2022年廣東省五校陽春一中肇慶一中真光中學高三第二次聯(lián)考物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，以下描述正確的是A若t=，則在t時刻和（t+t）時刻彈簧長度一定相等B若t=T，則在t時刻和（t+t）時刻振子運動的加速度一定相等C若t和（t+t）時刻振子運動速度大小相等，方向相反，則t一定等于的整數(shù)倍D若t和（t+t）時刻振子運動位移大小相等，方向相反，則t一定等于T的整數(shù)倍2、如圖所示，繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星的角速度為，對地球的張角為弧度，萬有引力常量為。則下列說法正確的是（）A衛(wèi)星的運動屬于勻變速曲線運動B張角越小的衛(wèi)星，其角速度

3、越大C根據(jù)已知量可以求地球質量D根據(jù)已知量可求地球的平均密度3、新型冠狀病毒防疫期間，醫(yī)用一次性口罩是必備的呼吸防護用品，口罩的核心材料是中間一層熔噴無紡布。為了提高過濾效果必須在熔噴無紡布上進行重要的駐極處理，就是在熔噴無紡布上加入靜電荷。利用電荷的靜電力作用捕集塵粒，稱為靜電吸引沉積，靜電吸附效果直接影響著口罩的使用壽命。根據(jù)這些信息，下列說法正確的是（）A醫(yī)用一次性口罩可以進行高溫蒸汽消毒再使用效果會更好B醫(yī)用一次性口罩可以防護天然放射現(xiàn)象中放射出的、和射線C在防控期間口罩出現(xiàn)嚴重緊缺，為了節(jié)約資源剛用完的醫(yī)用一次性口罩可以及時清洗曬干后使用D防疫期間不法分子為了謀取暴利，制造銷售假冒醫(yī)

4、用一次性駐極口罩，除了從專業(yè)技術上鑒定外，還可以用口罩能否吸附輕小紙屑來判斷真假4、下列說法正確的是（）A物體的動能增加，其內能也一定增加B擴散現(xiàn)象和布朗運動都是分子的無規(guī)則熱運動C一定質量的氣體膨脹對外做功，氣體內能一定增加D隨著分子間的距離增大，分子間的引力、斥力都減小5、如圖所示，物體A放在斜面體B上，A恰能沿斜面勻速下滑，而斜面體B靜止不動若沿斜面方向用力向下拉物體A，使物體A沿斜面加速下滑，則此時斜面體B對地面的摩擦力A方向水平向左B方向水平向右C大小為零D無法判斷大小和方向6、如圖所示為五個點電荷產(chǎn)生的電場的電場線分布情況，a、b、c、d是電場中的四個點，曲線cd是一帶電粒子僅在電

5、場力作用下的運動軌跡，則下列說法正確的是（）A該帶電粒子帶正電Ba點的電勢高于b點的電勢C帶電粒子在c點的動能小于在d點的動能D帶電粒子在c點的加速度小于在d點的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物體A、B通過細繩及輕質彈簧連接在輕滑輪兩側，物體A、B的質量分別為2m、m，開始時細繩伸直，用手托著物體A使彈簧處于原長且A與地面的距離為h，物體B靜止在地面上，放手后物體A下落，與地面即將接觸時速度大小為v，此時物體B對地面恰好無壓力，不計一切摩擦及空氣

6、阻力，重力加速度大小為g，則下列說法中正確的是( )A物體A下落過程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒B彈簧的勁度系數(shù)為C物體A著地時的加速度大小為D物體A著地時彈簧的彈性勢能為8、空間中有水平方向的勻強電場，電場強度大小為。在電場中的點由靜止釋放一個電荷量為、質量為的帶電微粒，經(jīng)過一段時間后微粒運動至點，微粒一直在電場中運動。若、兩點間的水平距離為，重力加速度為。關于微粒在、兩點間的運動，下列說法中正確的是（ ）A微粒運動的加速度為B微粒運動的時間為C、兩點間對應的豎直高度為D運動過程中電場力做功大小為9、下列說法中正確的是（ ）A封閉容器中的理想氣體，若溫度不變，體積減半，則單位時間內氣

7、體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，氣體的壓強加倍B液體表面張力是液體表面層分子間距離小，分子力表現(xiàn)為斥力所致C隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢能不一定減小D導熱性能各向同性的固體，可能是單晶體10、如圖所示，豎直平面內有一光滑圓環(huán)，圓心為O，OA連線水平，AB為固定在A、B兩點間的光滑直桿，在直桿和圓環(huán)上分別套著一個相同的小球M、N先后兩達讓小球M、N以角速度和2隨圓環(huán)一起繞豎直直徑BD做勻速圓周運動則A小球M第二次的位置比第一次時離A點近B小球M第二次的位置比第一次時離B點近C小球N第二次的豎直位置比第一次時高D小球N第二次的豎直位置比第一次時低三、實驗題：本題共2小題

8、，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）幾位同學對一個阻值大約為 600的未知電阻進行測量，要求較精確地測量電阻的阻值。有下列器材供選用:A待測電阻 RxB電壓表 V(量程 6V，內阻約 3k)C電流表 A1(量程 20mA，內阻約 5)D電流表 A2(量程 10mA，內阻約 10)E.滑動變阻器 R1(020，額定電流 2A)F.滑動變阻器 R2(02000，額定電流 0.5A)G.直流電源 E(6V，內阻約 1) H.多用表I.開關、導線若干（1）甲同學用多用表直接測量待測電阻的阻值如圖甲所示。若選用歐姆表“100”檔位， 則多用表的讀數(shù)為_（2）乙同學

9、根據(jù)以上器材設計成用伏安法測量電阻的電路，電路圖如圖乙所示，則電流表應選擇 _(選填“A1”或“A2”)， 滑動變阻器應選擇_ (選填“R1”或“R2”)。（3）丙同學經(jīng)過反復思考，利用所給器材設計出了如圖丙所示的測量電路，具體操作如下：按圖丙連接好實驗電路，調節(jié)滑動變阻器 R1、R2 的滑片至適當位置;開關 S2 處于斷開狀態(tài)，閉合開關 S。調節(jié)滑動變阻器 R1、R2 的滑片，使電流表 A2 的示數(shù)恰好為電流表 A1 的示數(shù)的一半，讀出此時電壓表 V 的示數(shù) U1 和電流表 A 的示數(shù) I1。保持開關 S1 閉合，再閉合開關 S2，保持滑動變阻器 R2 的滑片位置不變，讀出此時電壓表 V 的

10、示數(shù) U2 和電流表 A2 的示數(shù) I2。可測得待測電阻的阻值為_，同時可測出電流表 A1 的內阻為 _ (用 U1、U2、I1、I2 表示)。（4）比較乙、丙兩位同學測量電阻 Rx 的方法，你認為哪個同學的方法更有利于減小系統(tǒng)誤差？_ (選填“乙”或“丙”)同學。12（12分）小妮同學利用如圖甲所示的實驗裝置驗證系統(tǒng)機械能守恒。A、B是兩個質量均為m的相同小球，O為穿過輕桿的固定轉軸，C為固定在支架上的光電門，初始時桿處于水平狀態(tài)，重力加速度為g。實驗步驟如下(1)用游標卡尺測得小球B的直徑d如圖乙所示，則d=_mm；(2)用毫米刻度尺測得AO長為l， BO長為2l；(3)由靜止釋放兩小球，

11、當小球B通過光電門時，測得光線被小球擋住的時間為t，則在桿由水平轉至豎直的過程中兩小球組成的系統(tǒng)增加的動能Ek=_， 減少的重力勢能Ep=_ （用m、g、l、d、t表示）。(4)若在誤差允許的范圍內Ek=Ep，則小球A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）某種彈射裝置的示意圖如圖所示，光滑的水平導軌MN右端N處于傾斜傳送帶理想連接，傳送帶長度L=15.0m，皮帶以恒定速率v=5m/s順時針轉動，三個質量均為m=1.0kg的滑塊A、B、C置于水平導軌上，B、C之間有一段輕彈簧剛好處于原

12、長，滑塊B與輕彈簧連接，C未連接彈簧，B、C處于靜止狀態(tài)且離N點足夠遠，現(xiàn)讓滑塊A以初速度v0=6m/s沿B、C連線方向向B運動，A與B碰撞后粘合在一起碰撞時間極短，滑塊C脫離彈簧后滑上傾角=37的傳送帶，并從頂端沿傳送帶方向滑出斜拋落至地面上，已知滑塊C與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.1，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.1（1）滑塊A、B碰撞時損失的機械能；（2）滑塊C在傳送帶上因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；（3）若每次實驗開始時滑塊A的初速度v0大小不相同，要使滑塊C滑離傳送帶后總能落至地面上的同一位置，則v0的取值范圍是什么？（結果可用根號表示）14（16分）如圖所示

13、，從長方體透明玻璃中挖去一個半徑為R的半球體，O為半球的球心，O1O2連線為透明玻璃體的主光軸，在離球心0.5R處豎直放置一個足夠大的光屏，O2為屏上的點，讓一單色光束平行O1O2垂直左側表面入射，當光線距離O1O2連線0.5R時，折射后的光線達到光屏上距離O2為R的P點，已知透明體的上下側面均涂有吸光材料，則：透明玻璃的折射率為多少；當平行光線到光軸O1O2的距離為多少時，折射后射到光屏上的位置離O2最遠。15（12分）如圖所示，光滑斜面傾角=30，另一邊與地面垂直，斜面頂點有一光滑定滑輪，物塊A和B通過不可伸長的輕繩連接并跨過定滑輪，輕繩與斜面平行，A的質量為m，開始時兩物塊均靜止于距地面

14、高度為H處，B與定滑輪之間的距離足夠大，現(xiàn)將A、B位置互換并靜止釋放，重力加速度為g,求：（1）B物塊的質量；（2）交換位置釋放后，B著地的速度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t=，則在t時刻和（t+t）時刻振子的位移相反，在t時刻和（t+t）時刻彈簧長度可能不相等，故A項錯誤；B一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t=T，則在t時刻和（t+t）時刻振子的位移相同，t時刻和（t+t）時刻振子運動的加速度一定相等，故B項正確；C一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t和

15、（t+t）時刻振子運動速度大小相等，方向相反，則t和（t+t）時刻振子的位移有可能相同或相反，所以t有可能不等于的整數(shù)倍，故C項錯誤；D一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t和（t+t）時刻振子運動位移大小相等，方向相反，則t一定不等于T的整數(shù)倍，故D項錯誤。2、D【解析】A衛(wèi)星的加速度方向一直改變，故加速度一直改變，不屬于勻變速曲線運動，故A錯誤；B設地球的半徑為R，衛(wèi)星做勻速圓周運動的半徑為r，由幾何知識得可知張角越小，r越大，根據(jù)得可知r越大，角速度越小，故B錯誤；C根據(jù)萬有引力提供向心力，則有解得地球質量為因為r未知，所以由上面的式子可知無法求地球質量，故C錯誤；D地球的平均密度則知可以

16、求出地球的平均密度，故D正確。故選D。3、D【解析】AC高溫蒸汽消毒和清洗都會導致熔噴無紡布上失去靜電吸附能力，AC錯誤；B醫(yī)用一次性口罩可能會防護天然放射現(xiàn)象中放射出的射線，但對于穿透性較強的射線和射線無防護作用，B錯誤；D熔噴無紡布上帶有靜電，可以對輕小紙屑產(chǎn)生吸附作用，可以用口罩能否吸附輕小紙屑來判斷真假，D正確。故選D。4、D【解析】A物體的內能由分子動能和分子勢能構成，與宏觀的機械能大小無關，A錯誤；B布朗運動是固體小顆粒的運動，不是分子熱運動，B錯誤；C根據(jù)熱力學第一定律可知一定質量的氣體膨脹對外做功，吸放熱情況未知，所以氣體內能不一定增加，C錯誤；D隨著分子間的距離增大，分子間的

17、引力、斥力都減小，D正確。故選D。5、C【解析】由題物體A恰能在斜面體上沿斜面勻速下滑時，斜面對物體A的作用力豎直向上，與物體A的重力平衡。物體A對斜面的力豎直向下，斜面不受地面的摩擦力作用。此時斜面體受到重力、地面的支持力、物體對斜面的壓力和沿斜面向下的滑動摩擦力。若沿平行于斜面的方向用力F向下拉此物體A，使物體A加速下滑時，物體A對斜面的壓力沒有變化，則對斜面的滑動摩擦力也沒有變化，所以斜面體的受力情況沒有改變，則地面對斜面體仍沒有摩擦力，即斜面體受地面的摩擦力為零。A.方向水平向左。與上述結論不符，故A錯誤； B.方向水平向右。與上述結論不符，故B錯誤； C.大小為零。與上述結論相符，故

18、C正確； D.無法判斷大小和方向。與上述結論不符，故D錯誤。故選：C。6、C【解析】A帶電粒子做曲線運動，所受的合力指向軌跡凹側，分析可知該帶電粒子帶負電，A錯誤；BC根據(jù)等勢面與電場線垂直，畫出過a點的等勢面如圖所示。則根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低知所以同理可得由于帶電粒子帶負電，則粒子的電勢能根據(jù)能量守恒定律知，帶電粒子的動能B錯誤，C正確；D電場線的疏密程度表示電場強度的大小則帶電粒子受到的電場力由牛頓第二定律知帶電粒子的加速度D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有

19、選錯的得0分。7、AC【解析】A項：由題知道，物體A下落過程中，B一直靜止不動對于物體A和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，則物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故A正確；B項：物體B對地面的壓力恰好為零，故彈簧的拉力為 T=mg，開始時彈簧處于原長，由胡克定律知：T=kh，得彈簧的勁度系數(shù)為，故B錯誤；C項：物體A著地時，細繩對A的拉力也等于mg，對A，根據(jù)牛頓第二定律得 2mg-mg=2ma，得，故C正確；D項：物體A與彈簧系統(tǒng)機械能守恒，有：，所以，故D錯誤8、BD【解析】A帶電微粒受力情況、水平方向有電場力、豎直方向有重力；根據(jù)平行四邊形定則可得合外力根據(jù)牛頓第二定律微粒運動的加速度為

20、故A錯誤；B水平方向加速度為根據(jù)運動學公式可得解得微粒運動的時間為故B正確；C微粒在豎直向下為自由落體運動，下降高度解得、兩點間對應的豎直高度為故C錯誤；D運動過程中電場力做功故D正確；故選BD。9、ACD【解析】A由可知，當溫度不變，體積減半，則氣體壓強p加倍，即單位時間內氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍，故A正確；B液體表面層分子間的距離大于平衡距離，液體表面層內分子間的作用力表現(xiàn)為引力，從宏觀上表現(xiàn)為液體的表面張力，故B錯誤；C隨分子間距離增大，分子間引力以斥力均減小，當分子間距離為平衡距離時分子勢能最小，如果分子間距離小于平衡距離，隨分子間距增大，分子勢能減小，如果分子間距大于

21、平衡距離，隨分子間距增大，分子勢能增大，因此隨分子間距離增大，分子勢能不一定減小，故C正確；D單晶體只是某些物理性質具有各向異性，并不是所有的性質都具有各向異性，所以導熱性質表現(xiàn)為各向同性的物質也有可能是單晶體，故D正確。故選ACD。10、BC【解析】設AB與豎直方向夾角為，則mgtan450=m2r，則當變?yōu)?時，r變?yōu)樵瓉淼?/4，則小球M第二次的位置比第一次時離A點遠，離B點近，選項A錯誤，B正確；對放在N點的小球：mgtan=m2Rsin，則，則當越大，越大，物體的位置越高，故選項C正確，D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

22、算過程。11、600 A2 R1 丙 【解析】(1)1選用歐姆表“100”檔位,指針讀數(shù)為6.0，故多用電表讀數(shù)為600.(2)23電壓表量程為6V,阻值約為600，電流表量程約即可, 故電流表選擇A2；乙圖中滑動變阻器采用分壓式接法，滑動變阻器選擇總阻值較小的R1.(3)45設電流表A1,內阻為r1，根據(jù)操作步驟可得:根據(jù)操作步驟可得:聯(lián)立方程可得：(4)6乙同學的設計方法中，實際測得的阻值為Rx與電流表內阻的串聯(lián)阻值，測量值偏大， 而且電流表內阻未知，相比而言，丙同學的方法更有利于減小系統(tǒng)誤差。12、12.40 mgl 【解析】(1)1游標卡尺的主尺讀數(shù)為12mm，游標讀數(shù)為則游標卡尺的最

23、終讀數(shù)為(3)2小球B通過光電門的瞬時速度A、B轉動的半徑之比為1：2，A、B的角速度相等，根據(jù)知A、B的速度之比為1：2，所以A的瞬時速度系統(tǒng)動能增加量3系統(tǒng)重力勢能的減小量四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) (3)【解析】試題分析：（1）A、B碰撞過程水平方向的動量守恒，由此求出二者的共同速度；由功能關系即可求出損失的機械能；（2）A、B碰撞后與C作用的過程中ABC組成的系統(tǒng)動量守恒，應用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出C與AB分開后的速度，C在傳送帶上做勻加速直線運動，由牛頓第二定律求出加速度，然后應用勻變速直線運動規(guī)律求出C相對于傳送帶運動時的相對位移，由功能關系即可求出摩擦產(chǎn)生的熱量（3）應用動量守恒定律、能量守恒定律與運