2023學年山西省晉中市榆社中學物理高二上期中達標測試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在空中某一高度水平勻速飛行的飛機上，每隔1s時間由飛機上自由落下一個物體，先后釋放四個物體，最后落到水平地面上，若不計空氣阻力，則這四個物體（ ）A在空中任何時刻排列在同一拋物線上，落地點間是等距離的B在空中任何時刻排列在同一拋物線上，落

2、地點間是不等距離的C在空中任何時刻總是在飛機下方排成豎直的直線，落地點間是不等距離的D在空中任何時刻總是在飛機下方排成豎直的直線，落地點間是等距離的2、已知電源內(nèi)阻r=2,燈泡電阻RL=2, R2=2 滑動變阻器R1的最大阻值為3,如圖所示,將滑片P 置于最左端,閉合開關S1, S2 ,電源的輸出功率為 P0 ,則( )A將滑片P 向右滑動， R1消耗的功率先增大后減小B將滑片P 向右滑動，L 消耗的功率先增大后減小C當滑片P 置于最右端時,電源輸出功率仍為 P0D若p 位于最左端時斷開S2，電源的輸出功率達到最大值3、有兩個同種材料制成的導體，兩導體為橫截面為正方形的柱體，柱體高均為h，大柱

3、體柱截面邊長為a，小柱體柱截面邊長為b，則A從圖示電流方向看大柱體與小柱體的電阻之比為B從圖示電流方向看大柱體與小柱體的電阻之比為b:aC若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為D若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為4、如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1和m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑的水平面上.現(xiàn)使A瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計時起點，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖象信息可得（ ）A兩物體的質(zhì)量之比為m1:m2=2:1B從t3到t4時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復到原長C在t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，彈簧分別處于壓縮狀態(tài)和拉伸

4、狀態(tài)D在t2時刻A和B的動能之比為EK1: EK2=1:45、圖中a、b、c、d為四根與紙面垂直的長直導線，其橫截面位于正方形的四個頂點上，導線中通有大小相同的電流，方向如圖所示一帶正電的粒子從正方形中心O點沿垂直于紙面的方向向外運動，它所受洛倫茲力的方向是()A向上B向下C向左D向右6、如圖,有一提升重物用的直流電動機,內(nèi)阻r=0.6,R=10,U=160V ,電壓表的讀數(shù)為110V,則下列說法正確的是A通過電動機的電流為5AB通過電動機的電流為4AC在電動機中發(fā)熱的功率為5WD輸入到電動機的電功率為500W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個

5、選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了0.8A，則下列說法正確的是（ ）A電壓表V1示數(shù)增大B電壓表V2、V3示數(shù)均增大C該變壓器起降壓作用D變阻器滑片是沿cd的方向滑動8、對UAB=1V的理解，正確的是（）A從A到B移動qC的電荷，電場力做功1JB從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1JC從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1JD從A到B移

6、動1C的負電荷，外力做功1J9、關于電流的方向，下列說法中正確的是()A在電源供電的外部電路中，電流的方向是從高電勢一端流向低電勢一端B電源內(nèi)部，電流的方向是從高電勢一端流向低電勢一端C電子運動形成的等效電流方向與電子運動方向相同D電容器充電時，電流從負極板流出，流入正極板10、如圖，兩條光滑平行金屬導軌固定，所在平面與水平面夾角為，導軌電阻忽略不計虛線ab、cd均與導軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導軌所在平面的勻強磁場將兩根相同的導體棒PQ、MN先后自導軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導軌垂直且接觸良好已知PQ進入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖

7、像可能正確的是ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測定某迭層電池的電動勢（約20V22V）和電阻（小于2），需要把一個量程為10V的直流電壓表接一固定電阻（用電阻箱代替），改裝為量程為30V的電壓表，然后用伏安法測電源的電動勢和內(nèi)電阻，以下是該實驗的操作過程：(1)把電壓表量程擴大，實驗電路如圖甲所示，請完成第五步的填空第一步：把滑動變阻器滑動片移至最右端第二步：把電阻箱阻值調(diào)到零第三步：閉合電鍵第四步：把滑動變阻器滑動片調(diào)到適當位置，使電壓表讀數(shù)為9V第五步：把電阻箱阻值調(diào)到適當值，使電壓表讀數(shù)為 _ V第六步：不再

8、改變電阻箱阻值，保持電壓表和電阻箱串聯(lián)，撤去其它線路，即得量程為30V的電壓表(2)上述實驗可供選擇的器材有：A迭層電池（電動勢約20V22V，內(nèi)電阻小于2）B電壓表（量程為10V，內(nèi)阻約10k）C電阻箱（阻值范圍09999，額定功率小于10W）D電阻箱（阻值范圍099999，額定功率小于10W）E滑動變阻器（阻值為020，額定電流2A）F滑動變阻器（阻值為02k，額定電流0.2A）電阻箱應選 _，滑動變阻器應選_（用大寫字母表示）(3)用該擴大了量程的電壓表（電壓表的表盤沒變），測電源電動勢E和內(nèi)電阻r，實驗電路如圖乙所示，得到多組電壓U和電流I的值，并作出U-I圖線如圖丙所示，可知電池的電

9、動勢為 _ V，內(nèi)電阻為_ 12（12分）在描繪一個標有“6.3V0.3A”小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，并便于操作。已選用的器材有：學生電源（電動勢為9V，內(nèi)阻約1）；電流表（量程為00.6A，內(nèi)阻約0.2；量程為03A，內(nèi)阻約0.04）；電壓表（量程為03V，內(nèi)阻約3；015V，內(nèi)阻約15）；開關一個、導線若干（1）實驗中還需要一個滑動變阻器，現(xiàn)有以下兩個滑動變阻器，則應選其中的_（選填選項前的字母）A滑動變阻器（最大阻值10，最大允許電流1A）B滑動變阻器（最大阻值1500，最大允許電流0.3A）（2）實驗電路圖應選用圖中的實驗電路圖應選用圖中的

10、_（選填“甲”或“乙”）。（3）接閉合關，改變滑動變阻器滑動端的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)、電壓表示數(shù)，圖中電流表選擇00.6A量程，電壓表選擇015V量程，電流表、電壓表示數(shù)如右上圖所示，可知該狀態(tài)下小燈泡電阻的測量值_（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。 （4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的小燈泡IU圖線如圖所示。由此可知，當小燈泡兩端的電壓增加時，小燈泡的電阻值將_（選填“變大”或“變小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一質(zhì)量為的帶電小球以速度沿豎直方向從點垂直進入勻強電場中，如圖所示，經(jīng)過一段時間后到達點

11、，其速度變?yōu)樗椒较?，大小仍為，重力加速度為，求?(1)小球帶電情況（電性和電荷量大?。?2)小球速度的最小值。14（16分）如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電量為q的金屬小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中。靜止時懸線向右與豎直方向成角，已知重力加速度為g。(1)判斷小球電性；(2)求電場強度E的大??；(3)若把絕緣體細線剪斷，求剪斷細線瞬間小球的加速度。15（12分）平行金屬板A、B豎直放置，相距為d，如圖（a）所示，板間加有隨時間而變化的電壓，如圖（b）所示。設U0和T已知。A板上O處有一靜止的帶電粒子，其電量為q，質(zhì)量為m（不計重力）,在t=0時刻開始受板間電場作用而加速向B板運動，

12、途中由于電場反向又向A返回，(1)為使t=T時粒子恰好回到O點。求：t1=時，粒子的速度多大？位移多大？的比值應滿足什么關系？(2)具備了以上關系后，為使粒子在由A向B運動中不致于碰到B板，求U0的取值范圍。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】勻速飛行的飛機上落下一小球，物體做平拋運動，物體在水平方向上做勻速直線運動，知物體在空中排成一條豎直線，且落地點是等間距的在豎直方向上做自由落體運動，相等時間內(nèi)的間隔在豎直方向上越來越大故選D2、C【解析】開始時，滑片P置于最左端，燈泡與R2并聯(lián)在與R1串聯(lián)，電源的

13、等效內(nèi)阻為r1=2+1=3，滑動變阻器R1的最大阻值為3，由推論可知，此時R1消耗的功率最大，當滑片P向右滑動時R1的阻值在減小，由此可知R1消耗的功率逐漸在減小，故A錯誤；根據(jù)動態(tài)電路的“串反并同”規(guī)律可知L的電流在逐漸增大，所以L 消耗的功率逐漸增大，故B錯誤；滑片P置于最左端，外電阻為 R外1=3+1=4，電源的輸出功率為P0，當滑片P向右滑動時，外電阻減小，最小值為1，由推論可知，滑片P向右滑動時，電源輸出功率先增大后減小，電源輸出功率仍為P0時，對應的另一個外電阻應滿足： ，可得： ，則R外2=1，即滑片P置于最右端時，電源輸出功率仍P0，故C正確；若P位于最左端時斷開S2，此時外阻

14、為： ，電源內(nèi)阻為r=1，根據(jù)推論可知，電源的輸出功率不是最大值，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。3、D【解析】AB. 從圖示方向看，則根據(jù)電阻定律可知，故兩電阻相等，比值為1：1，故AB錯誤。CD. 若電流豎直向下，則根據(jù)電阻定律有：故R1：R2=b2：a2故C錯誤D正確。4、C【解析】A、B組成的系統(tǒng)合外力為零，遵守動量守恒選擇開始到t1時刻列方程可得： m1v=（m1+m2）v1，將v=3m/s，v1=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故A錯誤；結(jié)合圖象弄清兩物塊的運動過程，開始時m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時刻二者速度相當，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最厲害，

15、然后彈簧逐漸恢復原長，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時刻，彈簧恢復原長狀態(tài)，由于此時兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當t3時刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復原長，故B錯誤；由圖可知t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，總動能最小，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可知，此時彈性勢能最大，t1時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t3時刻彈簧處于伸長狀態(tài)故C正確；在t2時刻A的速度為：vA=-1m/s，B的速度為：vB=2m/s，根據(jù)m1：m2=1：2，結(jié)合，得：Ek1：Ek2=1：8，故D錯誤所以C正確，ABD錯誤5、B【解析】

16、試題分析：帶電粒子在磁場中受洛倫茲力，磁場為4根長直導線在O點產(chǎn)生的合磁場，根據(jù)右手定則，a在O點產(chǎn)生的磁場方向為水平向左，b在O點產(chǎn)生磁場方向為豎直向上，c在O點產(chǎn)生的磁場方向為水平向左，d在O點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，所以合場方向水平向左根據(jù)左手定則，帶正電粒子在合磁場中洛倫茲力方向向下故選B考點：洛倫茲力方向判定（左手定則）和直導線周圍磁場的判定（右手螺旋定則）6、A【解析】AB電動機和電阻串聯(lián)，所以電流相等，電阻R兩端電壓則有所以通過電動機的電流為5A，故A正確，B錯誤；C電動機的熱功率故C錯誤；D電動機的電功率故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出

17、的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】考查理想變壓器的動態(tài)分析?！驹斀狻緼變壓器為理想變壓器，電壓由輸入端決定，改變滑動變阻器滑片位置，不能是輸入端電壓改變，即電壓表V1示數(shù)不變，A錯誤；B由變壓器電壓關系：可知，V1示數(shù)不變，則電壓表V2示數(shù)不變，由電流表A2的示數(shù)I2增大，可知，電壓表V3示數(shù)減小，B錯誤；C由變壓器電流關系：可知，該變壓器起降壓作用，C正確；D由可知，電壓U2不變，電流I2增大，則總電阻減小，R阻值減小，滑片沿cd的方向滑動，D正確。故選CD。8、BC【解析】試題分析：根據(jù)W=Uq可知對UAB=1V

18、表示：從A到B移動1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動1C的負電荷，克服電場力做功1J，選項BC正確，AD錯誤；故選BC.考點：電勢差9、AD【解析】AB、在電源供電的外部電路中，電流從正極流向負極，在電源的內(nèi)部，電流從負極流向正極，電源正極電勢高于負極電勢，所以A正確，B錯誤；C、電子帶負電，電子運動形成的電流方向與電子運動的方向相反，C錯誤；D、電容器充電時，電子流入負極板，所以電流從負極板流出，流入正極板，D正確10、AD【解析】根據(jù)圖像可知，設PQ進入磁場勻速運動的速度為v，勻強磁場的磁感應強度為B，導軌寬度為L，兩根導體棒的總電阻為R；根據(jù)法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆

19、定律可得PQ進入磁場時電流保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向QP；如果PQ離開磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是勻速運動，通過PQ的感應電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時MN已經(jīng)進入磁場，此時電流為零，當PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應電流方向相反；A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯誤。C.圖像與分析不符，故C錯誤。D.圖像與分析相符，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3； D； E； 21.3； 1.8

20、【解析】（1）把10V的直流電壓表接一電阻箱，改裝為量程為30V的電壓表時，將直流電壓表與電阻箱串聯(lián)，整個作為一只電壓表，據(jù)題分析，電阻箱阻值調(diào)到零，電壓表讀數(shù)為9V，則知把電阻箱阻值調(diào)到適當值，使電壓表讀數(shù)為3V（2）由題，電壓表的量程為10V，內(nèi)阻約為10k，要改裝成30V的電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知，所串聯(lián)的電阻箱電阻應為210k=20000故電阻箱應選D在分壓電路中，為方便調(diào)節(jié)，滑動變阻器選用阻值較小的，即選E（3）由丙讀出，外電路斷路時，電壓表的電壓為U=7.1V，則電源的電動勢為E=37.1=21.3V，內(nèi)阻為12、A 乙 18 變大 【解析】（1）（2）、實驗要求燈泡兩端的電

21、壓需要由零逐漸增加到6.3V，則滑動變阻器應采用分壓接法，所以滑動變阻器要選擇最大值比較小的A，調(diào)節(jié)比較方便，故選A；實驗電路圖應選乙；(3)電流表的量程為0.6A，所以每一小格的讀數(shù)為0.02A，所以電流表的讀數(shù)為0.22A；電壓表的量程為15V，所以每一小格的讀數(shù)為0.5V，所以讀數(shù)為：80.5=4.0V.由歐姆定律得：Rx=U/I=4/0.22=18；(4)在IU圖象中，各個點與坐標原點的連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨電壓增大，各點與坐標原點的連線的斜率減小，所以可知待測電阻的電阻值變大。【點睛】（1）（2）根據(jù)題目要求確定滑動變阻器與電流表的接法，然后選擇實驗電路；（3）由電壓表與電流表的讀數(shù)的方法讀出電流表與電壓表的測量值，然后由歐姆定律即可求出電阻值