廣東省深圳市外國語xx學校2023學年高二物理第一學期期中統(tǒng)考試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電路兩端的電壓保持不變，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，三個燈泡亮度的變化情況是() AL1變亮，L2和L3皆變暗BL1變暗，L2不能確定，L3變暗CL1

2、變暗，L2變亮，L3變亮DL1變亮，L2變亮，L3變暗2、在如圖所示的實驗中，能在線圈中產(chǎn)生感應電流的是A磁鐵N極停在線圈中B磁鐵S極停在線圈中C磁鐵從線圈內(nèi)抽出的過程D磁鐵靜止在線圈左側(cè)3、如圖是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是 A該點電荷帶正電Ba點的電勢高于b點的電勢Ca點的電場強度大于b點的電場強度Da點和b點電場的方向相同4、炮彈從炮口射出時的速度大小為，方向與水平方向成角，如圖所示.把這個速度沿水平和豎直方向分解，其水平分速度的大小是( )ABCD5、如圖所示，一水平放置的平行板電容器帶上一定電荷量后，將下極板B接地，一帶負電油滴靜止于兩極板間的P點現(xiàn)將平行板電容器的上極

3、板A豎直向下移動一小段距離，下列說法正確的是AP點的電勢將增大，帶電油滴將向上運動BP點的電勢將增大，帶電油滴將向下運動CP點的電勢不變，帶電油滴仍然靜止DP點的電勢不變，帶電油滴將向上運動6、下列圖片所描述的事例或應用中，沒有利用反沖原理的是（）A噴灌裝置的自動旋轉(zhuǎn)B章魚在水中前行和轉(zhuǎn)向C運載火箭發(fā)射過程D碼頭邊輪胎的保護作用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為

4、電容器，A、V為理想電流表和電壓表在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（ ）A電流表示數(shù)變小B電壓表示數(shù)變大C電容器C中的電場強度變小Da點的電勢降低8、下列關于勻變速直線運動的說法正確的是（）A做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度方向總是相同的B做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度變化的方向總是相同的C做勻變速直線運動的物體，它的速度變化越大，加速度越大D做勻變速直線運動的物體，它的速度在單位時間內(nèi)變化越大，加速度越大9、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，各電表都看做理想表。閉合開關，滑動變阻器滑片P向右移動，若以U1、U2、U3、I

5、分別表示電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)變化的大小，則下述結(jié)論正確的是（ ）A電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變小、變大、變小、變大B電壓表V1、V2、V3和電流表A的示數(shù)分別是變大、變小、變大、變小CU2+U3=U1DU1I、U2I、U3I分別是變小、不變、變小10、有一橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流強度為I，設每單位體積的導線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子的定向移動速率為v，在t時間內(nèi)通過橫截面積的電子數(shù)目可表示為（）AnSvtBnvtCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分） “測定電池的電

6、動勢和內(nèi)阻”的實驗中：(1)在如圖甲所示的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑動觸頭應置于_端（填“A”或“B”）。(2)如圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖象，由圖可知，電源的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_。(3)實驗中如果將電壓表并連在滑動變阻器的A、B兩端，則理論上電動勢的測量值和真實值關系E測_ E真，內(nèi)阻的測量值和真實值 r測_ r真（填“，或=”）。12（12分）欲用伏安法測定一段阻值為5左右的金屬導線的電阻，要求測量結(jié)果盡量準確，備有以下器材： A電池組（3V、） B電流表（03A，約0.0125）C電流表（00.6A，約0.125） D電壓表（03V、 ）E. 電壓表（

7、015V、） F. 滑動變阻器（0 ）G. 滑動變阻器（0） H. 開關、導線(1)上述器材中應選用的是_。(2)實驗電路采用正確連接,R的測量值比真實值_（填“偏大”或“偏小”或“相等” ）。 (3)在方框中畫出實驗電路圖_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量m=1.0kg的通電導體棒在安培力作用下水平靜止在傾角為37、寬度L=1.0m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下，磁場僅存在于絕緣框架內(nèi)。在右側(cè)回路中，電源的電動勢E=8.0V，內(nèi)阻r=1.0，額定功率（輸入功率）為8.0W

8、，額定電壓為4.0V的電動機M正常工作，重力加速度，試求：（1）電動機的額定電流IM與通過導體棒的電流I。（2）金屬棒受到的安培力F大小及磁場的磁感應強度B大小。14（16分）如圖所示，把質(zhì)量為0.2g的帶電小球A用絲線吊起，若將帶電荷量為+410-8C的小球B靠近它，當兩小球在同一高度相距3cm時，絲線與豎直方向的夾角為45（g取10m/s2），求：（1）小球A帶何種電荷；（2）此時小球B受到的庫侖力大小；（3）小球A帶的電荷量qA15（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢E=6.00V，其內(nèi)阻可忽略不計。電阻的阻值分別為R1=2.4k、R2=4.8k，電容器的電容C=4.7F閉合開關S，待

9、電流穩(wěn)定后，用電壓表測R1兩端的電壓，其穩(wěn)定值為1.50V。求：（1）由于電壓表的接入，電容器的帶電量變化了多少？（2）該電壓表的內(nèi)阻為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，變阻器電阻R減小，故總電阻減小，根據(jù)歐姆定律干路電流增加，故燈泡L1變亮；并聯(lián)電路的電壓U并=U-IRL1，故并聯(lián)電路電壓變小，燈泡L3變暗；干路電流增加，而通過燈泡L3的電流變小，故通過燈泡L2的電流增加，燈泡L2變亮；故選D。2、C【解析】磁鐵N極停在線圈中，穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感

10、應電流故A錯誤磁鐵S極停在線圈中，穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應電流故B錯誤磁鐵從線圈內(nèi)抽出的過程，穿過線圈的磁通量減小，能產(chǎn)生感應電流故C正確磁鐵靜止在線圈左側(cè)，穿過線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應電流故D錯誤故選C.3、C【解析】本題考查的就是點電荷的電場的分布及特點，以及電場線方向與電勢高低的關系，抓住電場線越密，場強越大、順著電場線電勢降低進行分析即可；【詳解】A、根據(jù)電場線從無窮遠出發(fā)到負電荷終止可知，該電荷是負電荷，故A錯誤；B、順著電場線電勢降低，則知a點的電勢低于b點的電勢，故B錯誤；C、電場線的疏密情況代表場的強弱情況，由圖知，a處電場線較密，則a處電場強度大，故C正確；D

11、、場強的方向即為該點電場線的切線方向，由圖看出，a、b兩點場強方向不同，故D錯誤?！军c睛】熟悉正、負點電荷，等量同種、等量異種電荷周圍電場分布情況往往是解題關鍵。4、B【解析】速度分解到相互垂直的兩個方向上，豎直分速度水平分速度故選B。5、C【解析】兩極板間的電荷量恒定，、可得，即兩極板間的電場強度，與兩極板間的距離無關，電場強度不變，所以油滴受力不變，仍處于靜止狀態(tài)，因為P到下極板的距離不變，而B極板電勢恒為零，根據(jù)可得P點的電勢不變，故C正確；【點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定

12、，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變6、D【解析】噴灌裝置的自動旋轉(zhuǎn)是利用水流噴出時的反沖作用而運動的，故屬于反沖運動，故A錯誤； 章魚在水中前行和轉(zhuǎn)向是利用噴出的水的反沖作用，故B錯誤；火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運動，故C錯誤；碼頭邊的輪胎的作用是延長碰撞時間，從而減小作用力，不是利用了反沖作用，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】B在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電

13、阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大，故B正確；AD根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于兩端的電壓，干路電流I增大，變小，則a點的電勢降低，通過的電流減小，通過電流表的電流，干路電流I增大，減小，則增大，即電流表示數(shù)變大，故A錯誤，D正確；C電阻兩端的電壓，干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場強度減小 ，故C正確【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動勢、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進行分析根據(jù)電流方向判斷電勢高低，由電壓的變化判斷電勢的變化8、BD【解析】勻加速

14、直線運動的速度方向和加速度方向相同，而勻減速直線運動的速度方向和加速度方向相反，故A錯誤；由加速度的定義可知加速度的方向與速度變化方向相同，故B正確； 加速度表示速度變化的快慢，速度變化越快，加速度就越大，速度在單位時間內(nèi)變化越大，與速度變化大小無關，故C錯誤；D正確所以BD正確，AC錯誤9、AC【解析】AB、當滑動變阻器的滑動片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，則電路中的總電流增大，則電流表A的示數(shù)變大；根據(jù)歐姆定律可知R2的電壓增大，電壓表V2示數(shù)變大；內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，電壓表V3示數(shù)變小。R2的電壓增大，路端電壓減小，則R1的電壓減小，則電壓表V1的示數(shù)變小，

15、故A正確，B錯誤。CD、根據(jù)全電路歐姆定律知：U2+U3=U1，故C正確。由U1=E-IR2+r，變形得：U1I=R2+r，不變。U2I=R2，不變。由U3=E-Ir，變形得：U3I=r，即不變。故C正確，D錯誤。故選AC【點睛】當滑動變阻器的滑動片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減小，電路中的總電流增大，由歐姆定律分析并聯(lián)部分兩端電壓的變化和路端電壓的變化，再判斷R2兩端電壓的變化，綜合分析出兩電壓表變化量的大小10、AC【解析】CD根據(jù)電流的微觀表達式I=nqvS，在t時間內(nèi)通過導體橫截面的自由電子的電量Q=It則在t時間內(nèi)，通過導體橫截面的自由電子的數(shù)目為選項C正確，D錯誤

16、；AB將I=nevS代入得故A正確，B錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 1.5 1.0 = 【解析】（1）滑動變阻器在開始時應調(diào)節(jié)到使電路中電流最小的位置；（2）由圖可知，圖象由縱坐標的交點為電動勢；根據(jù)圖象的斜率絕對值表示內(nèi)電阻可求得內(nèi)電阻（3）將電壓表并連在滑動變阻器的AB兩端，誤差來自由沒有分析電流表與電壓表的內(nèi)阻，則通過電表對電路的影響作出真實值與測量值間的圖象，由圖象可分析其誤差情況【詳解】（1）為保證實驗安全，在開始時電路中電流應為最小值，故滑動變阻器應接入最大阻值，由圖可知，滑動變阻器接入部分為右半部分；故滑片

17、應接到A端；（2）在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率絕對值代表的是電源的內(nèi)阻的大小U-I圖可知，電源的電動勢E=1.5V；U-I圖象斜率的絕對值等于內(nèi)阻，所以；（3）圖中由于電壓表測量值小于電源真實的路端電壓；但當外電路斷開時，電流表的分壓可以忽略，故本接法中電動勢是準確的而測量的電壓小于真實值，故由圖象可知測量的內(nèi)阻大于真實值【點睛】本題考查實驗的連接和數(shù)據(jù)的處理等內(nèi)容，要求能正確理解電路的接法及實驗安全性的要求，并能正確根據(jù)圖象得出電動勢和內(nèi)電阻12、ACDFH 偏小 【解析】（1）1根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為所以電流表應選C；根據(jù)電源電動勢

18、為3V可知，電壓表應選D；根據(jù)電流表的最小讀數(shù)應為量程的1/3，根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應為所以變阻器應選F，且應采用限流式接法；所以應選擇的器材是ACDFH；（2）2由于待測電阻滿足，所以電流表應用外接法；由于變阻器的阻值大于待測電阻，變阻器應采用限流式接法；電路應是外接限流式，此電路中電流的測量值偏大，則電阻Rx的測量值比真實值偏小。（3）3如圖所示：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2A；2A（2）6N；3T【解析】（1）電動機的正常工作時，有：PM=UIM代入數(shù)據(jù)解得：IM=2A通過電源的電流為：通過導體棒的電流I=I總-IM=2A（2）導體棒靜止在導軌上，由共點力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37=6N流過導體棒的電流I為I=2AF=BIL解得：B=