(yīng)粒子的運(yùn)動(dòng)情況16（14分）（2014臨沂一模）如圖所示，在直角坐標(biāo)系的二、