四川省廣元市四川師范大學(xué)附屬萬達(dá)中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)的說法正確的是（ ）A電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)B在電源內(nèi)部正電荷從高電勢(shì)處向低電勢(shì)處移動(dòng)C電源是通過靜電力把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置D把同一電源接在不同的電路中,電源的電動(dòng)勢(shì)也將變化2、在研究原子物理時(shí)，常常用到電子伏特做單位，電子伏特是（ ）A電量單位B電功率單位C電壓?jiǎn)挝籇能量單位3、關(guān)于場(chǎng)強(qiáng)的三個(gè)公式：；的適用范圍，下列說法中正確的是（）A三個(gè)公式都適用于任何電場(chǎng)B公式只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)C公式是場(chǎng)強(qiáng)的定義式D公式適用于任何電場(chǎng)，公式只

3、適用于真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)4、圖中a、b、c、d為四根與紙面垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，其橫截面位于正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，導(dǎo)線中通有大小相同的電流，方向如圖所示?？梢耘袛喑鯽、b、c、d四根長(zhǎng)直導(dǎo)線在正方形中心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向是 ( ) A向左 B向右 C向上 D向下5、真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N，分別固定于x軸上，x1=0和x2=3a的兩點(diǎn)上，在它們連線上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨x變化的關(guān)系如圖所示，下列判斷正確的是A點(diǎn)電荷M、N一定為異種電荷B在x軸上，x=2a處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為2:1D若設(shè)無窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)能零點(diǎn)，則x=2a處的電勢(shì)一定為零6、如圖所示，水平的平

4、行金屬板和直流電源相連，中間有一垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電粒子以速度v向右飛入板間，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)。僅改變以下某項(xiàng)條件時(shí)，物體仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)的有A讓物體從右側(cè)以速度v向左飛入板間B讓物體帶和原先電性相反的電C讓物體的電量q增大D讓物體的電量q和質(zhì)量m等比例增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,實(shí)線為電場(chǎng)線,虛線為等勢(shì)線,且AB=BC,電場(chǎng)中的A、B、C三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別為EA、EB、EC,電勢(shì)分別為A、B、C,AB、BC間的電勢(shì)差分別為UAB、UB

5、C,則下列關(guān)系中正確的有( )AABCBECEBEACUABEbBEaEbCabDab三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下的實(shí)驗(yàn)電路，已知小燈泡的規(guī)格為“12 V， 5 W”（1）閉合電建前，應(yīng)將電路圖中的滑動(dòng)變阻器的滑片移到_（填“a”或“b”）端根據(jù)連接好的實(shí)物圖，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄多組電壓表和電流表的讀數(shù)，作出的圖線如圖甲中實(shí)線所示，由圖線分析可知，小燈泡的電阻隨溫度的升高而_（填“增大”或“減小”）若某次電流表的示數(shù)如圖乙所示，則此時(shí)小燈泡的功率為_W（保留兩位有效數(shù)字）（2

6、）若圖像中的虛線或表示小燈泡真實(shí)的伏安特性曲線，與實(shí)驗(yàn)中得到的實(shí)線相比，虛線_（填“”或“”）才是其真實(shí)的伏安特性曲線12（12分）（1）在實(shí)驗(yàn)室做力學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)會(huì)經(jīng)常用到重物，請(qǐng)為下列實(shí)驗(yàn)從圖中選擇最合適的“重物”（填“A”、“B”或“C”）“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中驅(qū)動(dòng)小車的重物是_ 用自由落體運(yùn)動(dòng)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”中的重物是 _ （2）按課本方案進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，每一次必須從同一位置靜止釋放的是（_） A探究求合力的方法B探究速度隨時(shí)間變化的規(guī)律C用小球等器材探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律D用橡皮筋等器材探究物體做功與速度變化之間的關(guān)系（3）某一實(shí)驗(yàn)中物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)打出一條紙帶，其局部放大

7、圖如圖所示，每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)D時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度大小為_ m/s（保留二位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一個(gè)帶負(fù)電的粒子C在靜電場(chǎng)中由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)。在這一過程中，除電場(chǎng)力外，其他力做功為J，粒子的動(dòng)能增加了。取A點(diǎn)為零勢(shì)點(diǎn)，求：此過程電場(chǎng)力所做的功；A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差； B點(diǎn)的電勢(shì)。14（16分）光滑水平面上質(zhì)量為1kg的小球A，以2.0m/s的速度與同向運(yùn)動(dòng)的速度為1.0m/s、質(zhì)量為2kg的大小相同的小球B發(fā)生正碰,碰撞后小球B以1.5m/s的速度

8、運(yùn)動(dòng)求:(1)碰后A球的速度大小;(2)碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能15（12分）如圖所示，光滑斜面傾角為37，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時(shí)刻開始，電場(chǎng)強(qiáng)度變化為原來的，求:(1)原來的電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？(2)物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小;(3)沿斜面下滑距離為L(zhǎng)時(shí)物體的速度.(sin 370.6，cos 370.8，g10m/s2)參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A電動(dòng)勢(shì)表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大

9、小，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)，故A正確；B在電源內(nèi)部，電流方向從負(fù)極指向正極，所以正電荷從低電勢(shì)處向高電勢(shì)處，故B錯(cuò)誤；C電源是通過內(nèi)部非靜電力把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，故C錯(cuò)誤；D把同一電源接在不同的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)不變，故D錯(cuò)誤。2、D【解析】研究微觀粒子時(shí)常用電子伏特（）做能量的單位，等于一個(gè)電子經(jīng)過電壓加速后所增加的能量，若電場(chǎng)中的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為，將一電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電子克服電場(chǎng)力做功為，電量的單位是庫侖，電功率單位為瓦特，而電壓的單位是伏特，故ABC錯(cuò)誤，D正確點(diǎn)睛：此題考查的是我們對(duì)常見物理量及其對(duì)應(yīng)單位的掌握情況，要注意明確電子伏特和元電荷之間的關(guān)系，明確

10、電子伏特對(duì)應(yīng)的計(jì)算公式3、D【解析】公式為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，故適用于任意電場(chǎng)；而公式是由庫侖定律得出的直空中點(diǎn)電荷周圍的場(chǎng)強(qiáng)，故只能適用于真空中點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)；公式是勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)關(guān)系，故只能適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)。故選D。4、A【解析】根據(jù)題意，由右手螺旋定則知b與d導(dǎo)線電流產(chǎn)生磁場(chǎng)正好相互抵消，而a與c導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)正好相互疊加，由右手螺旋定則，a、c在O處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均向左，則O處的磁場(chǎng)方向水平向左，故選C.5、B【解析】由圖可知，x=2a處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，兩個(gè)點(diǎn)電荷在此處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，所以兩電荷必為同種電荷故A錯(cuò)誤；x=2a在x軸上，此處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，B正確；由點(diǎn)電

11、荷的場(chǎng)強(qiáng)公式： 可知，點(diǎn)電荷M、N在x=2a處的場(chǎng)強(qiáng)分別為：，根據(jù)EM=EN，可以得到QM：QN=4：1，故C錯(cuò)誤；在x=a到x=2a區(qū)間，電場(chǎng)強(qiáng)度為正，負(fù)電荷受力向左，所以-q從x=a到x=2a區(qū)間過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤6、B【解析】若帶電粒子帶正電，則受到電場(chǎng)力和洛倫茲力作用，受力如圖所示：勻速運(yùn)動(dòng)，則：；A、讓物體從右側(cè)以速度v向左飛入板間，則受力如圖所示：可知此時(shí)帶電粒子受力不平衡，即不能做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、若物體帶和原先電性相反的電，則受到電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向相反，但是此時(shí)仍然，即，仍能勻速運(yùn)動(dòng)，與電量和無關(guān)，故選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共

12、4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】試題分析: A、B、C三點(diǎn)處在一根電場(chǎng)線上，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降落，故ABC，故A正確；由電場(chǎng)線的密集程度可看出電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系為ECEBEA，故B正確；電場(chǎng)線密集的地方電勢(shì)降落較快，故UBCUAB，故C正確，D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查靜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線、等勢(shì)面的分布知識(shí)和規(guī)律【詳解】8、CD【解析】試題分析：S閉合時(shí)，R1被斷路，R2中的電流較大，熱功率較大，處于加熱狀態(tài)，S斷開時(shí)，R1與R2串聯(lián)，R2中的電流較小，熱功率較小，處于是保溫狀態(tài)，AB

13、錯(cuò)誤，CD正確考點(diǎn)：本題考查了電路的串并聯(lián)特點(diǎn)和電路的規(guī)律問題9、AC【解析】將R0與電源看成新的電源，由圖像可知，當(dāng)新的電源內(nèi)阻與滑動(dòng)變阻器電阻相等時(shí)，新電源的輸出功率最大，即滑動(dòng)變阻器功率最大，則有： 解得： 解得： 電源效率為： 增大R，路端電壓增大，電源的效率增大，故選AC10、AC【解析】A、B項(xiàng)：電子從a到b，電勢(shì)能圖線的斜率逐漸減小，斜率表示電場(chǎng)力的大小，知電場(chǎng)力逐漸減小，則電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，所以EaEb，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：由于電勢(shì)能逐漸降低，知電場(chǎng)力做正功，則電子所受的電場(chǎng)力方向由a指向b，電場(chǎng)線的方向由b指向a，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則ab，故C正確，D錯(cuò)誤點(diǎn)晴

14、：電勢(shì)能與位移圖線的斜率反映電場(chǎng)力的大小，從而可以反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，結(jié)合電場(chǎng)力做功判斷出電場(chǎng)力的方向，從而得出電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低比較出a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）a ， 增大， 2.4； （2） 【解析】（1）開始時(shí)應(yīng)讓測(cè)量部分電壓為零，故開關(guān)應(yīng)移到a端開始調(diào)節(jié)；由圖可知圖象的斜率越來越小，則說明電阻越來越大，小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大；由電流表示數(shù)可知，電流大小為0.4A，則由圖可知，電壓為6.0V，故燈泡功率P=UI=60.4=2.4W；（2）由于電流表采用外接法，由于電

15、壓表分流使電流表示數(shù)偏大，而電壓表是準(zhǔn)確的，故相同電壓電流應(yīng)偏小，故II為真實(shí)的圖象12、C A CD 0.38 【解析】由題意可知考查“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”， 用自由落體運(yùn)動(dòng)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，勻加速直線運(yùn)動(dòng)三個(gè)實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理、器材選擇及數(shù)據(jù)處理，據(jù)此分析計(jì)算可得?！驹斀狻?“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中驅(qū)動(dòng)小車的重物需要知道重物的具體質(zhì)量，且要求重物質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，所以需要用砝碼，故選擇C；2 用自由落體運(yùn)動(dòng)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”中的重物需要選擇一個(gè)密度較大，重力較大的重錘，這樣可以減小空氣阻力的影響。(2) 3 A探究求合力的方法，驗(yàn)證同一效果時(shí)，要求第一次用兩個(gè)彈

16、簧測(cè)力計(jì)拉動(dòng)小圓環(huán)，第二次用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉動(dòng)小圓環(huán)到同一位置，換為驗(yàn)證另一個(gè)作用效果時(shí)，位置可以改變，故A錯(cuò)誤；B探究速度隨時(shí)間變化的規(guī)律，每次物體運(yùn)動(dòng)開始位置不一定相同，故B錯(cuò)誤；C用小球等器材探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，為了探究同一個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，要求每次初速度相同，運(yùn)動(dòng)軌跡才相同，所以要求每次從同一位置靜止釋放小球。D用橡皮筋等器材探究物體做功與速度變化之間的關(guān)系，每次改變橡皮筋的條數(shù)，從靜止釋放小車，可以用倍增法表示做功的多少，故D正確。(3) 4根據(jù)刻度尺可以讀出C點(diǎn)坐標(biāo)值為6.80cm，E點(diǎn)坐標(biāo)為14.40cm，根據(jù)【點(diǎn)睛】理解實(shí)驗(yàn)原理，據(jù)此分析問題。利用紙帶上的點(diǎn)跡求某一點(diǎn)的瞬時(shí)速度時(shí)

17、，可以計(jì)算與該點(diǎn)相鄰的兩點(diǎn)間的平均速度，注意時(shí)間、單位等易錯(cuò)點(diǎn)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2） （3）【解析】試題分析：根據(jù)動(dòng)能定理即可求得電場(chǎng)力做功；根據(jù)W=qU即可求得電勢(shì)差；根據(jù)電勢(shì)差的公式計(jì)算B點(diǎn)的電勢(shì)。（1）粒子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中根據(jù)動(dòng)能定理： 帶入數(shù)據(jù)解得： （2）根據(jù)電勢(shì)差定義式可得： （3）根據(jù)電勢(shì)差與電勢(shì)的關(guān)系： 帶入數(shù)據(jù)得： 點(diǎn)睛：本題主要考查了粒子在電場(chǎng)力和外力做功情況下，應(yīng)用動(dòng)能定理求解，應(yīng)用電勢(shì)差的定義式時(shí)要注意功的正負(fù)及電荷的正負(fù)，屬于基礎(chǔ)題。14、，【解析】試題分析：（1）碰撞過程中動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出小球速度（2）由能量守恒定律可以求出損失的機(jī)械能解：（1）碰撞過程，以A的初速度方向?yàn)檎?，由?dòng)量守恒定律得：mAvA+mBvB=mAvA+mBvB代入數(shù)據(jù)解：vA=1.0m/s碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能量為：代入數(shù)據(jù)解得：E損=0.25J答：碰后A球的速度為1.0m/s；碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能為0.25J【點(diǎn)評(píng)】小球碰撞過程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能不守恒，由動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以正確解題，應(yīng)