內(nèi)蒙古平煤2022年高三下學(xué)期第五次調(diào)研考試物理試題含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，帶電荷量為Q的等量同種正電荷固定在水平面上，在其連線的中垂線（豎直方向）上固定一光滑絕緣的細(xì)桿，細(xì)桿上套一個(gè)質(zhì)量為m，帶電荷量為的小球，小球從細(xì)桿上某點(diǎn)a由靜止釋放

2、，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，b間的距離為h，重力加速度為g。以下說法正確的是（ ）A等量同種正電荷在a、b兩處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小關(guān)系Ba、b兩處的電勢差C小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度的過程中小球電勢能的增加量等于其重力勢能的減少量D若把兩電荷的位置往里移動(dòng)相同距離后固定，再把帶電小球從a點(diǎn)由靜止釋放，則小球速度減為零的位置將在b點(diǎn)的上方2、一列簡諧橫波沿x軸傳播，a、b為x軸上的兩質(zhì)點(diǎn)，平衡位置分別為，。a點(diǎn)的振動(dòng)規(guī)律如圖所示。已知波速為v=1m/s，t=1s時(shí)b的位移為0.05m，則下列判斷正確的是A從t=0時(shí)刻起的2s內(nèi)，a質(zhì)點(diǎn)隨波遷移了2mBt=0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移為0.05mC若波沿x軸正向傳

3、播，則可能xb=0.5mD若波沿x軸負(fù)向傳播，則可能xb=2.5m 3、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個(gè)過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其pT圖象如圖所示下列判斷正確的是()A過程ab中氣體一定吸熱B過程bc中氣體既不吸熱也不放熱C過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱Da、b和c三個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)a分子的平均動(dòng)能最大4、如圖甲所示，線圈固定于分布均勻的磁場中，磁場方向垂直線圈平面向里。當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化時(shí)，邊的熱功率與時(shí)間的關(guān)系為（為定值）。圖乙為關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的圖象，其中可能正確的是（）ABCD5、1897年英國物理學(xué)家約瑟夫約翰湯姆生在研究陰極射線時(shí)

4、發(fā)現(xiàn)了電子，這是人類最早發(fā)現(xiàn)的基本粒子。 下列有關(guān)電子說法正確的是（ ）A電子的發(fā)現(xiàn)說明原子核是有內(nèi)部結(jié)構(gòu)的B射線也可能是原子核外電子電離形成的電子流，它具有中等的穿透能力C光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，逸出的光電子來源于金屬中自由電子D盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認(rèn)為核外電子的軌道半徑是量子化的6、在某種介質(zhì)中，一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖如圖（a）所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)A在波峰位置，質(zhì)點(diǎn)D剛要開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)C的振動(dòng)圖像如圖（b）所示；t=0時(shí)刻在D點(diǎn)有一臺(tái)機(jī)械波信號(hào)接收器（圖中未畫出），正以2m/s的速度沿x軸正向勻速運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)D的起振方向沿y軸負(fù)方向Bt=0.05s時(shí)質(zhì)點(diǎn)B回

5、到平衡位置C信號(hào)接收器接收到該機(jī)械波的頻率小于2.5HzD若改變振源的振動(dòng)頻率，則形成的機(jī)械波在該介質(zhì)中的傳播速度也將發(fā)生改變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，a、b兩束不同頻率的單色光從半圓形玻璃磚底邊平行射入，入射點(diǎn)均在玻璃磚底邊圓心O的左側(cè)，兩束光進(jìn)入玻璃磚后都射到O點(diǎn)，OO垂直于底邊，下列說法確的是（）A從點(diǎn)O射出的光一定是復(fù)色光B增大兩束平行光的入射角度，則b光先從O點(diǎn)消失C用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，b光的相鄰條紋間距較大D若a、b光分別照射同

6、一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的截止電壓低8、如圖所示的直角坐標(biāo)系中，第一象限中有一勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)方向與軸的夾角為。在第四象限存在寬度為，沿軸負(fù)方向足夠長的勻強(qiáng)磁場。磁感應(yīng)強(qiáng)度為，方向垂直紙面向里?，F(xiàn)有不計(jì)重力的帶電粒子（電荷量為，質(zhì)量為）以速度從點(diǎn)射入磁場（與軸的夾角為）。若帶電粒子通過磁場后恰好從點(diǎn)射入電場，并從上距離點(diǎn)為的點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）離開電場。下列分析正確的是（ ）A帶電粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為B帶電粒子從點(diǎn)到點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為C該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為D帶電粒子離開電場時(shí)的動(dòng)能為9、如圖所示，一水平放置的平行板電容器充電以后與電源斷開，并在其間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁

7、場；某帶電質(zhì)點(diǎn)以某一速度從水平平行板中央進(jìn)入正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中，剛好做勻速直線運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）A該質(zhì)點(diǎn)一定帶正電B該質(zhì)點(diǎn)可能帶負(fù)電C若僅磁場的水平方向均勻增大，質(zhì)點(diǎn)將向上偏轉(zhuǎn)，速率越來越小D若將下極板緩慢向下移動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)將向下偏轉(zhuǎn)，速率越來越大10、如圖所示，xOy坐標(biāo)系內(nèi)存在平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場。一個(gè)質(zhì)量為m。電荷量為+q的帶電粒子，以的速度沿AB方向入射，粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點(diǎn)。已知A、B、C三個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo)分別為（，0）、（0，2L）、（0，L）。若不計(jì)重力與空氣阻力，則下列說法中正確的是（ ）A帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為B帶電粒子由A到C過程中

8、電勢能先減小后增大C勻強(qiáng)電場的大小為D若勻強(qiáng)電場的大小和方向可調(diào)節(jié)，粒子恰好能沿AB方向到達(dá)B點(diǎn)，則此狀態(tài)下電場強(qiáng)度大小為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，梁老師在課堂做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí)，橡皮條的一端固定在黑板上方的A點(diǎn)，另一端被兩個(gè)彈簧測力計(jì)拉到O點(diǎn)。(1)下列原因可能會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確的是_A彈簧測力計(jì)在實(shí)驗(yàn)前沒有調(diào)零B彈簧測力計(jì)必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對彈簧側(cè)力計(jì)刻度C彈簧測力計(jì)自身的重力對拉力大小有影響D拉橡皮條的細(xì)繩套粗一些且短一些，實(shí)驗(yàn)效果較好(2)為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，減少誤差

9、，請?zhí)岢龊侠淼慕鉀Q辦法(一條即可)_(3)兩彈簧測力計(jì)的讀數(shù)分別為F1和F2，兩細(xì)繩的方向分別與橡皮條延長線的夾角為1和2，如圖所示，以下說法正確的是_.A為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，只需作力的圖示來表示分力與合力B實(shí)驗(yàn)中用平行四邊形定則求得的合力F一定與OA在一條直線上C若保持O點(diǎn)的位置和夾角1不變，夾角2可變，若F1增大，則F2可能減小D兩彈簧測力計(jì)間的夾角1和2之和必須取9012（12分）國標(biāo)（GBT）規(guī)定自來水在15時(shí)電阻率應(yīng)大于13m。某同學(xué)利用圖甲電路測量15自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有閥門K以控制管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞（活

10、塞電阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移動(dòng)。實(shí)驗(yàn)器材還有：電源（電動(dòng)勢約為3 V，內(nèi)阻可忽略）；電壓表V1（量程為3 V，內(nèi)阻很大）；電壓表V2（量程為3 V，內(nèi)阻很大）；定值電阻R1（阻值4 k）；定值電阻R2（阻值2 k）；電阻箱R（最大阻值9 999 ）；單刀雙擲開關(guān)S；導(dǎo)線若干；游標(biāo)卡尺；刻度尺。實(shí)驗(yàn)步驟如下：A用游標(biāo)卡尺測量玻璃管的內(nèi)徑d；B向玻璃管內(nèi)注滿自來水，并用刻度尺測量水柱長度L；C把S撥到1位置，記錄電壓表V1示數(shù)；D把S撥到2位置，調(diào)整電阻箱阻值，使電壓表V2示數(shù)與電壓表V1示數(shù)相同，記錄電阻箱的阻值R；E改變玻璃管內(nèi)水柱長度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟C、D，記錄每一次水柱長度L和

11、電阻箱阻值R；F斷開S，整理好器材。（1）測玻璃管內(nèi)徑d時(shí)游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙，則d_mm；（2）玻璃管內(nèi)水柱的電阻值Rx的表達(dá)式為：Rx_（用R1、R2、R表示）；（3）利用記錄的多組水柱長度L和對應(yīng)的電阻箱阻值R的數(shù)據(jù)，繪制出如圖丙所示的關(guān)系圖象。則自來水的電阻率_m（保留兩位有效數(shù)字）；（4）本實(shí)驗(yàn)中若電壓表V1內(nèi)阻不是很大，則自來水電阻率測量結(jié)果將_（填“偏大”“不變”或“偏小”）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）質(zhì)量為m=10kg的物體靜止在光滑水平面上，零時(shí)刻開始物體受到水平向東F=100N的

12、力作用，1s后，力F的大小不變，方向改為向北，作用1s。求：（1）物體第1s末的速度大?。唬?）物體在2s內(nèi)的位移大小。14（16分）如圖所示，一束半徑為R的半球形玻璃體放置在水平桌面|上，圓心為O，一束半徑為R的單色光柱正對球面豎直射向半球體，光柱的圓心與半球體圓心在一條直線上。已知玻璃的折射率為，真空中的光速為c，忽略水平面上光的反射，求：光在玻璃體中傳播的最長時(shí)間；)玻璃體水平面上光斑的面積。15（12分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的pV圖象如圖所示已知該氣體在狀態(tài)B時(shí)的熱力學(xué)溫度TB300K，求：該氣體在狀態(tài)A時(shí)的熱力學(xué)溫度TA和狀

13、態(tài)C時(shí)的熱力學(xué)溫度TC；該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，氣體內(nèi)能的變化量U以及該過程中氣體從外界吸收的熱量Q參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A小球由a到b先加速再減速，a點(diǎn)加速度向下，b點(diǎn)加速度向上，所以，A錯(cuò)誤；B由a到b根據(jù)動(dòng)能定理得B錯(cuò)誤；C根據(jù)能量守恒，小球向下運(yùn)動(dòng)到最大速度的過程中小球重力勢能轉(zhuǎn)化為電勢能和動(dòng)能，所以小球電勢能的增加量小于其重力勢能的減少量，C錯(cuò)誤；D若把兩同種電荷的位置往里移動(dòng)相同距離后固定，根據(jù)電場強(qiáng)度疊加原理在中垂線上相同位置電場強(qiáng)度變大了，再由動(dòng)能定理可知小球速度減為

14、零的位置將在b點(diǎn)的上方，選項(xiàng)D正確。故選D。2、D【解析】根據(jù)圖象可知該波的周期為2s，振幅為0.05m。A在波傳播過程中，各質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波傳播。故A錯(cuò)誤；B由圖可知，t=0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移為-0.05m。故B錯(cuò)誤；C已知波速為v=1m/s，則波長：=vT=12=2m；由圖可知，在t=1s時(shí)刻a位于平衡位置而且振動(dòng)的方向向上，而在t=1s時(shí)b的位移為0.05m，位于正的最大位移處，可知若波沿x軸正向傳播，則b與a之間的距離為：（n=0，1，2，3），可能為：xb=1.5m，3.5m。不可能為0.5m。故C錯(cuò)誤；D結(jié)合C的分析可知，若波沿x軸負(fù)向傳播，則b與a之間的

15、距離為：xb=（n+）（n=0，1，2，3）可能為：xb=0.5m，2.5m。故D正確。故選D。3、A【解析】A、由圖示可知，ab過程，氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，外界對氣體不做功，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，故A正確；B、由圖示圖象可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，由玻意耳定律可知，體積增大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱，故B錯(cuò)誤；C、由圖象可知，ca過程氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W0，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，U0，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要

16、放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量，故C錯(cuò)誤；D、由圖象可知，a狀態(tài)溫度最低，分子平均動(dòng)能最小，故D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過程，應(yīng)用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題4、D【解析】當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢為感應(yīng)電流為邊的熱功率由可知 可知圖像的斜率與時(shí)間成正比，所以四個(gè)圖象中只有D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5、C【解析】A電子的發(fā)現(xiàn)說明了原子是有內(nèi)部結(jié)構(gòu)的，無法說明原子核有內(nèi)部結(jié)構(gòu)。原子是由原子核和核外電子組成的。故A錯(cuò)誤。B-射線是核內(nèi)中子衰變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)放出的電子形成的，與核外電子無關(guān)。故B錯(cuò)誤。C根據(jù)光電

17、效應(yīng)現(xiàn)象的定義可知光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，逸出的光電子來源于金屬中的自由電子。故C正確。D玻爾理論認(rèn)為電子軌道半徑是量子化的，盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認(rèn)為在原子的中心有一個(gè)很小的核，叫原子核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負(fù)電的電子在核外空間里繞著核旋轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。故選C。6、C【解析】A因t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C從平衡位置向下振動(dòng)，可知波沿x軸正向傳播，則質(zhì)點(diǎn)D的起振方向沿y軸正方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B波速為當(dāng)質(zhì)點(diǎn)B回到平衡位置時(shí)，波向右至少傳播1.5m，則所需時(shí)間為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C機(jī)械波的頻率為2.5Hz，接收器遠(yuǎn)離波源運(yùn)動(dòng)，根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，信號(hào)接收器接收到該機(jī)械波的頻率小于2.5Hz，

18、選項(xiàng)C正確；D機(jī)械波的傳播速度只與介質(zhì)有關(guān)，則若改變振源的振動(dòng)頻率，則形成的機(jī)械波在該介質(zhì)中的傳播速度不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A兩光束射到O點(diǎn)時(shí)的入射角都等于在玻璃磚底邊的折射角，根據(jù)光路可逆性可知，從O點(diǎn)射出時(shí)折射角都等于射入玻璃磚底邊時(shí)的入射角，而在玻璃磚底邊兩光束平行射入，入射角相等，所以從O點(diǎn)射出時(shí)折射角相同，兩光束重合，則從O點(diǎn)射出的一定是一束復(fù)色光，故A正確；B令光在底邊的入射角為i，折射角為r，根據(jù)折射定

19、律有所以根據(jù)幾何知識(shí)可知，光在O點(diǎn)的入射角為r，無論怎樣增大入射角度，光在O點(diǎn)的入射角都小于光發(fā)生全反射的臨界角，所以a、b光不會(huì)在O點(diǎn)發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)光路圖可知，玻璃磚對a光的折射率小于b光的折射率，則a光的波長大于b光的波長，由于條紋間距為所以a光的條紋間距大于b光的條紋間距，故C錯(cuò)誤；D由于a光的頻率小于b光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知a、b光分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，a光的截止電壓比b光的截止電壓低，故D正確。故選：AD。8、BD【解析】A.帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：，由得，故A錯(cuò)誤；B.帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中

20、的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：，在勻強(qiáng)電場中：，由題設(shè)知，垂直電場方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，解得：，從到的時(shí)間為：，故B正確，C錯(cuò)誤；D.帶電粒子從到過程中由動(dòng)能定理可知，解得：，故D正確。故選：BD9、AC【解析】AB在平行板之間有勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，帶電質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以帶電質(zhì)點(diǎn)受力平衡，重力向下，電場力向上，洛倫茲力向上，則所以帶電質(zhì)點(diǎn)帶正電，故A正確，B錯(cuò)誤；C如果磁場均勻增大，則該質(zhì)點(diǎn)所受洛倫茲力將增大，質(zhì)點(diǎn)向上偏轉(zhuǎn)，但是洛倫茲力對質(zhì)點(diǎn)不做功，即不改變質(zhì)點(diǎn)速度的大小，而重力和電場力的合力向下，所以質(zhì)點(diǎn)將減速，即其速率將減小，所以C正確；D將下極板向下移動(dòng)，根據(jù)

21、電容的決定式可得，電容減??；由題意可知，電容器極板的電荷量不變，則根據(jù)公式可得公式即場強(qiáng)的大小與兩極板的距離無關(guān)，所以場強(qiáng)不變，質(zhì)點(diǎn)將繼續(xù)勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以D錯(cuò)誤。故選AC。10、AD【解析】A因帶電粒子只受恒定的電場力，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，而C點(diǎn)有最小速度且垂直y軸，可推得粒子做類斜上拋運(yùn)動(dòng)，C是最高點(diǎn)，其速度與電場力垂直，則電場力沿y軸負(fù)方向，設(shè)A點(diǎn)的速度與x軸的夾角為，則由幾何關(guān)系可知聯(lián)立可得故A正確；B因粒子做類斜上拋運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)到C點(diǎn)電場力與速度的夾角從鈍角變?yōu)橹苯?，則電場力一直做負(fù)功，電勢能一直增大，故B錯(cuò)誤；C粒子從A到C的過程，由動(dòng)能定理聯(lián)立可得勻強(qiáng)電場的大小為故C錯(cuò)誤；D調(diào)節(jié)勻

22、強(qiáng)電場的大小和方向使粒子恰好能沿AB方向到達(dá)B點(diǎn)，則粒子一定AB做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，電場力沿BA方向，由動(dòng)能定理有則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD 將豎直平面轉(zhuǎn)到水平面 C 【解析】(1)1A彈簧測力計(jì)在實(shí)驗(yàn)前沒有調(diào)零，彈簧測力計(jì)測力時(shí)會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確，故A符合題意；B本實(shí)驗(yàn)是通過在白紙上作力的圖示來驗(yàn)證平行四邊定則，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大，讀數(shù)時(shí)視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差，故B不符合題意；C彈簧測力計(jì)測

23、的是拉力大小而不是重力大小，所以彈簧測力計(jì)自身的重力，不會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確，故C不符合題意；D在實(shí)驗(yàn)中要減小拉力方向的誤差，應(yīng)讓標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)盡量遠(yuǎn)些，故細(xì)繩應(yīng)該長一些；拉橡皮條的細(xì)繩套粗一些且短一些，會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確，故D符合題意；故選AD；(2)2為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，減少誤差要選用彈性小且適當(dāng)長的細(xì)繩或?qū)⒇Q直平面轉(zhuǎn)到水平面；(3)3A為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，應(yīng)采用作力的圖示來表示分力與合力，但不是只需作力的圖示來表示分力與合力，故A錯(cuò)誤；B因?qū)嶒?yàn)中存在誤差，故不可能嚴(yán)格使與重合，所以實(shí)驗(yàn)中用平行四邊形定則求得的合力不一定沿直線方向，故B錯(cuò)誤；C對點(diǎn)受力分析，受到兩個(gè)彈簧的拉力和橡皮條的拉力，保持點(diǎn)的位置和夾角不變，即橡皮條長度不變，彈簧拉力方向不變，彈簧拉力方向和大小都改變，如圖：根據(jù)平行四邊形定則可以看出的讀數(shù)不斷增大時(shí)，先變小后變大，所以若增大時(shí)，可能變小，故C正確；D實(shí)驗(yàn)中，把橡皮筋的另一端拉到點(diǎn)時(shí)，兩個(gè)彈簧測力計(jì)之間的夾角不一定是取，故D錯(cuò)誤