浙江省湖州三校2021-2022學(xué)年高二化學(xué)第二學(xué)期期末綜合測(cè)試試題含解析

1、2022年高二下化學(xué)期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一

2、并交回。一、選擇題（每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意）1、鋇的核外電子排布為Xe6s2，下列關(guān)于鋇的說(shuō)法不正確的是()A其電負(fù)性比Cs大B位于第六周期第A族C能與冷水反應(yīng)放出氫氣D第一電離能比Cs小2、某烴的分子式為C8H10，它滴入溴水中不能使溴水褪色，但它滴入酸性高錳酸鉀溶液卻能使其褪色， 該有機(jī)物一氯代物有3種，則該烴是()ABCD3、組成和結(jié)構(gòu)可用表示的有機(jī)物中，能發(fā)生消去反應(yīng)的共有（ ）A10種B16種C20種D25種4、二氯化二硫(S2Cl2)，非平面結(jié)構(gòu)，常溫下是一種黃紅色液體，有刺激性惡臭，熔點(diǎn)80，沸點(diǎn)135.6，對(duì)干二氯化二硫敘述正確的是A二氯化二硫的電子式為B分子中既有極性鍵又有

3、非極性鍵C二氯化二硫?qū)儆诜菢O性分子D分子中SCl鍵能小于SS鍵的鍵能5、下列敘述正確的是（ ） 向久置于空氣中的NaOH溶液中加鹽酸時(shí)有氣體產(chǎn)生 濃硫酸可用于干燥H2、NO2等氣體，但不能干燥NH3、SO3等氣體 CO2和Na2O2反應(yīng)生成Na2CO3和O2，SO2和Na2O2反應(yīng)生成Na2SO3和O2足量的硫單質(zhì)與64 g銅反應(yīng)，有2 mol電子發(fā)生轉(zhuǎn)移 水玻璃為硅酸鈉，是純凈物 氫氧化鐵膠體與氯化鐵溶液分別蒸干灼燒得相同的物質(zhì)A BC D6、用價(jià)電子對(duì)互斥理論（VSEPR）可以預(yù)測(cè)許多分子或離子的空間構(gòu)型，也可推測(cè)鍵角大小，下列判斷正確的是ACS2是V形分子BSnBr2鍵角大于CBF3是三

4、角錐形分子DNH4+鍵角等于109287、已知：HCN(aq)與NaOH(aq)反應(yīng)的H12.1 kJmol1；HCl(aq)與NaOH(aq)反應(yīng)的H57.3 kJmol1，則HCN在水溶液中電離的H等于A69.4 kJmol1B45.2 kJmol1C45.2 kJmol1D69.4 kJmol18、向含Al2（SO4）3和AlCl3的混合溶液中逐滴加入1mol/LBa（OH）2溶液至過(guò)量，加入Ba（OH）2溶液的體積和所得沉淀的物質(zhì)的量的關(guān)系如圖，下列說(shuō)法不正確的是A原混合液中c（SO42-）：c（Cl-）=1：1B向D點(diǎn)溶液中通入C02氣體，立即產(chǎn)生白色沉淀C圖中A點(diǎn)沉淀中含有BaSO

5、4和Al（OH）3DAB段反應(yīng)的離子方程式為：Al3+3OH-Al（OH）39、下列說(shuō)法中正確的是ANO2、SO2、BF3、NCl3分子中沒(méi)有一個(gè)分子中原子的最外層電子都滿足了8e穩(wěn)定結(jié)構(gòu)；BP4和CH4都是正四面體分子且鍵角都為109o28；CCO2、SO2都是直線形的分子DCH2=CH2分子中共有五個(gè)鍵和一個(gè)鍵10、下列分子均屬于極性分子且中心原子均為sp3雜化的是（）ACH4、 P4BSO2、 CHCl3CPCl3、SO3DNH3、 H2O11、某油脂的結(jié)構(gòu)為，關(guān)于該油脂的敘述不正確的是（ ）A一定條件下可與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)B該油脂能使溴的四氯化碳溶液褪色C與氫氧化鈉溶液混合加熱能得到肥

6、皂的主要成分D與其互為同分異構(gòu)體且完全水解后產(chǎn)物相同的油脂還有三種12、圖A 圖B 圖C 圖DA除去CO中的CO2 B苯萃取碘水中的I2分出水層后的操作C配制0.10 molL1NaOH溶液D記錄滴定終點(diǎn)讀數(shù)為12.20mL13、下列關(guān)于蔗糖屬于非還原型糖，而其水解產(chǎn)物具有還原性的實(shí)驗(yàn)方案的說(shuō)法中，正確的是A驗(yàn)證蔗糖屬于非還原型糖的操作順序：B驗(yàn)證蔗糖屬于非還原型糖的操作順序：C驗(yàn)證蔗糖水解產(chǎn)物具有還原性的操作順序：D驗(yàn)證蔗糖水解產(chǎn)物具有還原性的操作順序：14、下列關(guān)于價(jià)電子排布式為3s23p4的粒子描述正確的是（ ）A它的元素符號(hào)為OB它的核外電子排布式為1s22s22p63s23p4C它可

7、與H2生成液態(tài)化合物D其電子排布圖為15、某有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式如圖所示，下列關(guān)于該有機(jī)物的性質(zhì)說(shuō)法正確的是A可與銀氨溶液反應(yīng)，不與FeCl3溶液反應(yīng)顯色B可以與H2反應(yīng)，Imol該物質(zhì)最多消耗5molH2C1mol該物質(zhì)與足量金屬Na反應(yīng)，最多產(chǎn)生2molH2D1mol物質(zhì)與NaOH溶液反應(yīng)，最多消耗4 molNaOH16、短周期元素X、Y、Z、W、Q的原子序數(shù)依次增大，X與Q同主族，X的最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的2倍，W的最外層電子數(shù)等于其電子層數(shù)，Y與Z的核外電子數(shù)之和等于X與Q的核外電子數(shù)之和，下列說(shuō)法正確的是（ ）AZ、W、Q、X、Y原子半徑依次減小BW最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物一定能溶于

8、Z最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的溶液中CY與Q形成化合物在常溫下一定為氣態(tài)DZ、Q元素的單質(zhì)都可以將X元素的單質(zhì)從其氧化物中置換出來(lái)二、非選擇題（本題包括5小題）17、按要求完成下列各題。(1)羥基的電子式_ ，(CH3)3COH的名稱_(系統(tǒng)命名法)(2)從下列物質(zhì)中選擇對(duì)應(yīng)類型的物質(zhì)的序號(hào)填空。酸：_ 酯：_ 醚：_ 酮：_(3)下列各組物質(zhì)： O2和O3 乙醇和甲醚； 淀粉和纖維素； 苯和甲苯； 和； 和； CH3CH2NO2和A互為同系物的是_， B互為同分異構(gòu)體的是_，C屬于同一種物質(zhì)的是_。18、卡托普利(E)是用于治療各種原發(fā)性高血壓的藥物，其合成路線如下：(1)A的系統(tǒng)命名為_，B中

9、官能團(tuán)的名稱是_，BC的反應(yīng)類型是_。(2)CD轉(zhuǎn)化的另一產(chǎn)物是HCl，則試劑X的分子式為_。(3)D在NaOH醇溶液中發(fā)生消去反應(yīng)，經(jīng)酸化后的產(chǎn)物Y有多種同分異構(gòu)體，寫出同時(shí)滿足下列條件的物質(zhì)Y的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：_、_。a紅外光譜顯示分子中含有苯環(huán)，苯環(huán)上有四個(gè)取代基且不含甲基b核磁共振氫譜顯示分子內(nèi)有6種不同環(huán)境的氫原子c能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應(yīng)(4)B在氫氧化鈉溶液中的水解產(chǎn)物酸化后可以發(fā)生聚合反應(yīng)，寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式：_。19、如圖為實(shí)驗(yàn)室某濃鹽酸試劑瓶標(biāo)簽上的有關(guān)數(shù)據(jù)，試根據(jù)標(biāo)簽上的有關(guān)數(shù)據(jù)回答下列問(wèn)題：（1）該濃鹽酸的物質(zhì)的量濃度為_molL-1。（2）取用任意體積

10、的該鹽酸溶液時(shí)，下列物理量中不隨所取體積的多少而變化的是_。A溶液中HCl的物質(zhì)的量 B溶液的濃度C溶液中Cl-的數(shù)目 D溶液的密度（3）某學(xué)生欲用上述濃鹽酸和蒸餾水配制500mL物質(zhì)的量濃度為0.400molL-1的稀鹽酸。該學(xué)生需要量取_mL上述濃鹽酸進(jìn)行配制。所需的實(shí)驗(yàn)儀器有：膠頭滴管、燒杯、量筒、玻璃棒，配制稀鹽酸時(shí)，還缺少的儀器有_。20、用18 mol/L濃硫酸配制100 mL 3.0 mol/L稀硫酸的實(shí)驗(yàn)步驟如下：計(jì)算所用濃硫酸的體積量取一定體積的濃硫酸溶解、冷卻轉(zhuǎn)移、洗滌定容、搖勻回答下列問(wèn)題：（1）所需濃硫酸的體積是_mL ，量取濃硫酸所用的量筒的規(guī)格是_。（從下列規(guī)格中選

11、用：A 10 mLB 25 mLC 50 mLD 100 mL）（2）第步實(shí)驗(yàn)的操作是_。（3）第步實(shí)驗(yàn)的操作是_。（4）下列情況對(duì)所配制的稀硫酸濃度有何影響（用“偏大”“偏小”或“無(wú)影響”填寫）?A 所用的濃硫酸長(zhǎng)時(shí)間放置在密封不好的容器中_。B 容量瓶用蒸餾水洗滌后殘留有少量的水_。C 所用過(guò)的燒杯、玻璃棒未洗滌_。D 定容時(shí)俯視溶液的凹液面_。21、 “溫室效應(yīng)”是全球關(guān)注的環(huán)境問(wèn)題之一。C02是目前大氣中含量最高的一種溫室氣體，C02的綜合利用是解決溫室及能源問(wèn)題的有效途徑。(1)研究表明C02和H2在催化劑存在下可發(fā)生反應(yīng)生成CH3OH。己知部分反應(yīng)的熱化學(xué)方程式如下：CH3OH（g

12、）+O2（g）= CO2（g）+2H2O（g）H1=akJmol-，H2（g）+O2（g）=H2O（l）H2，則CO2（g）+3H2（g）= CH3OH（g）+2H2O（l）H=_kJmol-。(2)C02催化加氫也能合成低碳烯烴：2C02(g)+6H2(g) =C2H4(g)+4H20(g)，不同溫度下 平衡時(shí)的四種氣態(tài)物質(zhì)的物質(zhì)的量如圖所示，曲線c表示的物質(zhì)為_(填化學(xué)式)。(3)C02和H2在催化劑Cu/ZnO作用下可發(fā)生兩個(gè)平行反應(yīng)，分別生成CH3OH和CO。反應(yīng)A: C02(g)+3H2(g) = CH30H(g)+H20(g)反應(yīng)B: C02(g)+H2(g)=C0(g)+H20(

13、g)控制C02和H2初始投料比為1 : 3時(shí)，溫度對(duì)C02平衡轉(zhuǎn)化率及甲醇和CO產(chǎn)率的影響如圖所示。由圖可知溫度升高CO的產(chǎn)率上升，其主要原因可能是_。由圖可知獲取CH3OH最適宜的溫度是_。下列措施不能提高C02轉(zhuǎn)化為CH3OH的平衡轉(zhuǎn)化率的有_(填字母)。A使用催化劑 B增大體系壓強(qiáng) C增大C02和出的初始投料比(4)在催化劑表面通過(guò)施加電壓可將溶解在酸性溶液中的二氧化碳直接轉(zhuǎn)化為乙醇，則生成 乙醇的電極反應(yīng)式為_。(5)由C02制取C的太陽(yáng)能工藝如圖所示?！盁岱纸庀到y(tǒng)”發(fā)生的反應(yīng)為 2Fe304 6Fe0+02。毎分解1mo;Fe304轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為_；“重整系統(tǒng)”發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方

14、程式為_。參考答案一、選擇題（每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意）1、D【解析】根據(jù)鋇的核外電子排布Xe6s2可知，該元素位于元素周期表第6周期IIA族，位于同周期第IA族的元素是Cs，根據(jù)元素周期律進(jìn)行分析?！驹斀狻緼. 同周期元素從左到右電負(fù)性逐漸增大，故Ba電負(fù)性比Cs大，A正確； B. Ba位于第六周期第A族，B正確；C. 同周期元素從上到下金屬性逐漸增強(qiáng)，已知與鋇同周期的鎂能與冷水反應(yīng)生成氫氣，故鋇也能與冷水反應(yīng)放出氫氣，C正確； D. 同周期元素的第一電離能從左到右呈遞增趨勢(shì)，但是第IIA元素的最外層s軌道是全充滿狀態(tài)，其第一電離能比同周期相鄰的兩種元素高，故Ba的第一電離能比Cs大，D不正

15、確。綜上所述，本題選不正確的，故選D。2、A【解析】某烴的分子式為C8H10，它滴入溴水中不能使溴水因反應(yīng)而褪色，但它滴入酸性高錳酸鉀溶液卻能使其褪色，說(shuō)明含有苯環(huán)，結(jié)合C、H原子數(shù)目關(guān)系可知：屬于苯的同系物，該有機(jī)物的一氯代物只有3種，說(shuō)明存在3種等效氫原子；A共有3種等效氫原子，一氯代物有3種，故A符合；B共有5種等效氫原子，一氯代物有5種，故B不符合；C對(duì)二甲苯共有2種等效氫原子，一氯代物有2種，故C不符合；D共有4種等效氫原子，一氯代物有4種，故D不符合；故答案為A?！军c(diǎn)睛】“等效氫法”是判斷烴的一元取代物的同分異構(gòu)體最常用的方法。分子中同一碳原子上連接的氫原子等效，同一碳原子所連甲基

16、上的氫原子等效，處于鏡面對(duì)稱位置上的氫原子等效。3、C【解析】試題分析：苯環(huán)前面的取代基共有5種：CH2ClCH2CH2-、CH3CHClCH2-、CH3CH2CHCl-、CH3（CH2Cl）CH-、（CH3）2CCl-，其中有5種能發(fā)生消去反應(yīng)；右邊的有4種：CH3OCH2-、CH3CH2O-、CH3CH（OH）-、HOCH2CH-，因此能發(fā)生消去反應(yīng)的共有20種，故選C?？键c(diǎn)：本題主要考查了同分異構(gòu)體的書寫和消去反應(yīng)的條件，注意碳鏈異構(gòu)和官能團(tuán)異構(gòu)。4、B【解析】A.S2Cl2分子中S原子之間形成1對(duì)共用電子對(duì)，Cl原子與S原子之間形成1對(duì)共用電子對(duì)，結(jié)合分子結(jié)構(gòu)可知S2Cl2的結(jié)構(gòu)式為C

17、l-S-S-Cl，電子式為，故A錯(cuò)誤；B.S2Cl2中Cl-S屬于極性鍵，S-S鍵屬于非極性鍵，不對(duì)稱的結(jié)構(gòu)，為極性分子，故B正確；C.分子的結(jié)構(gòu)不對(duì)稱，為極性分子，而不是非極性分子，故C錯(cuò)誤；D.同周期從左往右原子半徑逐漸減小，所以氯原子半徑小于硫原子半徑，鍵長(zhǎng)越短鍵能越大，所以分子中S-Cl鍵能大于S-S鍵的鍵能，故D錯(cuò)誤；故選B。5、B【解析】氫氧化鈉溶液久置于空氣中，會(huì)吸收CO2變?yōu)榈腘a2CO3，當(dāng)加鹽酸時(shí)HCl與Na2CO3發(fā)生反應(yīng)產(chǎn)生CO2，所以有氣體產(chǎn)生，故正確；濃硫酸可用于干燥H2、NO2等氣體，但能夠與NH3發(fā)生反應(yīng)，所以不能干燥NH3。SO3能夠與水反應(yīng)生成硫酸，故正確；

18、Na2O2與CO2反應(yīng)生成Na2CO3和O2，由于SO2有還原性，而Na2O2有氧化性，二者會(huì)發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成Na2SO4，故錯(cuò)誤；由于S的氧化性弱，所以S與Cu發(fā)生反應(yīng)只能產(chǎn)生Cu2S，若有64g銅反應(yīng)，有1mol電子發(fā)生轉(zhuǎn)移，故錯(cuò)誤；水玻璃為硅酸鈉溶液，是混合物，故錯(cuò)誤；氫氧化鐵膠體與氯化鐵溶液分別蒸干灼燒得到Fe2O3，物質(zhì)的成分相同，故正確；答案選B。6、D【解析】分析：先確定中心原子上的孤電子對(duì)數(shù)和鍵電子對(duì)數(shù)，由此導(dǎo)出VSEPR模型，略去中心原子上的孤電子對(duì)導(dǎo)出分子或離子的空間構(gòu)型；價(jià)電子對(duì)間的排斥作用：孤電子對(duì)間的排斥作用孤電子對(duì)與成鍵電子對(duì)間的排斥作用成鍵電子對(duì)間的排斥作用，

19、據(jù)此確定鍵角。詳解：A項(xiàng)，CS2中中心原子C上的孤電子對(duì)數(shù)為（4-22）=0，鍵電子對(duì)數(shù)為2，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為0+2=2，VSEPR模型為直線形，C上沒(méi)有孤電子對(duì)，CS2是直線形分子，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)，SnBr2中中心原子Sn上的孤電子對(duì)數(shù)為（4-21）=1，鍵電子對(duì)數(shù)為2，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為1+2=3，VSEPR模型為平面三角形，由于孤電子對(duì)與成鍵電子對(duì)間的排斥作用成鍵電子對(duì)間的排斥作用，SnBr2的鍵角小于120，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，BF3中中心原子B上的孤電子對(duì)數(shù)為（3-31）=0，鍵電子對(duì)數(shù)為3，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為0+3=3，VSEPR模型為平面三角形，B上沒(méi)有孤電子對(duì)，BF3是平面三角形分子，C項(xiàng)錯(cuò)

20、誤；D項(xiàng)，NH4+中中心原子N上的孤電子對(duì)數(shù)為（5-1-41）=0，鍵電子對(duì)數(shù)為4，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為0+4=4，VSEPR模型為正四面體形，N上沒(méi)有孤電子對(duì)，NH4+為正四面體形，鍵角等于10928，D項(xiàng)正確；答案選D。點(diǎn)睛：本題考查價(jià)層電子對(duì)互斥理論確定分子或離子的空間構(gòu)型、鍵角。當(dāng)中心原子上沒(méi)有孤電子對(duì)時(shí)，分子或離子的空間構(gòu)型與VSEPR模型一致；當(dāng)中心原子上有孤電子對(duì)時(shí)，分子或離子的空間構(gòu)型與VSEPR模型不一致。7、C【解析】由題中信息可知，HCN(aq)與OH-(aq)= CN-(aq)+H2O(l) H12.1 kJmol1；H+(aq)+ OH-(aq) = H2O(l) H57.

21、3 kJmol1，根據(jù)蓋斯定律，-可得HCN(aq) = CN-(aq)+ H+(aq)，則HCN在水溶液中電離的H=12.1 kJmol1-(57.3 kJmol1)= 45.2 kJmol1，故選C。8、A【解析】Al2（SO4）3和AlCl3的混合溶液與Ba（OH）2溶液反應(yīng)的實(shí)質(zhì)是Al3+與OH-、Ba2+與SO42-之間的離子反應(yīng)，反應(yīng)如下：Ba2+SO42-BaSO4，Al3+3OH-Al（OH）3，Al（OH）3+OH-AlO2-+2H2O，假設(shè)1molAl2（SO4）3中SO42-完全被沉淀所需Ba（OH）2量為3mol，提供6molOH-，1molAl2（SO4）3中含有2m

22、olAl3+，由反應(yīng)Al3+3OH-Al（OH）3可知，2molAl3+完全沉淀，需要6molOH-，故從起點(diǎn)到A點(diǎn)，可以認(rèn)為是硫酸鋁與氫氧化鋇恰好發(fā)生反應(yīng)生成硫酸鋇、氫氧化鋁沉淀，A點(diǎn)時(shí)SO42-完全沉淀，AB為氯化鋁與氫氧化鋇的反應(yīng)，B點(diǎn)時(shí)溶液中Al3+完全沉淀，產(chǎn)生沉淀達(dá)最大值，溶液中溶質(zhì)為BaCl2，BC為氫氧化鋁與氫氧化鋇反應(yīng)，C點(diǎn)時(shí)氫氧化鋁完全溶解。則可依次分析四個(gè)選項(xiàng)如下：A、前3LBa（OH）2溶液與溶液中Al2（SO4）3反應(yīng)，從3L6L為Ba（OH）2溶液與溶液中AlCl3反應(yīng)，二者消耗的氫氧化鋇的物質(zhì)的量相等為3L1mol/L=3mol，由生成硫酸鋇可知3nAl2（SO4

23、）3=nBa（OH）2，故nAl2（SO4）3=1mol，由氯化鋁與氫氧化鋇生成氫氧化鋁可知3n（AlCl3）=2Ba（OH）2=6mol，故n（AlCl3）=2mol，因此原溶液中cAl2（SO4）3：c（AlCl3）=1：2，即c(SO42-）：c（Cl-）=1:2，故A錯(cuò)誤；B、D點(diǎn)的溶液中含有大量的OH-、Ba2+、AlO2-，通入二氧化碳立即產(chǎn)生碳酸鋇沉淀，通入足量的二氧化碳后還能生成氫氧化鋁沉淀，B正確；C、根據(jù)以上分析可知圖中A點(diǎn)沉淀中含有BaSO4和Al（OH）3，C正確；D、根據(jù)以上分析可知AB段反應(yīng)的離子方程式為Al3+3OH-Al（OH）3，D正確；答案選A。9、D【解析

24、】A，NO2中N元素的化合價(jià)為+4價(jià)，N元素化合價(jià)的絕對(duì)值+5=9，NO2中N原子的最外層不滿足8e-結(jié)構(gòu)，SO2中S元素的化合價(jià)為+4價(jià)，S元素化合價(jià)的絕對(duì)值+6=10，SO2中S原子的最外層不滿足8e-結(jié)構(gòu)，BF3中B元素的化合價(jià)為+3價(jià)，B元素化合價(jià)的絕對(duì)值+3=6，BF3中B原子的最外層不滿足8e-結(jié)構(gòu)，NCl3的電子式為，NCl3分子中N原子、Cl原子的最外層電子都滿足8e-穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B，P4為正四面體結(jié)構(gòu)，4個(gè)P原子處于正四面體的4個(gè)頂點(diǎn)，鍵角為60，CH4為正四面體結(jié)構(gòu)，鍵角為10928，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C，SO2中S上的孤電子對(duì)數(shù)為（6-22）=1，S的價(jià)層電子對(duì)數(shù)為1+2

25、=3，SO2的VSEPR模型為平面三角形，由于S上有1對(duì)孤對(duì)電子，SO2是V形分子，CO2是直線形分子，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D，CH2=CH2中有4個(gè)C-H鍵，1個(gè)C=C鍵，單鍵全為鍵，雙鍵中有1個(gè)鍵和1個(gè)鍵，CH2=CH2分子共有五個(gè)鍵和一個(gè)鍵，D項(xiàng)正確；答案選D。點(diǎn)睛：本題考查8e-穩(wěn)定結(jié)構(gòu)的判斷、分子的空間構(gòu)型、鍵和鍵的判斷。含H原子的分子不可能所有原子都滿足8e-，對(duì)ABn型分子可用下列方法判斷分子中原子是否滿足8e-：元素化合價(jià)的絕對(duì)值與該元素原子最外層電子數(shù)之和為8時(shí)該原子滿足8e-，反之不滿足。注意P4與CH4分子結(jié)構(gòu)的區(qū)別。10、D【解析】A.CH4中C原子形成4個(gè)鍵，孤電子對(duì)個(gè)數(shù)為0，

26、價(jià)層電子對(duì)數(shù)為4，為sp3雜化，分子構(gòu)型正四面體形，空間結(jié)構(gòu)對(duì)稱為非極性分子；P4分子構(gòu)型正四面體形，空間結(jié)構(gòu)對(duì)稱為非極性分子，故A錯(cuò)誤；B.SO2中S原子形成2個(gè)鍵，孤電子對(duì)個(gè)數(shù)=1/2(622)=1，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為3，為sp2雜化，分子構(gòu)型為V形，空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱為極性分子；CHCl3中C原子形成4個(gè)鍵，沒(méi)有孤電子對(duì)，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為4，為sp3雜化，空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱為極性分子，故B錯(cuò)誤；C.PCl3中P原子形成3個(gè)鍵，孤電子對(duì)個(gè)數(shù)=1/2(531)=1，價(jià)層電子對(duì)數(shù)為4，為sp3雜化，分子構(gòu)型為三角錐形，空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱為極性分子；SO3中S原子形成3個(gè)鍵，孤電子對(duì)個(gè)數(shù)=1/2(623)=0，價(jià)

27、層電子對(duì)數(shù)為3，為sp2雜化，分子構(gòu)型為平面三角形，空間結(jié)構(gòu)對(duì)稱為非極性分子，故C錯(cuò)誤；D.NH3中N原子形成3個(gè)鍵，有1個(gè)孤電子對(duì)，為sp3雜化，分子構(gòu)型為三角錐形，空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱為極性分子；H2O中O原子形成2個(gè)鍵，有2個(gè)孤電子對(duì)，為sp3雜化，分子構(gòu)型為V形，空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱為極性分子，故D正確；本題選D。【點(diǎn)睛】分子空間結(jié)構(gòu)不對(duì)稱，正負(fù)電荷中心不重合，從整個(gè)分子來(lái)看，電荷的分布是不均勻的，不對(duì)稱的，這樣的分子為極性分子；中心原子的雜化類型為sp3，說(shuō)明該分子中心原子的價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)是4，據(jù)此判斷。11、D【解析】A、C17H33含有碳碳雙鍵，所以一定條件下可與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)，故A正確；

28、B. C17H33含有碳碳雙鍵，所以該油脂能使溴的四氯化碳溶液褪色，故B正確；C. 油脂屬于酯類，與氫氧化鈉溶液混合加熱發(fā)生水解反應(yīng)，生成高級(jí)脂肪酸鈉，高級(jí)脂肪酸鈉是肥皂的主要成分，故C正確；D. 與其互為同分異構(gòu)體且完全水解后產(chǎn)物相同的油脂還有、兩種，故D錯(cuò)誤；答案選D。12、A【解析】試題分析：A. CO2可以與NaOH溶液發(fā)生反應(yīng)：CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O，CO與NaOH發(fā)生反應(yīng)，因此可以用盛有NaOH溶液的洗氣瓶除去CO中的CO2氣體，正確；B苯的密度比水小，與水互不相溶，碘中苯中的溶解度比水中大，與碘不能發(fā)生反應(yīng)，因此可以用苯萃取碘水中的I2；由于苯密度比水小，分出水

29、層后的苯溶液應(yīng)該從上口倒出；錯(cuò)誤；C配制0.10 molL1NaOH溶液應(yīng)該先在燒杯中溶解物質(zhì)，待溶液恢復(fù)至室溫后再移液轉(zhuǎn)移至容量瓶中，不能在容量瓶中直接溶解固體溶質(zhì)，錯(cuò)誤；D滴定管小刻度在上部，因此記錄滴定終點(diǎn)讀數(shù)為11.80mL，錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：考查有關(guān)實(shí)驗(yàn)的操作正誤判斷的知識(shí)。13、D【解析】A蔗糖屬于非還原型糖，不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則驗(yàn)證蔗糖屬于非還原型糖的操作順序：，故A錯(cuò)誤；B蔗糖屬于非還原型糖，不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則驗(yàn)證蔗糖屬于非還原型糖的操作順序：，故B錯(cuò)誤；C在堿性條件下加銀氨溶液，生成光亮的銀鏡，可說(shuō)明水解產(chǎn)物具有還原性，則水解后先加NaOH至堿性，再加銀氨溶液，則驗(yàn)證蔗糖水解產(chǎn)物

30、具有還原性的操作順序?yàn)椋蔆錯(cuò)誤；D在堿性條件下加銀氨溶液，生成光亮的銀鏡，可說(shuō)明水解產(chǎn)物具有還原性，則水解后先加NaOH至堿性，再加銀氨溶液，則驗(yàn)證蔗糖水解產(chǎn)物具有還原性的操作順序?yàn)?，故D錯(cuò)誤；故答案為D?！军c(diǎn)睛】淀粉在酸的作用下能夠發(fā)生水解反應(yīng)最終生成葡萄糖。反應(yīng)物淀粉遇碘能變藍(lán)色，不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；產(chǎn)物葡萄糖遇碘不能變藍(lán)色，能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。依據(jù)這一性質(zhì)可以判斷淀粉在水溶液中是否已發(fā)生了水解和水解是否已進(jìn)行完全。(1)如果淀粉還沒(méi)有水解，其溶液中沒(méi)有葡萄糖則不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；(2)如果淀粉已完全水解，其溶液中沒(méi)有淀粉遇碘則不能變藍(lán)色；(3)如果淀粉僅部分水解，其溶液中有淀粉還有葡萄糖則既能

31、發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能遇碘變成藍(lán)色。需要注意的是，檢驗(yàn)葡萄糖之前，需要中和硫酸。14、B【解析】A. 價(jià)電子構(gòu)型為3s23p4的元素是16號(hào)元素S，氧元素的價(jià)電子構(gòu)型為：2s22p4，故A錯(cuò)誤；B. 根據(jù)A選項(xiàng)可知，該元素為S，S是16號(hào)元素，原子核外有16個(gè)電子，根據(jù)構(gòu)造原理知，S原子核外電子排布式為1s22s22p63s23p4，故B正確；C. 硫和氫氣化合生成的硫化氫是氣體而不是液體，故C錯(cuò)誤；D. 當(dāng)電子排布在同一能級(jí)的不同軌道時(shí)，總是優(yōu)先單獨(dú)占據(jù)一個(gè)軌道，且自旋方向相同，所以3p能級(jí)上電子排布圖違反洪特規(guī)則，其在3p上的4個(gè)電子應(yīng)排布為，故D錯(cuò)誤；故答案為B。15、D【解析】分析：有機(jī)物

32、的結(jié)構(gòu)決定有機(jī)物的性質(zhì)，根據(jù)該有機(jī)物的結(jié)構(gòu)分析所具備的性質(zhì)。詳解：A.含有醛基可與銀氨溶液反應(yīng)，含有酚羥基可與FeCl3溶液反應(yīng)顯色，A錯(cuò)誤；B. 可以與H2反應(yīng)，1mol該物質(zhì)最多消耗4molH2，B錯(cuò)誤；C. 1mol該物質(zhì)與足量金屬Na反應(yīng)，最多產(chǎn)生1.5molH2，C錯(cuò)誤；D. 1mol物質(zhì)與NaOH溶液反應(yīng)，最多消耗4molNaOH，D正確；答案選D.16、A【解析】X與Q同主族，X的最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的2倍，則X為碳元素，Q為硅元素；W的最外層電子數(shù)等于其電子層數(shù)，則W為Al元素；Y與Z的核外電子數(shù)之和等于X與Q的核外電子數(shù)之和，則Y為F元素、Z為Na元素或Y為O元素、Z為

33、Mg元素；A同周期主族元素的原子半徑隨核電荷數(shù)增大而減小，則五種元素的原子半徑隨Z、W、Q、X、Y依次減小，故A正確；BAl(OH)3具有兩性，能溶解于強(qiáng)堿如NaOH溶液，但Z可能是Mg元素，氫氧化鎂不能溶解Al(OH)3，故B錯(cuò)誤；CSiF4是氣態(tài)，但SiO2為固態(tài)，故C錯(cuò)誤；DMg可以在CO2中燃燒生成碳和氧化鎂，但Si不能在CO2中燃燒，故D錯(cuò)誤；答案為A。點(diǎn)睛：微粒半徑大小比較的常用規(guī)律：（1）同周期元素的微粒：同周期元素的原子或最高價(jià)陽(yáng)離子或最低價(jià)陰離子半徑隨核電荷數(shù)增大而逐漸減小(稀有氣體元素除外)，如NaMgAlSi，Na+Mg2+Al3+，S2Cl。（2）同主族元素的微粒：同主

34、族元素的原子或離子半徑隨核電荷數(shù)增大而逐漸增大，如LiNaK，Li+Na+K+。（3）電子層結(jié)構(gòu)相同的微粒：電子層結(jié)構(gòu)相同(核外電子排布相同)的離子半徑(包括陰、陽(yáng)離子)隨核電荷數(shù)的增加而減小，如O2FNa+Mg2+Al3+。（4）同種元素形成的微粒：同種元素原子形成的微粒電子數(shù)越多，半徑越大。如Fe3+Fe2+Fe，H+HH。（5）電子數(shù)和核電荷數(shù)都不同的，可通過(guò)一種參照物進(jìn)行比較，如比較A13+與S2的半徑大小，可找出與A13+電子數(shù)相同的O2進(jìn)行比較，A13+O2，且O2S2，故A13+S2。二、非選擇題（本題包括5小題）17、 2-甲基-2-丙醇 【解析】(1)根據(jù)電子式的書寫規(guī)則寫出

35、電子式；根據(jù)有機(jī)物的命名原則命名；(2)依據(jù)有機(jī)物質(zhì)醚、酮、羧酸、酯的概念和分子結(jié)構(gòu)中的官能團(tuán)分析判斷；(3)同系物指結(jié)構(gòu)相似、通式相同，組成上相差1個(gè)或者若干個(gè)CH2原子團(tuán)的化合物，官能團(tuán)數(shù)目和種類相等；具有相同分子式而結(jié)構(gòu)不同的化合物互為同分異構(gòu)體；組成和結(jié)構(gòu)都相同的物質(zhì)為同一物質(zhì)，同一物質(zhì)組成、結(jié)構(gòu)、性質(zhì)都相同，結(jié)構(gòu)式的形狀及物質(zhì)的聚集狀態(tài)可能不同?！驹斀狻?1)O原子最外層有6個(gè)電子，H原子核外有1個(gè)電子，H原子與O原子形成一對(duì)共用電子對(duì)，結(jié)合形成-OH，羥基中的氧原子含有一個(gè)未成對(duì)電子，電子式為：，(CH3)3COH的名稱是2-甲基-2-丙醇；(2)羧酸是由烴基或H原子和羧基相連構(gòu)成

36、的有機(jī)化合物稱為羧酸，符合； 酯是酸(羧酸或無(wú)機(jī)含氧酸)與醇起反應(yīng)生成的一類有機(jī)化合物，符合；醇與醇分子間脫水得到醚，符合條件的是；酮是羰基與兩個(gè)烴基相連的化合物，符合；(3)A.苯和甲苯是結(jié)構(gòu)相似、通式相同，組成上相差1個(gè)CH2原子團(tuán)的化合物，二者互為同系物，故合理選項(xiàng)是；B.乙醇和甲醚、CH3CH2NO2和是具有相同分子式而結(jié)構(gòu)不同的化合物，所以這兩組之間互稱同分異構(gòu)體，故合理選項(xiàng)是；C.和是甲烷分子中的4個(gè)H原子分別被2個(gè)Cl、2個(gè)F原子取代形成的物質(zhì)，由于甲烷是正四面體結(jié)構(gòu)，分子中任何兩個(gè)化學(xué)鍵都相鄰，所以屬于同一種物質(zhì)，故合理選項(xiàng)是?！军c(diǎn)睛】本題考查了有機(jī)化合物的分類、結(jié)構(gòu)特征、同系

37、物、同分異構(gòu)體、同一物質(zhì)的區(qū)別的知識(shí)。注意把握概念的內(nèi)涵與外延，學(xué)生要理解各類物質(zhì)的特征、官能團(tuán)和官能團(tuán)連接的取代基，然后對(duì)其命名或分析其結(jié)構(gòu)。18、2-甲基丙烯酸 羧基、氯原子 取代反應(yīng) C5H9NO2 (n-1)H2O 【解析】（1）AB發(fā)生加成反應(yīng)，碳鏈骨架不變，則B消去可得到A，則A為，名稱為2-甲基丙烯酸，B中含有-COOH、-Cl，名稱分別為羧基、氯原子；由合成路線可知，BC時(shí)B中的-OH被-Cl取代，發(fā)生取代反應(yīng)；（2）由合成路線可知，CD時(shí)C中的-Cl被其它基團(tuán)取代，方程式為C+XD+HCl，根據(jù)原子守恒，則X的分子式為：C5H9NO2；（3）根據(jù)流程中，由D的結(jié)構(gòu)式，推出其化

38、學(xué)式為C9H14NClO3，在NaOH醇溶液中發(fā)生消去反應(yīng)，經(jīng)酸化后的產(chǎn)物Y的化學(xué)式為：C9H13NO3，不飽和度為：(92+213+1)/2=4，則紅外光譜顯示分子中含有苯環(huán)，苯環(huán)上有四個(gè)取代基且不含甲基，則四個(gè)取代基不含不飽和度；核磁共振氫譜顯示分子內(nèi)有6種不同環(huán)境的氫原子；能與NaOH溶液以物質(zhì)的量之比1：1完全反應(yīng)，說(shuō)明含有一個(gè)酚羥基；所以符合條件的同分異構(gòu)體為：、；（4）根據(jù)B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，B在氫氧化鈉溶液中的水解產(chǎn)物酸化后得到，可發(fā)生縮聚反應(yīng)，反應(yīng)方程式為。點(diǎn)睛：本題考查有機(jī)物的合成，明確合成圖中的反應(yīng)條件及物質(zhì)官能團(tuán)的變化、碳鏈結(jié)構(gòu)的變化是解答本題的關(guān)鍵，（3）中有機(jī)物推斷是解

39、答的難點(diǎn)，注意結(jié)合不飽和度分析解答。19、11.9BD16.8500mL容量瓶【解析】分析：（1）依據(jù)c1000/M計(jì)算該濃鹽酸中HCl的物質(zhì)的量濃度；（2）根據(jù)該物理量是否與溶液的體積有關(guān)判斷；（3）根據(jù)稀釋定律，稀釋前后HCl的物質(zhì)的量不變，據(jù)此計(jì)算需要濃鹽酸的體積；利用濃鹽酸稀釋配制500mL稀鹽酸溶液，需要的儀器有：量筒、燒杯、玻璃棒、500mL容量瓶、膠頭滴管。詳解：（1）由c1000/M可知，該濃鹽酸中HCl的物質(zhì)的量濃度為10001.1936.5%/36.5mol/L11.9mol/L；（2）A溶液中HCl的物質(zhì)的量ncV，所以與溶液的體積有關(guān)，A錯(cuò)誤；B溶液是均一穩(wěn)定的，溶液的

40、濃度與溶液的體積無(wú)關(guān)，B正確；C溶液中Cl-的數(shù)目NnNAcVNA，所以與溶液的體積有關(guān)，C錯(cuò)誤；D溶液的密度與溶液的體積無(wú)關(guān)，D正確；答案選BD；（3）令需要濃鹽酸的體積為V，根據(jù)稀釋定律，稀釋前后HCl的物質(zhì)的量不變，則：V11.9mol/L0.5L0.400mol/L，解得：V0.0168L16.8mL；利用濃鹽酸稀釋配制500mL稀鹽酸溶液，需要的儀器有：量筒、燒杯、玻璃棒、500mL容量瓶、膠頭滴管，因此還缺少的儀器有500mL容量瓶。20、（1）16.7 （3分） B （1分）（2）先向燒杯加入30ml 蒸餾水，然后將濃硫酸沿?zé)瓋?nèi)壁緩慢倒入燒杯中，并用玻璃棒攪拌。（3分）（3）繼

41、續(xù)向容量瓶注入蒸餾水至離刻度線1-2cm處，改出膠頭滴管向容量瓶滴加至液凹面與刻度線相切為止。塞緊瓶塞，倒轉(zhuǎn)搖勻。 （3分）（4）A. 偏小 B. 無(wú)影響 C. 偏小 D. 偏大 （各1分，共4分）【解析】試題分析：（1）稀釋前后溶質(zhì)的物質(zhì)的量保持不變，即c濃V濃 = c稀V稀，且量筒的精確度一般為0.1 mL，則V濃 = 16.7 mL；根據(jù)大而近原則，由于100 50 25 16.7 10，因此應(yīng)選擇25 mL量筒；（2）濃硫酸溶解于水時(shí)放熱，為了防止暴沸引起安全事故，稀釋濃硫酸時(shí)，應(yīng)該先向燒杯中加入適量水，再沿?zé)瓋?nèi)壁緩緩加入濃硫酸，邊加入邊用玻璃棒攪拌，使之充分散熱，如果先向燒杯中加入

42、16.7 mL濃硫酸，再向其中倒入水，則容易發(fā)生暴沸；（3）定容：當(dāng)液面在刻度線下12cm時(shí)，改用膠頭滴管加蒸餾水至刻度線與凹液面相切；搖勻：蓋好瓶塞，反復(fù)上下顛倒；（4）誤差分析的依據(jù)是=c、控制變量法，對(duì)分子的大小有（或沒(méi)有）影響時(shí)，對(duì)分母的大小就沒(méi)有（或有）影響；A、濃硫酸具有吸水性，長(zhǎng)時(shí)間放置在密封不好的容器中，會(huì)逐漸變稀，該情況能使所量取16.7mL液體所含n偏小，但對(duì)V無(wú)影響，因此（即c）偏小；B、該情況對(duì)分子、分母均無(wú)影響，因此對(duì)（即c）無(wú)影響；C、該情況導(dǎo)致n偏小，但對(duì)V無(wú)影響，因此（即c）偏??；D、該情況導(dǎo)致V偏小，但對(duì)n無(wú)影響，因此因此（即c）偏大?！究键c(diǎn)定位】考查濃硫酸的稀釋、一定物質(zhì)的量濃度溶液的配制過(guò)程及誤差分析?！久麕燑c(diǎn)睛】本試題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)安全、化學(xué)實(shí)驗(yàn)基本操作，涉及內(nèi)容是濃硫酸的稀釋、一定物質(zhì)的量濃度溶液的配制過(guò)程及誤差分析等，平時(shí)多注重基礎(chǔ)知識(shí)的夯實(shí)。稀釋溶液過(guò)程中，我們往往都是把濃度大溶液加入到濃度小的溶液中，這樣為防止混合放熱，放出熱量造成液體飛濺傷人，如濃硫酸的稀釋、濃硝酸和濃硫酸的混合等都是把濃硫酸加入到水或濃硝酸中，這樣