備戰(zhàn)2023年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)《試吧大考卷》全程考評(píng)特訓(xùn)卷數(shù)學(xué)文科之正文答案

1、備戰(zhàn)2023年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)試吧大考卷全程考評(píng)特訓(xùn)卷數(shù)學(xué)文科之正文答案備戰(zhàn)2023年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)試吧大考卷全程考評(píng)特訓(xùn)卷數(shù)學(xué)文科之正文答案備戰(zhàn)2023年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)試吧大考卷全程考評(píng)特訓(xùn)卷數(shù)學(xué)文科之正文答案備戰(zhàn)2023年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)大考卷全程考評(píng)特訓(xùn)卷數(shù)學(xué)文科之正文答案第一部分 必備知識(shí)關(guān)鍵能力精準(zhǔn)練第一單元 集合與常用邏輯用語點(diǎn)點(diǎn)練1 集合的概念與運(yùn)算一 基礎(chǔ)小題練透篇.答案：解析:根據(jù)題意得，集合A0，2，所以AB=,1。2。答案：A解析:A eq blcrc(a4lco1(xblc（avsaco1(2x0）)） ,B= eqblcrc(avalc1（x|(avsalco1(

2、-x)）)） ，AB=(2，2）.故選A。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案:解析：根據(jù)題意，=xN24,1,，3，Nx|（x+)（x3）0,1，2，則=3，則集合M中有1個(gè)元素未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案:解析：由題意Axx3，B|x4或x2，則RB=x|2x，故A（RB）x2x3未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5。答案:D解析:A=R,B=1，),AB1，+)。6。答案：B解析：由題意得= eqblc（avslco1（xblc(avs4alo（f（，2)x1）) ，N eq lr（av4alco1(x|(av4alco1(xf（a,2）)）) ，因?yàn)镸N,所以 q f(a，2)- eq f（1,) ，所以1.未經(jīng)許可

3、 請勿轉(zhuǎn)載7.答案：（，1，2解析:因?yàn)閤|1x1，所以Ax2x5，因?yàn)锳，所以B是A的子集,當(dāng)B=時(shí)，則m，解得2；當(dāng)時(shí),則 eq blc(avs4alco（m-2，2m5,m12m1）,解得2;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載綜上所述，m的取值范圍是（,2，2。8答案：3解析：因?yàn)閁7，U2,4，a2+，A+1,，所以e bc（as4alo（a14，,a2-a+17,)）得a=。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載二 能力小題提升篇1答案：B解析:A，B時(shí)，+y的值依次為,6，7，7,有個(gè)不同值，即C5，6,7，8,因此C中有個(gè)元素未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案:C解析：由題意知=x6+80=xx4，由A=A知B,未經(jīng)許可 請

4、勿轉(zhuǎn)載故 eqblc（avsaco1(a2,+14） ，解得2a3。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3.答案：C解析：因?yàn)閁xy=l(2x2)x0 x2，集合A=y|y2，01，所以A1，2）。答案：B解析：根據(jù)題意,若S1SS3Z,顯然正確，故排除,若=1，S1，S3=亦符合題意，故排除C，而D排除了所有可能，也是錯(cuò)的未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載答案：eq bcrc)（vsaco1(1，f(,3)（3，5未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：根據(jù)題意,不等式 q f(ax5，x-a） 的解集為M，若M，且M,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載則有 eqlc（avalco1(3a，3a),（5-5，5a）0或5-=0),解可得af(7，)），所以

5、MN=5,7，9。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案：B解析：由題意可得,AB=x2，即AB=（-1，23.答案:D解析：由交集的定義結(jié)合題意可得：A=x1x24答案:C解析:方法一 由題知U B=2，,1，所以A（UB）1,1。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載方法二 易知A（U B)中的元素不在集合中,則排除選項(xiàng)，D.5.答案:C解析:由q blc(avs4aco（x,，xy=，,y) 得 q blc（avs4alco1（x1，y7)） 或eq c(vs4alo1（x2,，=6) 或eq blc(vs4alco1（x3，,y=5) 或 eq bl（v4lco1（，4，） 所以B=（,7)，（2，6），(3,5），（

6、4,4），故A中元素的個(gè)數(shù)為4，選C。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6答案:C解析:方法一在集合中，令nk（k）,則t=4n1=2（2k）1(Z），而集合S中，2n（n），所以必有TS,所以TS=未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載方法二 S,3，1,1，3，5，T=，3，1，5，,觀察可知，T，所以T.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載四經(jīng)典大題強(qiáng)化篇1。解析：（1)當(dāng)m=1時(shí),x|2,又A=x|1x3,則AB|2;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（2）由B，知 eq b(vs4alco1(1m2,m，13） ，解得，即m的取值范圍是(-,2；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(3）由B=得若m1,即m eq （，3） 時(shí),B=符合題意;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載若m1m，

7、即m eq f（1,3) 時(shí)，需 bl（asalco1(mf（1，）,1m）) 或eq b（as4alco1（mf(1,3），2m3)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載得 eq （1,3) 或m，即0m f(1,） 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載綜上知m0,即實(shí)數(shù)的取值范圍為0,+）.2.解析：（1)當(dāng)m2時(shí),x|xm+1x|2x3，則RBxx-或3，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載又Axx4,所以A（R)x3x4；（2）因?yàn)锳BA，所以B，當(dāng)時(shí)，mm+1,解得m eq （1,2）;當(dāng)B時(shí),則 eqlc(avs4aco1(1，m0，m14） ，解得 q f(1，2） 0;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載綜上，m的取值范圍為m點(diǎn)點(diǎn)練 常用邏輯用語

8、一 基礎(chǔ)小題練透篇1答案：解析:命題“x0，3x6x”的否定為：x0是真命題”,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)m-10時(shí)，即m=1時(shí)，不等式30恒成立;當(dāng)m0時(shí)，即m1時(shí)，則滿足 eqblc（av4ao1（m1，(1-m)2-4（m)30) ,解得1m，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載綜上可得,實(shí)數(shù)1m4，即命題“xR,(m-1）x2+2(1-）x0是假命題”時(shí),未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載實(shí)數(shù)的取值范圍是1，），又由“0”是“1m4”的必要不充分條件，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載所以“”是“xR，（1)x2+(）x30是假命題”的必要不充分條件。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：解析:命題“若am2b，則ab”的逆命題為:若a”是真命題,則(

9、2）2-44e（1,4) =a2-40,解得。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案： l）（avs4lc1(1,6），0）) 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析:若“p且q為真命題,則p,均為真命題p：x1，3， e bl（c）(salco1（f（1，2)）) eq up(x-1) 0，0，a0）) ，解得a1.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載“a0”是“點(diǎn)（0，1）在圓x2+y22a2y+a+1=外”的必要不充分條件。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載4。答案：B解析：對(duì)于，若a，b是非零向量,ab0，則a,b eq brc）（as4alco1（，(，2） ,a與b的夾角不一定為銳角,故錯(cuò)誤;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載對(duì)于，在BC中，sn Ain B2

10、sin 2RsnBAB,其中為AB外接圓的直徑，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故命題“在ABC中，若si si B,則B”為真命題,所以其逆否命題為真命題，故正確；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載對(duì)于，命題p：x0R， qo（su1()，sd1(0)020，其否定是p：xR,x+0，故錯(cuò)誤；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載對(duì)于，若“p且”為假命題，則p與q中必有一個(gè)為假命題,若“p或q為假命題，則p與q都為假命題,即為真命題，q為假命題,故正確。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案:，4解析：當(dāng)a0時(shí)，0,命題是假命題，符合題意；當(dāng)a0時(shí)，若命題p是假命題,則aax10恒成立，則 eq blc(av4ao（a,2-a0），未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得

11、a4綜上可得0a4.6。答案:（2,）解析:根據(jù)指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)得A q blrc(av4lc1（xblc（asalo（f（1，2）2x8,xR)）) =x|x,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)閤是xB的充分不必要條件，所以B，所以+13,解得m2.所以實(shí)數(shù)m的取值范圍為（，).三高考小題重現(xiàn)篇1.答案：解析：由a2a得1或aa，則“a1是“a2a”的充分不必要條件未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：B解析：若ac=b,則(ab)c=,推不出ab；若=,則acb必成立，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故“ac=c是“a=b”的必要不充分條件。3答案：C解析：若存在Z使得k+（-1），則當(dāng)k2n，Z時(shí)，=2n+，則si si(2n

12、）s ；當(dāng)k=2n1，Z時(shí),=(2+1）,則sinsin （2n)i（)sn 若si =si，則=2或=2n，nZ，即k+（)k，Z,故選C未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：A解析:因?yàn)閟in ，1,所以x，sin x1，所以命題p是真命題因?yàn)閤R,|x0,所以可得e|xe=1,所以命題q是真命題.于是可知pq是真命題,(p）q是假命題，p（q）是假命題，(）是假命題.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：A解析：若函數(shù)f(x）在0，1上單調(diào)遞增,則f（x）在0，1上的最大值為f（1），未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載若f（x）在0,上的最大值為(1)，比如f()= bl（c）（avs4lo1（xf（1,3） eq su1（)

13、 ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載但f(x）= eq blc(rc）（avs4alco1（f(，3） q sup12(2） 在eq bcrc(avsalco（，f(1,3)）為減函數(shù)，在 qlcrc（vsalco1(f（1,3），1）為增函數(shù),未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故f(x）在，1上的最大值為f（1）推不出f（x)在，1上單調(diào)遞增，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故“函數(shù)f(）在，1上單調(diào)遞增”是“f()在0，上的最大值為f（1）”的充分不必要條件未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載答案：f()si x,x,（答案不唯一）解析：設(shè)f(x）=si x，則f（x)在 e bc(a4alc（0，f(，2）) 上是增函數(shù),在 eq blcrc(av

14、s4alo1（f（，）,2） 上是減函數(shù)由正弦函數(shù)圖象的對(duì)稱性知,當(dāng)x（0，時(shí),f（)f(）s0=0,故（x)sin x滿足條件f（x)f(0）對(duì)任意的x（0，2都成立,但f(）在0，2上不一直都是增函數(shù)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載四經(jīng)典大題強(qiáng)化篇1.解析:要使函數(shù)f（x)lg (-3+a）的值域?yàn)槿w實(shí)數(shù),則對(duì)數(shù)的真數(shù)必須能取遍所有的正數(shù)，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即函數(shù)23x+的圖象與x軸要有交點(diǎn),所以9-4a0，解得eq （9，4) .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)楹瘮?shù)g（x)=(2)3在R上單調(diào)遞增，所以a10，解得a f（1,2） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載()當(dāng)q為真命題時(shí)，p，q同為真,所以 eq lc(avs4

15、alc1（af(9，4)，,af(1,2），) 得 eq f(,2) qf(9，4) 。故實(shí)數(shù)a的取值范圍為 e lc（rc(avs4alc（f（,2）,f（9,)）)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（2)若p或q為真,而p且q為假,則p，q一真一假。若p真假，則q b（s4alc1(（,4)，,af(1,2)，） 得a eq （1,2） ;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載若p假q真,則 eq blc（av4o1(a(9，4)，f（1，2)，) 所以a eq (9，4）.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載綜上所述，實(shí)數(shù)a的取值范圍為 q blc（rc（avsalco(，f（1，2） eq blc(rc）(avsal1(f(,4)，+)）

16、 .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2解析：（1)當(dāng)m時(shí)，p：x26x+80，即x-2。由(x+2）21，得-未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)閜為真，即真或q真，所以|4x2-3x-1=x41，因此,實(shí)數(shù)的取值范圍是（，-1）.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(2)當(dāng)時(shí)，p:x2-3x+2m20，即mm,由：31，得q:x-3或x1,因?yàn)閜是q的充分不必要條件,所以eq blc(avs4lco（m0，,m3) 或 eq blc(avsalc1（m，1,） 即m3或eq f（，2) m0，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因此，實(shí)數(shù)的取值范圍是(，3 e bcc)(avs4alco1(-f（1，2）,0）) .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載單元檢測（一） 集合

17、與常用邏輯用語1。答案:解析：Ax|x24=x2x2，AB=-,0，2未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案：解析:因?yàn)锳（，1）（6,),B=x4x7,所以AB（，-）（,+)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3答案：C解析:命題p：“x0,2-si x0”是全稱命題,又全稱命題的否定是特稱命題,故“x0，xn x”的否定是“x00,20-sn x0=|x2或4,xx，A(）|x.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5.答案:B解析:由A2可得x2x2,B=x|0 x7，xN=0，1，2，4，5，6,所以AB=0，1，元素個(gè)數(shù)為3個(gè)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6.答案:C解析:由不等式x+3-10=（x)（+5）0，解得-5x,即A=x-52，未

18、經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載又由=|-x，若x1，可得x61,所以ABx|5x1未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：D解析:由題得A=或x，所以q為真命題，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（p）q為真命題1。答案：B解析：當(dāng)=1時(shí)，sin q blc（rc)（avs4alo1（(k，）) cos 成立；反之，當(dāng)k=時(shí),sin eq lc（rc）（avaco1(f（k，）-）) cos推不出k=1，故“R，si eqblc（rc）（a4alco1(f（k,2)） cos ，kZ是“=1”的必要不充分條件.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載1。答案:B解析:由a0得a,同號(hào)且不為，對(duì)于A，“a0或b0”不能推出ab0,故A錯(cuò)誤；對(duì)于B，“10且”可

19、以推出0,當(dāng)b不一定得出0且2，則“a1且b2”是 “ab0”的一個(gè)充分不必要條件,故B正確;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載對(duì)于,“，同號(hào)且不為0”等價(jià)于“ab”,即“，b同號(hào)且不為0”是“0”的一個(gè)充分必要條件,故錯(cuò)誤；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載對(duì)于D，ab0或b0不一定得出ab0，比如a=,b1滿足b0，但a0，故D錯(cuò)誤.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載12.答案:A解析：2-3x20的解是x2或x1，“x2”是“x2-3x+2”的充分不必要條件,命題是真命題，p是假命題，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)x1時(shí),x+2x+10，即存在x=1，使得x q oal（up1（2），sd（0） 2x0+0成立,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故命題是假命題

20、，q是真命題，所以，A,q是真命題；，pq是假命題；C，(p)q是假命題；D，(p）(q）是假命題.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載13。答案：（2,2解析:由題意得B=xlg （x2)=(2,)，R(-,，A(RB）=（,214答案：1,+）解析：由題意可知，x，2x+，則a（x)in設(shè)f（x)=2x+x（，+）),易知(x）是定義域內(nèi)的增函數(shù)，故當(dāng)0時(shí),函數(shù)f(）取得最小值2001。綜上可得，實(shí)數(shù)a的取值范圍是，)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載15答案:解析：由題意：對(duì)xR,m-x2恒成立，所以m（-x2)max,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)?-x2+1是開口向下的拋物線,對(duì)稱軸是，所以(x2+1)max=1，m1。未經(jīng)

21、許可 請勿轉(zhuǎn)載6。答案:解析:a，b同奇或同偶的結(jié)果有1個(gè)：（1，11），（，10),，（，1)。a，b一奇一偶的結(jié)果有個(gè)：（，1），（2,）,（,4)，（4，3)。所以集合的元素共有15個(gè).未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載17解析：由已知得Ax|-1，=x2m未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（）AB=0，3， bc(avs4alco(m-2=0,，+2)） m=2。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(2）RB=x|xm或2,AR,2或m2,或3.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載18。解析:（1)由2+2x3,解得3x1，即A=（3，1）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)=3時(shí)，由|x+31,解得4x3,，-a11，） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得0a2,即實(shí)數(shù)的取值范

22、圍是，.19。解析：(）A=xR|x25+=2，3，Bxx+2x8=0=2,4，AB=2，3，。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（2)A，C，2C,4,3C。C=R|x2axa90，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載 eq blc（vslco1(2-2a+190，(4）+4a+a2190，32aa219，）)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得 eq blc（avs4alo（3a5,-r（7)a2+r（)，a-2或a5，）) 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3a-。實(shí)數(shù)a的取值范圍是-,）。20.解析:集合A=（,y)x2my+2，R（x,y)|yxx2，R,B(x,）x0,x2（x，y）x1，0 x2，B等價(jià)于方程組 eq bl（avs4alc1(

23、yxx+2，,y=x+） 在x0，上有解，即2+x1在0,2上有解,即x(m-）x1=在,2上有解,顯然,x=0不是該方程的解,從而問題等價(jià)于（1)=x q(1,x) 在（0，2上有解未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載又當(dāng)x(0，2時(shí)， e f(1，x) x qbl（rc）（avs4alco（當(dāng)且僅當(dāng)f（1,x）=x，即x=時(shí)取“=”） ，(m1）2，m1,即m（,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載21解析:當(dāng)命題為真時(shí),即a2+0,解得a2或a3;當(dāng)命題q為真時(shí)，可得x2+10對(duì)任意x恒成立,若=0,則滿足題意；若a,則有 eq b（av4alco1（a0，,=a24a0，）)解得0a4，0a4未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載p為假，p

24、q為真,“真q假”或“p假q真”,當(dāng)p真q假時(shí)，則 eq bc(avs4lo1(a2或a-3，a或a4或a3；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)p假q真時(shí)，則 eq lc(as4alco1（3a0有解;當(dāng)a-1.又因?yàn)槊}q是假命題,所以a1。所以命題是真命題且命題是假命題時(shí)，實(shí)數(shù)的取值范圍為（，.第二單元 函數(shù)點(diǎn)點(diǎn)練3 函數(shù)的概念及其表示一 基礎(chǔ)小題練透篇1答案：D解析:A中兩個(gè)函數(shù)的定義域不同；中yx0的x不能取0；C中兩函數(shù)的對(duì)應(yīng)關(guān)系不同。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案:A解析:易得函數(shù)()在R上單調(diào)遞增，則由f（3x+2）f(x-）可得2x4，解得-3，故不等式的解集為(-，-3)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3答案

25、：B解析：中當(dāng)x0時(shí),每一個(gè)x的值對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的y值,一對(duì)多，不是函數(shù)圖象,中當(dāng)x=x0時(shí)，y的值有兩個(gè)，一對(duì)多,不是函數(shù)圖象，中每一個(gè)的值對(duì)應(yīng)唯一的y值，是函數(shù)圖象.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載4答案：B解析：由已知條件得x2x+0,解得-14,故集合x14。又B=xx，則B=1,+）。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5.答案： eq (15,16) x e f(，16) + eq f(,8)（x0)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：用eqf（，x）代替3f（)f eq blc（)(alco（f（1，x）)） ef(3，x) 1中的x,得3fe blc（c)（vslco（,x)） 5（x)3x1,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載由 c(a

26、salco1（f（x）5fbl(rc）(as4alc1(f（1,x)）)f（3,x）+1，3flc(c）(avs4alco1（(1,x）)+5f（x）=x+1）)消去 eq lc（r)（avs4lco1(（1,)）) ,解得（）q (1，) e （9,6x） e （1，8） (x0).未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案: q bl(rc（as4aco(，f(1,2）)） (,)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：因?yàn)閤11，則 ef(1，x21)（,1(0，+），由指數(shù)函數(shù)y2x的性質(zhì)可得y2eqf(1,x21） 的值域?yàn)?eqbl(r(avs4alco1(0，f（1，2）) (1,)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載二能力小題提

27、升篇1。答案：C解析：若（m)=3m1-1，則3m-1=-1，方程無解，故f（)=log（m+5)=2，可得log3（5）=1,解得m=2,所以（+m）=（）=411=6未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2。答案:B解析:定義在R上的函數(shù)f(x)滿足（1-x)2f（）=x2+1，當(dāng)x0時(shí)，f（1）f(0）1，當(dāng)x時(shí)，f（0)+2f（1)=2，2,得3（1)=,解得f(1)=1。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3。答案：C解析：由f（x）2（1x）=eq f（1，） 1，將x換成1x,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載得（x）2（1(1x）= f（1，1-) ，即f（1-)2f（）=eq f（1，1x)-1。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載故 eq bl

28、c(vs4alo(f(x）2f（x）=(1,x)1，,f(x）2（x)=f(，1x）-1，)） 所以(a4alco1（f(）+2f（1-x）f（1，x)1，2f（1x)+4f（）f（2，1）,)未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載兩式相減化簡得f（） ef（f(2,1x)-1f(1，），3） ,故f(-2)= eq (f(，1(2）)-1-f(1，2),3） = eq f(f(1，6),3） eq f(1,18） .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載4答案：D解析：令f（a)t,則由f(t）3得 e bl（vsalco1（t0，t22t3，) 或 q blc（av4aco1（t，,3，）)得t-，即f(a）3,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)

29、載得 qblc(avs4lo1（a，2+23，) 或 qbl（avs4alco(a0，,-2-，) 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得0或0a eq r（3） ,故實(shí)數(shù)的取值范圍是（-， e （3) .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5答案： eq b（rc）(av4alco（0，f（2，3）)） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：因?yàn)楹瘮?shù)f(x1)的定義域?yàn)?0，），所以12-1,所以函數(shù)f（)的定義域?yàn)?-1，1)。由113x得0 eq f（2，3） ,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載所以函數(shù)(13)的定義域是 eq blc()(avs4lco1（0，f（2,3)）) .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6。答案： eq blcr）(s4lco1（f(1

30、,2),1）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：當(dāng)1；當(dāng)1時(shí),x e f（1，2） eqf(1,2),若a，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載則loaq lc（r）(avs4ac1（(1，2)）) oa e f（1，） ,此時(shí)不符合題意;若a1,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載則loaeq bc（r）（avs4alc1(-f（1，） log q f(1,2) ，由題意可得og e f(1,） 1,解得a e f（1,2），未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載所以實(shí)數(shù)a的取值范圍是 eq lcrc）（avs4alco1(（1，），1)） 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載三 高考小題重現(xiàn)篇1答案:B解析：當(dāng)0時(shí),x,y0,過原點(diǎn)，排除;當(dāng)t1時(shí)x=，0,排除和；當(dāng)0時(shí)

31、，3t-4t0，t10，t= q f(r（3)，2)，t3=eq f(r(3）,2) 時(shí),y1=0，y=- eq (r（3)，2），y3 eq f（r（），2） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載答案:C解析：當(dāng)0a1時(shí)，a1,f（a) eq r(） ，f（a+1)（1-）2a，（）f(a+1）,q r（a)=2a，解得a eq f(1，4） 或a0(舍去）.fe l(rc）(as4al1（f（，a) f（）=2(4）=6.當(dāng)1時(shí),1，f(a)2（)，f（1)=2（a1-1）=a，2（1）2，無解綜上，f eq blc(r)(salc1（f（1，a） =.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3.答案：解析：f（)eq bl（r

32、c)(avs4alco1（x+f（a，2）)） s(2）- eq f（a,4） +b，當(dāng)0 q f(，)時(shí),f（)mnf lc()(avs4alc1（f(a,2)） =e （a2,4） b，(x）max=Mmxf()，（1）=ab，a,Mm=max eq lcrc（av4ao1（f(，4）,1+a+f（a2,4）) 與有關(guān)，與b無關(guān)；當(dāng)- （,2) 0)），所以函數(shù)f（x）的定義域是2，+）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：2解析：由題意，得f( eq r（) ）（ eqr（6） ）2-=2.又f(f（ eqr（6) ）)3,所以f（2）=,即|2|+a3，解得a=未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載四經(jīng)典大題強(qiáng)化篇1

33、。解析：由直線=4x+與x+求得交點(diǎn)Aeq blc(r）(as4c1（f（1,3），（,)） ；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載由直線y2與y-2x,求出交點(diǎn)B ec(rc)（avs41（f(2，3），f(8,)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載由圖象可看出:f(x） eq bc（vs4o1（2， lc(r）(av4alco1（xf（2,3)）)，x2, lc（r)(vs4alco1(（1,3）xf(，3），+1,b（rc）(s4alo1（xf（1,3)）)） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載f(x）的最大值為 e b（rc）（v4alc1（2，） eq f(8，3） .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2。解析：（1）由題意，設(shè)f（x）=x2bx+

34、c（a0）。f(0)1,c1.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載又f(x1)f(）x，a(+1）2b（x1)+c-(ax2+b）=未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2axa+2x， eqlc(avalo（2a2，a+b=0，)） eq bc（vs4lc1（a=1，b=），f（x）=x2+1。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(2)當(dāng)x1,1時(shí)，yf（x）x2x+1的圖象恒在y+m圖象的上方,當(dāng)x，1時(shí),x1x+m恒成立，即2-x+1-0恒成立,令g()x2-3x-m，當(dāng)1，時(shí)，g（x)ming(1）12-1+-m1m，故只要m1，4f（，)，a(，2）+） ，解得4a可轉(zhuǎn)化為eq f（f（x2）22(x）-2x1，2x1) 0,未經(jīng)許可 請

35、勿轉(zhuǎn)載所以(）-2x在0,+）上是增函數(shù),又f（）=-f（x)，所以f（x)-2x為奇函數(shù)，所以f（x)x在R上為增函數(shù)，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)?x-200)2(x-1011)，f（1）2 2,所以f（x-2 00）2（x2 20）f(）-2,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載所以x2 021，解得x201，即x的取值范圍是（ 2，)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載7。答案：1解析：因?yàn)椋▁）aeq f(2x，21) (x0），且（x)是偶函數(shù)，則f(x)=f（x)，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載a eq f(x，2x-1）ax eq f(2,2-） ， eq f（2,2x1） =+ eqf(2，2x) ，2a eqf（2，2x)

36、eq f（2x,2） 0,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即2a2，所以實(shí)數(shù)a1.8答案:（1) q f(1，4） (2）0，eq (2) 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析：（1）a eq (1,2） ,當(dāng)0時(shí),f（x)(- q f（1，2) )2（eq (，) )2 eq （1，4),當(dāng)x0時(shí),f(x）=x+ eq f（,) 2 r（xf（1，x)） =2，當(dāng)且僅當(dāng)x1時(shí)取等號(hào),所以函數(shù)f(x)的最小值為 eqf(1,4） .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(2）由（1）知，當(dāng)0時(shí),函數(shù)（x)2，f（x）的最小值為。當(dāng)x0時(shí),若-f(2)（），由單調(diào)性知1-|x，解得x(-,3）。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載三 高考小題重現(xiàn)篇1。答案：解

37、析:方法一（排除法)取x1，20,對(duì)于項(xiàng)有（)=1,(x2)=0，所以項(xiàng)不符合題意；對(duì)于B項(xiàng)有f（x)eq f(，)，f（x2）1,所以B項(xiàng)不符合題意；對(duì)于項(xiàng)有f（x)1,f（x）=0，所以項(xiàng)不符合題意未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載方法二（圖象法）如圖，在坐標(biāo)系中分別畫出A，B，C，D四個(gè)選項(xiàng)中函數(shù)的大致圖象,即可快速直觀判斷D項(xiàng)符合題意.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案:B解析：由題意可得f（）=eqf(1，1x) 1+ qf（2，1x） ,對(duì)于A，f（x-1）-1= eq f（2，x） 2不是奇函數(shù)；對(duì)于B，f（x-1)+1= eq (,x）是奇函數(shù)；對(duì)于C,f（x1)1 eq f（2,x) 2，定義域不關(guān)于

38、原點(diǎn)對(duì)稱,不是奇函數(shù)；對(duì)于D,（x1）+1 q f（,x2）,定義域不關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱,不是奇函數(shù)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3。答案:C解析：因?yàn)閒(）是定義在R上的奇函數(shù)，所以f（x)f（x）.又f(1）=f（x）,所以（2x)f1+（1+x）=f(）=f（1x)=（x）=f（x），所以函數(shù)f（)是以2為周期的周期函數(shù),f e bc（rc）（av4lco1（f(,)）)=f bc（rc）（asaco1(（5，3)2）)=f q lc(r)（avsalco1（f（1,） eq（，） 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：B解析：函數(shù)（x2)為偶函數(shù)，則f（2+）f(2-x）,可得（x3）f（1x），函數(shù)f（21）

39、為奇函數(shù),則f（2x）=f(2x)，f（x)=-f（x+1)，f(x3）-f(x+1）f(x1），即f(x)=f(x），故函數(shù)f（x）是以4為周期的周期函數(shù)，函數(shù)F(x）（2x+1)為奇函數(shù)，則（）=f（1）0，故（1）=（)=，其它三個(gè)選項(xiàng)未知未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5答案：1解析：因?yàn)?eqblc（c）（avsal（x） x3 ebc（rc)(as4alc1(a22-）,故 eq bc(r）（avsco1（x） x eq bl（rc）（as4alc1（a-2）)，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因?yàn)閒 e blc（rc)(avs4alo1（) 為偶函數(shù)，故f eqblc（r)（avs4aco1（-） =f e

40、qblc（rc）(avs4lco1（x）)，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即x3 eq blc(r）(avs4alco（2x-x)）3eq blc（r)(as4lc1（a-x2x）) ，整理得到 eq bc（rc）（vsac1（a-1)） q (rc）(avs4aco（2x2x)） =，解得a1,經(jīng)驗(yàn)證，符合題意。故a1.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6答案:解析：由函數(shù)f（x）是奇函數(shù)得f(8)f（)=-823（23）四 經(jīng)典大題強(qiáng)化篇解析：（）當(dāng)a eqf(，2） 時(shí)，(x)+f（x）a- eq f（,x1) eq （,2x1） =a30，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即f（x）=f()，故此時(shí)函數(shù)f（x)是奇函數(shù)；因當(dāng)a

41、eqf（3,2) 時(shí),f（1)a1，f（-1)a2,故（1)f（1),且f（1）f（1）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載于是此時(shí)函數(shù)f(）既不是偶函數(shù)，也不是奇函數(shù)；(2）因?yàn)閒(x)是奇函數(shù)，故由（）知a=q f（3，2)，從而f（）= eqf(3,2) f（，2x） ；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載由不等式（x) eq f(，x) ,得 eq f（3，2） 2 e f（32,2x+1) ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載令2+1t3,65(因x1，6）,故u eq (3,2） (t1） q f(3（1），t）= eq f（3，)eq blc（r）（avsc1（t（，t）)） eq f(9，) 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載由于函數(shù)（） qf

42、（3，2) e blc（rc）(avs4lc1（t+f(2,）) - eq (9,2)在，5單調(diào)遞增，所以（t)min=（3)1；未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載因此,當(dāng)不等式f（x） f(u,2x）在1,6上恒成立時(shí),umx=1。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2解析:(）因?yàn)?ex是增函數(shù)，所以當(dāng)0時(shí),f(x）是增函數(shù)，又因?yàn)閒（)為偶函數(shù),所以（x）min（0）3+a=，即a0，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)（，）時(shí)，x0，所以f（x）（x）3e，所以(x） e blc(as4alco1（x,x0,3e-x，x0） 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載(2）因?yàn)?,，都有f（x+)3e,所以f（1t）e，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)1t0時(shí)，3e1

43、+3e，則1t，即-1t0，當(dāng)1+時(shí)，同理可得-2t ef（1，）=log，或log4xeq f（1,)=lg4 q (1，2) ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載02.。答案：1解析：由于函數(shù)f（)是冪函數(shù)，所以m2m1,解得2或-1.當(dāng)m=2時(shí),f（x)x2在（0，+)上單調(diào)遞增，舍去;當(dāng)m=時(shí)，f(x)=x1在（0,）上單調(diào)遞減未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載8。答案：或 eq f（1，3）解析:設(shè)tx0,則=22t，圖象的對(duì)稱軸方程為=-1.若a1，x1,，則t=a blrc（as4alc1（f（1，），a) ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)=a時(shí)，y取得最大值，m=2+2a1=14，解得a=3或=（舍去）。未經(jīng)許可 請勿

44、轉(zhuǎn)載若1,x1，則tax q blrc(as4lco1(a,f(1,a)） ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)t eq f(1，a） 時(shí)，y取得最大值，mxe bc（）（vs4alo1（f(1,） eq su12(2) + eq f(，a） 1=,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得a eqf（,3） 或a e f（1,5） (舍去).未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載二 能力小題提升篇1答案：B解析:（1，2)時(shí),xx，所以2x22x,即ac.4答案:解析:由函數(shù)f（x）= bl（avs4alco1（2-x，x1，,（，2），x1，)） f（a）= q f(1，2）f(a)，得（a)1.當(dāng)a1時(shí)，f（a)=a1，得a0；當(dāng)a1時(shí),f

45、()= eq f（a，2） 1,得2綜上,a(，02,）.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載答案：1解析:設(shè)g（x)f(）1=n （ e r（1+x2） x)，因?yàn)間(x）=ln（ eq r(1+2) x)=-g(x），所以（x）為奇函數(shù)因?yàn)閒（a），所以g（a）f（a）1=，g（a)-g()=2,所以f(-a）=g（）+1=1.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6.答案： eq l(rc（avs4alc1(0,f(1，4）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解析:設(shè)(x)x22aa4，則（x）（xa)24。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載又因?yàn)閒（x）=oga(x2-2ax+a+4）(a0，且a）有最大值，且最大值不小于-1，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載所以0a1

46、，所以f（x）maa4-1，所以 bc（av4alco1（f（1，a）4,，a1，）解得0a q f(，4) 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載三高考小題重現(xiàn)篇1.答案:D解析:由題知c=o070。81,b eq c（c)(as4alo1（f(1,3） eqsup（。8） 3。8，易知函數(shù)y=在上單調(diào)遞增,所以=30830a1，所以cab，故選未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2.答案:C解析：方法一由函數(shù)y=ln x的圖象（圖略)知，當(dāng)0b時(shí)，3,即a3b30，故C正確；當(dāng)b0時(shí)，|a|b|,故D不正確故選C未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載方法二當(dāng)a0。3,b=0.4時(shí)，滿足b，但 （a-b)，3a3b,|，(x）在區(qū)間(0,）上單調(diào)

47、遞增故選A.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載4。答案:D解析:對(duì)于函數(shù)y=loga（q f（1,2)，當(dāng)y=時(shí)，有x eq f(，2）,得x q （,2) ，即y=loga(x q f(1，2) )的圖象恒過定點(diǎn)（ eq f(，2） ，）,排除選項(xiàng)A、C；函數(shù)y= e （1,a) 與y=o（x+ eq f（1，)在各自定義域上單調(diào)性相反,排除選項(xiàng)B，故選.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5答案：A解析：因?yàn)?xy3-x-y，所以2x-x3y。設(shè)(x)=2x-，則f（x）2 ln 23-xln3(1）2 ln 2+xln 3，易知(x)，所以(x)在R上為增函數(shù)。由23x1，所以n （1)0,故選A未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載6.答

48、案:解析：2log2a22b+log22b+lg(2),令f（x)2log2x，則f(a）f（2b)，又易知f（x）在（0,+)上單調(diào)遞增,所以a eqf（42，2x） ，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即keq blc(rc）(avsc1(f（，4x）2) eq f（4，2x） 1,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載即（2k+1)x42xk0在R上恒成立，令t2x，則（2k+1）t+，對(duì)t0時(shí)恒成立,當(dāng)2k+1=0，即k- q（,2） 時(shí)，4tq （1，） 0，對(duì)0時(shí)恒成立;未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載當(dāng)k10，即k eq (1，) 時(shí)，由題意,得 bl(4ac(210，64k（21)0，（2，21)，,k0） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載

49、解得q （1,2) 1時(shí)，y1x是減函數(shù)，y=loa（x-1)是增函數(shù),排除B；又函數(shù)y=ga(x)的定義域?yàn)閤|x1，排除A；當(dāng)0，排除A,當(dāng)x+時(shí),f（x）0，排除C。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載5.答案:C解析:f（）= f（+b，（x+c)2） 的圖象與y軸交于，且點(diǎn)M的縱坐標(biāo)為正，f(）= e f（b,c)0，故b0，（x) q f（x+b,（x+）2） 的定義域?yàn)閤xc，且其函數(shù)圖象間斷處的橫坐標(biāo)為正,c,故0未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：B解析:已知f（x）eqc（4o1（|21|,x2,，f（,x1),）) 作出函數(shù)圖象如圖，未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載通過函數(shù)圖象可以看出,當(dāng)x0時(shí)，函數(shù)無限趨近于，

50、但不等于，當(dāng)x2時(shí)，函數(shù)無限趨近于0，但不等于0,所以f（x)k有且僅有兩個(gè)不等實(shí)根，可以得到k3未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：2解析:由圖可知，f（3），故f（ eq f(,f(3）)=f(）=.函數(shù)g（x)f(x） q f(3，2） 的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)即為函數(shù)yf（x）與函數(shù)y eq f(3，2）的圖象的交點(diǎn)個(gè)數(shù),由圖象可知，有個(gè)交點(diǎn),故零點(diǎn)的個(gè)數(shù)為.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：6解析：f（x）min2x，x2，10-x（x0)的圖象如圖中實(shí)線所示令+20,得=4。故當(dāng)x=4時(shí)，f(x)取最大值,又f（)=6，所以(x)的最大值為6.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載二 能力小題提升篇1答案：C解析：令f（）=q f

51、（ex,4） ，因?yàn)楹瘮?shù)（x）的定義域?yàn)閤|x0,關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，且（-x) eq f（e|x|，-4x） eq f（ex,4x) f(x）所以f(x)是奇函數(shù)，圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，排除B；當(dāng)x=1時(shí),f(1)= eq f(e，4) ,排除A;當(dāng)x時(shí),f（x）+,排除D.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載2答案：C解析：由圖象知，函數(shù)（x）是奇函數(shù)，排除A，B;當(dāng)x（0，+）時(shí)，f（x)= eq f(ex|，x) 顯然大于0，與圖象不符，排除D.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載3答案：B解析：令（x）=0,即4mx，則mxog,即=ef（1,m) lo4,由題圖可知q f（1,m) gn0,故當(dāng)m0時(shí)，n1；當(dāng)m0時(shí),0)的圖

52、象，令g(）,因?yàn)殛P(guān)于x的方程g（）2+mg(x)+230有三個(gè)不同的實(shí)數(shù)解,所以t2mt2m+3有兩個(gè)根,易知0不是該方程的根，所以該方程的根一個(gè)在(0，1)上，一個(gè)在1，）上。設(shè)h（）t+m+23，當(dāng)h（）=0的一個(gè)根為1時(shí),h（1）1+m+23=0，得m=-ef（4,3）,此時(shí)另一個(gè)根為eq f（1，3） ,符合題意;當(dāng)h(t）0的根均不為1時(shí)，則 eq blc（valc（0）=230,h（1）1+2m+30，）解得 eqf（3,2) m ef(4，3） 綜上,m的取值范圍是 eqblc(rc(avs4ac1(（，2）,f(，3）)） 。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載三高考小題重現(xiàn)篇1答案：D解析:

53、易知f（x)x+q (1，4)為偶函數(shù)，（x)sn為奇函數(shù)，而題圖所表示的為奇函數(shù)的圖象。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載易知f（x）(x）eqf（1，4）與yf(x）g(x） eqf(1，4) 均不是奇函數(shù),所以排除，B。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載易知y=f(x）（）=eq (r)（avs4ao1（x2f（1，)）) si x是奇函數(shù),但當(dāng)x q bc(r)(asalco1（0，f（，4）) 時(shí)，y=2x sn x eq （r）（as4alo(2+f（1，4）) os x0，則函數(shù)y(x）g（x)在 eq bc（r）(vs4aco1（，f（,4） 上單調(diào)遞增，與圖象不符，所以C不符合題意。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載易知y

54、= q f（g（x)，(x）) eq f(in x,f(1,4） 是奇函數(shù),且y= e f（l（r）（av41(2f（1,)）s x2 sin ,lc(c)(vs4alc（x2+(1,4)）sup(）).當(dāng)x eqbl(c）（avs4alo1(0,（,4）) 時(shí)，令y0，得 eq （，） eq(1,8) ta x當(dāng)x q blc(rc）(avs4alo1(0，f（,4)） 時(shí)， q (,2） eq f（1，8x） eq r（(x,2）（1，8) e f(1,2） bc(c）(avs4alco1（當(dāng)且僅當(dāng)x=（,2）時(shí)，取等號(hào)） ,且易知當(dāng) eq blc（c)（vaco(，f(1,2)） 時(shí),

55、eq f(x，2） + eq（1，8x） 單調(diào)遞減，當(dāng) e bc（r）(avs4lc(f（1,2)，(，)） 時(shí)， e (x,2） eqf（1，8x）單調(diào)遞增,而函數(shù)y=tan 在eq b(rc)(asal1(0，f(，4） 上單調(diào)遞增,當(dāng)x q （1,4) 時(shí), eq f（5,8） aneq (1,4） ，當(dāng)x qf(,4) 時(shí)， eq f(,8） + eq f(1，2) a q f（,4) 所以存在唯一的x0 eq blc(rc）（vsalco1（0，(，）) ，使得 eq(，） + f（1，8x0) ta 0，即y=0，且當(dāng)x(0，x）時(shí)，；當(dāng)x eblc（r）（as4lco1(x，f（

56、，4)） 時(shí)，ycs 1，（1）1,排除B.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載4答案：解析：因?yàn)閒（)= ef(2x3,22x) ,所以f（） qf（2x3，2-x+2x） =-(x），且6，,所以函數(shù)eq f（2x，2x+2x） 為奇函數(shù)，排除C；當(dāng)x時(shí),f（x） eq f(2x3,2x+2x) 0恒成立，排除D;因?yàn)閒（4） f(24,24-4） e f（8,16f(1,1）) eqf(1216，257）797,排除A.未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載.答案：（4，8）解析：設(shè)g(x）=f(）ax= eqbl（avs4alco1（x+ax+a,x0，-x2+x2a，x0,） 未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載方程f（)x恰有個(gè)互異的實(shí)

57、數(shù)解即函數(shù)g(x）有兩個(gè)零點(diǎn),即yg（x）的圖象與x軸有個(gè)交點(diǎn)，滿足條件的y=g(x）的圖象有以下兩種情況：未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載情況一:則 qlc（avs4alco1(=a4a0，2a2a，） a8。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載情況二:則 q lc(as4ao1（124a0,，2=28a0,) 不等式組無解.綜上，滿足條件的a的取值范圍是(4,8)。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載四 經(jīng)典大題強(qiáng)化篇1。解析:（1）當(dāng)x22x1時(shí),x-2x1，當(dāng)x210時(shí),y=-（x-2x).步驟：作出函數(shù)y=x22x的圖象;將上述圖象x軸下方部分以軸為對(duì)稱軸向上翻折（上方部分不變)，即得y=|x221|的圖象未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載（2)當(dāng)

58、0時(shí),y=22x1，當(dāng)x0，所以函數(shù)h(x）在e lc(rc）（avsalc1（f(1,e),1)） 上單調(diào)遞減,在（，）上單調(diào)遞增,所以h()minh（1）1。因?yàn)閔 eq blc（r）(avalc1（f（1，e） = q f(，e2） +，h（）22，所以h(e)h eq blc(rc）（avsalco1（1,e) ,所以方程ax2-2l x在q blcrc（avsalco（f（1，e）,e）) 上有解等價(jià)于1e2，所以的取值范圍為1,e22。未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載點(diǎn)點(diǎn)練7函數(shù)與方程、函數(shù)的實(shí)際應(yīng)用一基礎(chǔ)小題練透篇1。答案:C解析：由題意得f（x) xx6為連續(xù)函數(shù),且在（0，）單調(diào)遞增，未經(jīng)

59、許可 請勿轉(zhuǎn)載f(）=n2-40，f(）l 330,f(4）=ln42ln 220，f（5）=ln 51n 1=,未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載根據(jù)零點(diǎn)存在性定理,f（4）f(5），所以零點(diǎn)一定位于區(qū)間（4，5）未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載。答案：A解析：因?yàn)楹瘮?shù)f（x）=x3xc，所以(x)=32+2x1，因?yàn)?41=0，1af(a,2)0，blc(rc）(avsalo1（f（,2）)12（2）f(a2,)f（a，2)0,2a2)），未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載解得0a eqf（2,3） ,所以實(shí)數(shù)a的取值范圍是 q blc(rc）（avs4co1(0,f（2，3)） .未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載答案:282解析：f(x）84 e

60、 （2x） eq f(1，4) （200 x）10=- eqf（1，4） e （2x) 0，依題意得e blc（aslco(x,00 x20，）)得20 x180，故f(x)=eq(1,4） x+4 eq (2x） +250(20 x180)令 qr（x） ，t2 er（5） ，6 eq r(5) ,則g（t) eqf(1,4） 2+4 eq r(2） t+250= eq f(1,）（- eq r(2）)2+22,當(dāng)t8eqr() 時(shí),即x=128時(shí)，(x)mx8,甲大棚投入128萬元,乙大棚投入7萬元時(shí)，總收益最大，且最大收益為2萬元未經(jīng)許可 請勿轉(zhuǎn)載8答案：(1）（2）40解析：（1)由圖