陜西師范大學(xué)附屬中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，半徑為R的環(huán)形塑料管豎直放置，管的內(nèi)壁光滑，AB為該環(huán)的水平直徑，且管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小

2、于環(huán)的半徑，整個(gè)裝置處于水平向左的勻強(qiáng)電場中現(xiàn)將一直徑略小于塑料管內(nèi)徑、質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球從管中A點(diǎn)由靜止釋放，已知qE=mg，以下說法正確的是 ( )A小球釋放后，第一次經(jīng)過最低點(diǎn)D和最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)管壁的壓力大小之比為5:1B小球釋放后，第一次達(dá)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力為4mgC小球釋放后，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，并在BDA間往復(fù)運(yùn)動(dòng)D小球釋放后，經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)的速度最大2、如圖所示，當(dāng)開關(guān)接通時(shí)，通電螺線管相當(dāng)于一條形磁鐵，磁針將轉(zhuǎn)動(dòng)，可知：A螺線管右端相當(dāng)于條形磁鐵的極；B磁針極將轉(zhuǎn)向左邊；C磁針極將轉(zhuǎn)向右邊；D磁針極將轉(zhuǎn)向紙外3、小球在水平桌面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它受到如圖所示方向的力的作

3、用時(shí)，小球可能運(yùn)動(dòng)的方向是： AOaBObCOcDOd4、一平行板電容器充電后，把電源斷開，再用絕緣工具將兩板距離拉開一些，則()A電容器的帶電荷量增加 B電容增大C電容器電壓不變 D兩板間電場強(qiáng)度不變5、電動(dòng)勢(shì)為E的電源與一電壓表和一電流表串聯(lián)成閉合回路，如果將一電阻與電壓表并聯(lián)，則電壓表的讀數(shù)減小為原來的1/3，電流表的讀數(shù)增大為原來的3倍，則可以求出A電源的內(nèi)阻B電流表的內(nèi)阻C電流表原來的讀數(shù)D電壓表原來的讀數(shù)6、一帶電粒子從電場中的點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，軌跡如圖中虛線所示不計(jì)粒子所受重力，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A粒子帶正電荷B粒子加速度逐漸減小C點(diǎn)的速度大于點(diǎn)的速度D粒子的初速度不為零二、多項(xiàng)選

4、擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，MDN為絕緣材料制成的光滑豎直半圓環(huán)，半徑為R，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向外一帶電量為-q，質(zhì)量為m的小球自M點(diǎn)無初速下落，下列說法中正確的是（ ）A由M滑到最低度點(diǎn)D時(shí)所用時(shí)間與磁場無關(guān)B球滑到D時(shí)，速度大小v=C球滑到D點(diǎn)時(shí)，對(duì)D的壓力一定大于mgD滑到D時(shí)，對(duì)D的壓力隨圓半徑增大而減小8、如圖甲所示，、為兩個(gè)固定著的點(diǎn)電荷，a、b是它們連線的延長線上的兩點(diǎn)現(xiàn)有一電子，只在電場力作用下，以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開

5、始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)，其圖象如圖乙所示，電子經(jīng)過a、b兩點(diǎn)的速度分別為、，則 A一定帶負(fù)電B的電量一定大于的電量Cb點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì)D電子離開b點(diǎn)后所受靜電力一直減小9、一帶電粒子射入一固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電場中，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線abc所示圖中實(shí)線是同心圓弧，表示電場的等勢(shì)面不計(jì)帶電粒子的重力，可以判斷A此粒子一直受到靜電引力作用B粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在a點(diǎn)的電勢(shì)能C粒子在b點(diǎn)的速度一定小于在a點(diǎn)的速度D電場中b點(diǎn)的電勢(shì)一定高于c點(diǎn)的電勢(shì)10、關(guān)于導(dǎo)體的電阻，下列說法正確的是A根據(jù)，可知R與U成正比，與I成反比B根據(jù)，可知R與L成正比，與S成反比C白熾燈溫度上升電阻變大，是因?yàn)?/p>

6、燈絲的電阻率變大D將一圓柱形導(dǎo)體均勻拉長為原來的兩倍，則電阻變?yōu)樵瓉淼?倍三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小張同學(xué)利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究自由落體運(yùn)動(dòng)，他設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)方案如下：如圖甲所示，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，先打開電源后釋放重物，重物帶動(dòng)紙帶從靜止開始下落，打出幾條紙帶并選出一條比較理想的紙帶如圖乙所示，在紙帶上取出若干計(jì)數(shù)點(diǎn)，其中每相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，分別用s1、s2、s3、s4、s5表示各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率f圖中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T_（用f表示），計(jì)算重力加速度的公式是g=_（用f 、s2、

7、s5表示），計(jì)數(shù)點(diǎn)5的速度公式是v5=_（用f 、s4、s5表示）12（12分）一個(gè)小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪和研究小燈泡的伏安特性曲線。A電源E：電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)；B電壓表V1：量程為03V，內(nèi)阻約為1k；C電壓表V2：量程為015V，內(nèi)阻約為4kD電流表A1：量程為03A，內(nèi)阻約為0.1；E電流表A2：量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.6；F滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值為10，額定電流為0.5A；G滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值為15，額定電流為1.0A；H滑動(dòng)變阻器R3：最大阻值為150，額定電流為1.0A；I開關(guān)S，導(dǎo)線若

8、干。實(shí)驗(yàn)得到如表數(shù)據(jù)（I和U分別表示通過小燈泡的電流和加在小燈泡兩端的電壓）并描點(diǎn)如圖：I/A0.000.120.210.290.340.420.450.470.490.50U/V0.000.200.400.600.801.201.401.601.802.00實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用_；電流表應(yīng)選用_；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）。請(qǐng)你不要改動(dòng)已連接導(dǎo)線，在如圖1所示的實(shí)物連接圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上_。閉合開關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑片放在最_（填“左”或“右”）端。在實(shí)驗(yàn)中，其中一組數(shù)據(jù)如圖2，電流表示數(shù)為_A，電壓表示數(shù)為_V，并標(biāo)在在如圖3所示的UI圖中，再畫出小燈泡的UI曲線_。

9、在圖4中畫出該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)電路圖_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平桌面上的輕質(zhì)彈簧左端固定，用質(zhì)量為m1kg的小物塊壓緊彈簧，從A處由靜止釋放后的物塊，在彈簧彈力的作用下沿水平桌面向右運(yùn)動(dòng)，物體離開彈簧后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，離開桌面邊緣B后，落在水平地面C點(diǎn)C點(diǎn)與B點(diǎn)的水平距離x1m，桌面高度為h1.15m，AB長度為s1.5m，物體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.4，小物塊可看成質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，取g10m/s1求：（1）物塊在水平面上運(yùn)動(dòng)到桌面邊緣B處的速度大?。?）物塊落地時(shí)速度大小及速度與水平方

10、向夾角的正切值（3）彈簧彈力對(duì)物塊做的功14（16分）A、B是地球的兩顆衛(wèi)星，其軌道半徑分別為RA和RB，某時(shí)刻B衛(wèi)星正好位于A衛(wèi)星的正上方，如圖所示。已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g。(1)求這兩顆衛(wèi)星的周期。(2)至少經(jīng)過多長時(shí)間，B衛(wèi)星再次運(yùn)動(dòng)到A衛(wèi)星的正上方?15（12分）如圖所示在沿水平方右的勻強(qiáng)電場中，豎直放置著一光滑半圓孤的絕緣細(xì)管，圓心為O，半徑為R，現(xiàn)將質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從圓弧管的水平直徑一端B點(diǎn)由靜止釋放，小球沿細(xì)管滑到P點(diǎn)時(shí)，速度剛好為零，OP連線與豎直方向的夾角為，且=37，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）勻強(qiáng)電場強(qiáng)度E為多少？（2）小球滑到

11、最低點(diǎn)C點(diǎn)時(shí)管壁對(duì)小球的支持力為多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】小球從A點(diǎn)第一次到D點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有 mgR+qER= 第一次經(jīng)過最低點(diǎn)D時(shí)，根據(jù)向心力公式，有 N1D-mg=聯(lián)立解得N1D=5mg，由牛頓第三定律知小球第一次經(jīng)過最低點(diǎn)D對(duì)管壁的壓力大小為5mg小球從A點(diǎn)第一次到C點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有-mgR+qER=第一次過C點(diǎn)，根據(jù)向心力公式，mg-N1C=聯(lián)立解得 N1C=mg，由牛頓第三定律知小球第一次經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)管壁的壓力大小為mg，因此，小球釋放后，第一次經(jīng)

12、過最低點(diǎn)D和最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)管壁的壓力之比為5：1，故A正確從A點(diǎn)釋放到B點(diǎn)過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有qE2R=第一次達(dá)到B點(diǎn)時(shí)，據(jù)向心力公式，有N1B-qE=聯(lián)立解得：N1B=5mg，由牛頓第三定律知小球釋放后，第一次達(dá)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力為5mg，故B錯(cuò)誤；帶電小球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，重力做功為零，電場力做正功，動(dòng)能增加，由動(dòng)能定理知道小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)有速度，還繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，不可能在BDA 間往復(fù)運(yùn)動(dòng)故C錯(cuò)誤；小球到達(dá)平衡位置時(shí)速度最大，因?yàn)閙g=qE，可知平衡位置在BD的中點(diǎn)，即小球經(jīng)過BD中點(diǎn)時(shí)速度最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.【點(diǎn)睛】本題中關(guān)鍵要理清物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，會(huì)用等效合力的方法研究小球

13、的運(yùn)動(dòng)；會(huì)利用動(dòng)能定理以及圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)研究小球的運(yùn)動(dòng)2、B【解析】在螺線管中電流的方向是從右端流入，左端流出，結(jié)合螺線管的繞向，根據(jù)右手螺旋定則，可以確定螺線管的左端為N極，右端為S極，則小磁針極將轉(zhuǎn)向左邊；故ACD錯(cuò)誤，B正確故選B【點(diǎn)睛】本題考查了右手螺旋定則、磁極間的相互作用在此題中告訴了電流方向、線圈繞向可以根據(jù)右手螺旋法則來確定螺線管的NS極3、D【解析】曲線運(yùn)動(dòng)中合力總是指向曲線的凹側(cè)，D對(duì)；4、D【解析】平行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變根據(jù)電容的決定式C=S4kd，分析電容的變化，再由電容的定義式C=QU分析電壓的變化，由E=Ud可分析電場強(qiáng)度的變化?！驹斀狻緼項(xiàng)：平

14、行板電容器充電后，把電源斷開，其電量不變，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：根據(jù)電容的決定式，分析可知，電容與板間距離成反比，當(dāng)把兩金屬板拉開一些距離，電容減小，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：Q不變，C減小，由電容的定義式C=QU分析可知電容器電壓增加，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由電容的決定式C=S4kd，電容的定義式C=QU，E=Ud結(jié)合得：，則知E與d無關(guān)，所以板間場強(qiáng)不變，故D正確。故應(yīng)選：D。【點(diǎn)睛】本題要抓住電容的決定式，明確電容與板間距離的關(guān)系還可以進(jìn)一步研究板間電壓、電場強(qiáng)度等物理量的變化情況要熟練推導(dǎo)出板間場強(qiáng)公式E=4kQS，知道E與d無關(guān)，這是常用的結(jié)論，要理解并牢固掌握。5、D【解析】設(shè)電壓表和電流表的原來讀數(shù)分

15、別為U和I,電源和電流表的內(nèi)阻分別為r1和r2.由閉合電路的歐姆定律得:E=U+Ir1+r2 E=13U+3Ir1+r2解兩式得U=0.75E通過以上的兩個(gè)公式,不能求出電源和電流表的內(nèi)阻分別為r1和r2.故D對(duì)；ABC錯(cuò)；故選D【點(diǎn)睛】題目中給出的是兩種情況下的電流表電壓表示數(shù)的變化,故可設(shè)出原來兩表的讀數(shù),由比例關(guān)系得出變化后的讀數(shù),通過閉合電路的歐姆定律列方程組求解即可6、A【解析】A.帶電粒子所受合外力（即電場力）指向軌跡內(nèi)側(cè)，知電場力方向向左，粒子帶負(fù)電荷，故A項(xiàng)符合題意B.因，可知從A到B，粒子加速度逐漸減小，選項(xiàng)B不符合題意；C.粒子從A到B受到的電場力做負(fù)功，動(dòng)能減小，速度減小

16、，則A點(diǎn)的速度大于B點(diǎn)的速度，選項(xiàng)C項(xiàng)不合題意D.由圖可知，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度逐漸減小，故粒子在A點(diǎn)速度不為零，選項(xiàng)D項(xiàng)不合題意二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】試題分析：小球的運(yùn)動(dòng)導(dǎo)致洛倫茲力出現(xiàn)，由于速度大小不變，當(dāng)磁場不同時(shí)，洛倫茲力大小不同但小球由M滑到最低點(diǎn)D所用時(shí)間卻不變，故A正確；小球下滑過程中，受到重力、支持力、洛倫茲力，但支持力與洛倫茲力不做功，所以只有重力做功，由小球機(jī)械能守恒可得，小球通過D點(diǎn)的速度大小，B正確，由于小球機(jī)

17、械能守恒，雖然小球滑到最低點(diǎn)的速度大小不變，但由于小球的運(yùn)動(dòng)方向不同，導(dǎo)致洛倫茲力的方向也不同所以小球?qū)點(diǎn)的壓力可能大于重力，也可能小于重力，也可能等于重力C錯(cuò)誤D正確，考點(diǎn)：考查了洛倫茲力的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：雖受洛倫茲力，但其不做功，所以小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速率不變隨著運(yùn)動(dòng)的方向不同，導(dǎo)致洛倫茲力方向也不同8、BC【解析】從速度圖象乙上看出，可見電子從a到b做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以ab之間電場的方向向左，b點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì)；在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則電場力為零，所以該點(diǎn)場強(qiáng)為零過b點(diǎn)后點(diǎn)電荷做減速運(yùn)動(dòng)，所以電場的方向向右；結(jié)合兩個(gè)點(diǎn)電荷的電場的疊加的知識(shí)可知，一定帶負(fù)電，一定帶正電，

18、A錯(cuò)誤C正確；b點(diǎn)場強(qiáng)為零，可見兩點(diǎn)電荷在b點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，根據(jù)，b到的距離大于到的距離，所以的電量大于的電量，B正確；由圖乙可知，在b點(diǎn)右側(cè)，電子的速度逐漸減小，由于v-t圖象的斜率可以表示加速度的大小，由圖可知，電子的加速度先增大后減小，所以電子離開b后受到的電場力也是先增大后減小，D錯(cuò)誤9、BC【解析】曲線運(yùn)動(dòng)的合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在的過程中，一直受靜電斥力作用，故A錯(cuò)誤；粒子由a到b，電場力做負(fù)功，所以粒子的電勢(shì)能增加，所以b點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在a點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；根據(jù)動(dòng)能定理，粒子由a到b，電場力做負(fù)功，動(dòng)能減少，故粒子在b點(diǎn)的速度一定

19、小于在a點(diǎn)的速度，故C正確；由于不知道點(diǎn)電荷的電性與粒子的電性，所以不能判斷出b與c點(diǎn)電勢(shì)的高低，故D錯(cuò)誤所以BC正確，AD錯(cuò)誤10、BCD【解析】A根據(jù)電阻定律可知，導(dǎo)體的電阻大小的影響因素：長度、橫截面積、材料。跟電壓、電流都無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)電阻定律可知，導(dǎo)體的電阻R與長度L成正比，與橫截面積S成反比，故B正確；C白熾燈溫度升高，電阻率增大，電阻變大，故C正確；D將一圓柱形導(dǎo)體均勻拉長為原來的兩倍，則橫截面積減小為原來的一半，根據(jù)電阻定律可知，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 f2 （3s5-

20、s4）f/1 【解析】由于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率f，故打下的兩個(gè)點(diǎn)間的時(shí)間為，又因?yàn)槊肯噜徲?jì)數(shù)點(diǎn)之間有四個(gè)點(diǎn)未畫出，故圖中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T；如果用f 、s2、s5表示加速度，則s5s2=g（52）T2=3g（）2，則計(jì)算重力加速度的公式是g=f2；則點(diǎn)4的瞬時(shí)速度為v4=，又因?yàn)関5=v4+gT，故代入解之得v5=（3s5-s4）f/112、B E G 右 0.36 1.00 【解析】123燈泡額定電壓為2V，電壓表應(yīng)選B；燈泡額定電流為0.5A，電流表應(yīng)選E；由于滑動(dòng)變阻器F的額定電流較小，故選額定電流較大的滑動(dòng)變阻器G；45描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻為電壓表內(nèi)阻為電壓表內(nèi)阻約為1k，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示；為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于右端； 678電流表采用0.6A的量程，每一小格是0.02A，所以電流表示數(shù)為0.36A；電壓表采用的是3V的量程，每一小格是0.01V，所以電壓表示數(shù)為1.00V，根據(jù)坐標(biāo)系中描出的應(yīng)點(diǎn)，用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來，作出燈泡的UI圖象，如圖所示由于燈泡電阻受溫度影響，燈泡電阻隨溫度升高而增大，所以燈泡的UI圖線不是直線。9實(shí)驗(yàn)電路如圖所示四、計(jì)算