云南省羅平縣第三中學(xué)2023學(xué)年物理高二上期中檢測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、真空中有相距為r的兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B，它們之間相互作用的靜電力為F，如果將A的帶電量增加到原來(lái)的4倍，B的帶電量不變，要使它們的靜電力變?yōu)椋瑒t它們距離應(yīng)當(dāng)變?yōu)椋?）A16

2、rB4rCD2r2、如圖所示的電路中，R1是定值電阻，R2是光敏電阻已知光敏電阻的阻值隨著光照強(qiáng)度的增加而減小，電源的內(nèi)阻不能忽略閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)光敏電阻上的光照強(qiáng)度增大時(shí)，下列說(shuō)法中不正確的是（）A通過(guò)的電流增大B電容器C所帶的電荷量減小C電源的路端電壓增大D電源的效率減小3、如圖為伏安法測(cè)電阻的一種常用電路以下分析正確的是A此接法的測(cè)量值大于真實(shí)值B此接法的測(cè)量值小于真實(shí)值C此接法要求待測(cè)電阻值小于電流表內(nèi)阻D開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P應(yīng)處在變阻器的正中間4、.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對(duì)金屬板，R1為光敏電阻當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí)，閉合

3、開(kāi)關(guān)S，此時(shí)電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U以下說(shuō)法正確的是 ( ) A若僅將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I不變，U增大B若僅增大A B板間距離，則電容器所帶電荷量不變C若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D若僅用更強(qiáng)的光照射R1 ，則U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變5、電場(chǎng)線分布如圖昕示，電場(chǎng)中a，b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為已知和，電勢(shì)分別為和，則A，B，C，D，6、有兩個(gè)完全相同的靈敏電流計(jì)，允許通過(guò)的最大電流，表頭電阻，若改裝成一個(gè)量程為3V的電壓表和一個(gè)量程為的電流表應(yīng)分別A串聯(lián)一個(gè)的電阻和并聯(lián)一個(gè)的電阻B并聯(lián)一個(gè)的電阻和串聯(lián)一個(gè)的電阻C串聯(lián)

4、一個(gè)的電阻和并聯(lián)一個(gè)的電阻D并聯(lián)一個(gè)的電阻和串聯(lián)一個(gè)的電阻二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，固定的水平長(zhǎng)直導(dǎo)線中通有電流I，矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行線框由靜止釋放，在下落過(guò)程中( )A穿過(guò)線框的磁通量保持不變B線框中感應(yīng)電流方向保持不變C線框所受安掊力的合力方向保持不變D線框的機(jī)械能不斷增大8、兩個(gè)等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線的中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖所示一個(gè)比荷為的小物塊從該水平面內(nèi)的C點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖

5、象如圖所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A在A、B、C三點(diǎn)中，B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，其電場(chǎng)強(qiáng)度E=1V/mB由C到A的過(guò)程中，物塊的電勢(shì)能先增大后減小C由C到A的過(guò)程中，電勢(shì)逐漸升高DA、B兩點(diǎn)電勢(shì)差UAB=5V9、絕緣且光滑的斜面固定于水平地面上，傾角為，斜面處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m、帶正電q的小滑塊在斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g下列判斷正確的是（）A電場(chǎng)強(qiáng)度的方向可能垂直于斜面向上B若物體對(duì)斜面壓力為零時(shí)，則電場(chǎng)強(qiáng)度為C若電場(chǎng)方向水平，則電場(chǎng)強(qiáng)度D電場(chǎng)強(qiáng)度最小值為10、以下用途的物體應(yīng)該用軟磁性材料的是（）A錄音機(jī)磁頭線圈的鐵芯B錄

6、音，錄像磁帶上的磁性材料C電腦用的磁盤(pán)D電鈴上的電磁鐵鐵芯三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）（1）.用螺旋測(cè)微器測(cè)量某金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示。該金屬絲的直徑是_mm。（2）在用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，用游標(biāo)為20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為_(kāi)mm.12（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過(guò)半徑相同的A、B兩球的碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。（1）為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須滿足的條件是_。A斜槽軌道末端的切線必須水平B入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C入射球和被碰球大小必須相同D入射球每次必須從軌道同一位置由靜止?jié)L

7、下（2）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式_時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒；如果滿足表達(dá)式_時(shí)，則說(shuō)明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）平行放置的金屑板A、B組成一只平行板電

8、容器，對(duì)以下兩種情況：(1)保持開(kāi)關(guān)S閉合，使A板向右平移錯(cuò)開(kāi)一些；(2)S閉合后再斷開(kāi)，然后使A板向上平移拉開(kāi)些討論電容器兩扳間的電勢(shì)差U、電荷量Q、板間場(chǎng)強(qiáng)E的變化情況14（16分）如圖所示，在第一象限有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向與y軸平行；在x軸下方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向與紙面垂直。一質(zhì)量為m、電荷量為（）的粒子以平行x軸的速度從y軸上的P點(diǎn)處射入電場(chǎng)，在x軸上的Q點(diǎn)處進(jìn)入磁場(chǎng)，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O離開(kāi)磁場(chǎng)。已知OP=L，OQ=2L。不計(jì)粒子重力。求：（1）粒子從P點(diǎn)入射的速度的大小；（2）粒子第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。15（12分）如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有

9、、三點(diǎn)， ， ，其中沿電場(chǎng)方向， 和電場(chǎng)方向成角一個(gè)電荷量為的正電荷從移到，靜電力做功為,求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)（2）將該電荷從移到，靜電力做的功（3）、兩點(diǎn)間的電勢(shì)差參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】當(dāng)距離為r時(shí)有：F=k當(dāng)距離變化后依據(jù)題意有：聯(lián)立可得：R=4r，ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。2、C【解析】A項(xiàng)：當(dāng)光敏電阻上的光照增大時(shí)，光敏電阻的阻值會(huì)減小，電路中的總電阻減小，電路中的總電流增大，流過(guò)R2的電流增大，故A正確；B、C項(xiàng)：電路中的總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，由閉合電路歐姆定律知路端

10、電壓減小，而電容器極板間的電壓就等于路端電壓，所以電容器板間電壓減小，帶電量減小，故B正確，C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電源效率，路端電壓減小，電動(dòng)勢(shì)不變，所以電源的效率減小，故D正確3、A【解析】由電路圖可知，該實(shí)驗(yàn)采用的是滑動(dòng)變阻器的分壓接法，電流表的內(nèi)接法；（1）電流表外接法，由于電壓表的分流作用，使電流表測(cè)的電流大于流過(guò)電阻的電流，測(cè)量值小于真實(shí)值；待測(cè)電阻越小，電壓表的分流作用越小，電流表測(cè)的電流越接近流過(guò)電阻的真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)誤差越小電流表內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，使電壓表測(cè)的電壓大于待測(cè)電阻兩端的電壓，測(cè)量值大于真實(shí)值；待測(cè)電阻阻值越大，電流表分壓影響越小，電壓表的測(cè)量值越接近真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)誤差

11、越?。?）為保證電路安全，采用滑動(dòng)變阻器分壓接法時(shí)，在閉合開(kāi)關(guān)前，要求滑動(dòng)變阻器滑片移到分壓電阻為零的位置【詳解】由電路圖可知，該實(shí)驗(yàn)采用的是滑動(dòng)變阻器的分壓接法，電流表的內(nèi)接法；電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，電壓測(cè)量值大于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻測(cè)量值大于真實(shí)值，故A正確，B錯(cuò)誤；伏安法測(cè)電阻，采用電流表內(nèi)接法時(shí)，由于電流表的分壓會(huì)使電壓表測(cè)量值大于真實(shí)值，實(shí)驗(yàn)誤差是由電流表分壓造成的，故此接法要求待測(cè)電阻值大于電流表內(nèi)阻，故C錯(cuò)誤；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路安全，閉合開(kāi)關(guān)前，滑片應(yīng)置于最右端，故D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】本題考查了伏安法測(cè)電阻實(shí)驗(yàn)電路分析、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)

12、驗(yàn)誤差分析等問(wèn)題，難度不是很大，熟練掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用歐姆定律即可分析實(shí)驗(yàn)誤差4、D【解析】滑動(dòng)變阻器處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，I不變，U不變故A錯(cuò)誤若僅增大A、B板間距離，電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式C=分析可知電容器所帶電荷量減少，故B錯(cuò)誤若僅用更強(qiáng)的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內(nèi)電壓和R3的電壓均增大，U以及電容器板間電壓均減小，電容不變，由電容的定義式C=分析可知電容器所帶電荷量減少故C錯(cuò)誤若僅用更強(qiáng)的光照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir可得：，不變，故D正確

13、故選D【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵電路穩(wěn)定時(shí)R3相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，再利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析對(duì)于電容的動(dòng)態(tài)分析，應(yīng)根據(jù)電容的決定式和電容的定義式C=結(jié)合進(jìn)行分析5、C【解析】電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，C正確6、C【解析】把靈敏電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：；把靈敏電流計(jì)改裝成的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值：，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分

14、。7、BC【解析】根據(jù)右手螺旋定則判斷出直導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)方向，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，再通過(guò)左手定則判斷線框所受的安培力的合力方向【詳解】A、B項(xiàng)：根據(jù)右手螺旋定則，知直導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，線框由靜止釋放，穿過(guò)線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，即方向保持不變故A錯(cuò)誤，B正確；C項(xiàng)：根據(jù)左手定則，上邊所受的安培力方向向上，下邊所受的安培力方向向下，由于上邊所處的磁場(chǎng)強(qiáng)，所以上邊所受的安培力大小大于下邊所受的安培力大小，所以線框所受安培力的合力方向豎直向上，故C正確；D項(xiàng)：在下降的過(guò)程中，除重力做功以外，有安培力做功，所以線框的

15、機(jī)械能不守恒，即減小，故D錯(cuò)誤故應(yīng)選：BC【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及知道機(jī)械能守恒的條件8、AD【解析】試題分析：據(jù)v-t圖可知物塊在B點(diǎn)的加速度最大，為，所受的電場(chǎng)力最大為 F=ma=2N，據(jù)知，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大為 E=1V/m，故A正確據(jù)v-t圖可知，由C到A的過(guò)程中物塊的速度增大，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤據(jù)兩個(gè)等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向由O點(diǎn)沿中垂線指向外側(cè)，故由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)逐漸減小，故C正確據(jù)V-t圖可知A、B兩點(diǎn)的速度，在根據(jù)動(dòng)能定理得，由圖知，vA=6m/s，vB=4m/s，解得UAB=-5V，故D錯(cuò)誤故選AC.考

16、點(diǎn)：v-t圖線；動(dòng)能定理；電場(chǎng)強(qiáng)度9、BCD【解析】A項(xiàng)：若電場(chǎng)強(qiáng)度的方向可能垂直于斜面向上，物體受重力，電場(chǎng)力，支持力三力作用不可能平衡，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若物體對(duì)斜面壓力為零時(shí)，物體只受重力，電場(chǎng)力二力平衡，根據(jù),可得，故B正確；C項(xiàng)：若電場(chǎng)方向水平，物體受重力，電場(chǎng)力，支持力三力作用平衡，根據(jù)，可知，故C正確；D項(xiàng)：電場(chǎng)強(qiáng)度最小即電場(chǎng)力最小，當(dāng)電場(chǎng)力沿斜面向上時(shí)，電場(chǎng)力最小，即,可知，故D正確點(diǎn)晴：判斷物體運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)，關(guān)鍵是分析受力情況，確定合力是否為零或合力與速度方向的關(guān)系10、AD【解析】錄音機(jī)磁頭線圈的鐵芯與都是利用軟磁性材料制成，能方便錄音，故A正確；錄音磁帶上的磁性材料、錄像磁帶

17、上的磁性材料和電腦用的磁盤(pán)，都是硬磁性材料在我們生活中應(yīng)用廣泛，使為了在外磁場(chǎng)撤去后磁性不容易失去，使信息得以保存，故BC錯(cuò)誤電鈴上的電磁鐵鐵芯，能方便隨時(shí)通斷，故D正確；故選AD點(diǎn)睛：本題考查對(duì)生活中磁性材料的認(rèn)識(shí)，記住軟磁性材料是磁化后外磁場(chǎng)撤去就去磁的物質(zhì)，硬磁性材料是磁化后不易去磁的物質(zhì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、1.704-1.706 6.75 【解析】（1）螺旋測(cè)微器的固定刻度為1.5mm，可動(dòng)刻度為20.50.01mm=0.205mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.202mm=1.705mm（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)

18、為6mm，游標(biāo)尺上第15個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為150.05mm=0.75mm，所以最終讀數(shù)為：6mm+0.75mm=6.75mm12、ACD m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)2小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則又代入得3若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得將代入得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)U一定；C減??；Q減小；E不變(2)Q一定；C減?。籙增大；E不變【解析】(1)保持開(kāi)關(guān)S閉合，兩極板的電勢(shì)差恒定，使A板向右平移錯(cuò)開(kāi)一些，即減小正對(duì)面積，根據(jù)，知電容C變??；保持開(kāi)關(guān)S閉合，電壓U不變，根據(jù)，知兩極板間的電量Q變?。桓鶕?jù)，知電場(chǎng)強(qiáng)度E不變；(2)電容器與電源斷開(kāi)，電量Q保持不變，使A板向上