河南省名校聯(lián)盟2020-2021學年高二物理下學期開學考試試題含答案

1、PAGE PAGE 14河南省名校聯(lián)盟2020-2021學年高二物理下學期開學考試試題一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.條形磁鐵固定在水平面上,其正上方有一根通電導線,電流方向向左.不考慮導線的重力,在條形磁鐵磁場的作用下,關于導線運動情況的說法正確的是( )A.從上向下看逆時針轉90,同時向上運動B.從上向下看逆時針轉90,同時向下運動C.從上向下看順時針轉90,同時向下運動D.從上向下看順時針轉90,同時向上運動2.正電荷q在電場力作用下由P向Q做加速運動,而且加速度越來越大,那么可以斷定,它所在的電場是下列圖中的哪一個

2、( )A.B. C.D.3.如圖所示，A、B為兩個等量的正點電荷，在其連線中垂線上的a點放一個負點電荷q（不計重力），b點為連線中垂線上一點且aO=bO，點電荷q從a點由靜止釋放經O點運動到b點的過程中，下列說法正確的是()A.點電荷q的速度一定先增大后減小B.點電荷q的加速度一定先減小大C.點電荷q的電勢能一定先增大后減小D.點電荷q在O點電勢最大，動能為零4.如圖所示,圖甲實線為方向未知的三條電場線, 兩帶電粒子從電場中的P點靜止釋放。不考慮兩粒子間的相互作用,僅在電場力作用下,兩粒子做直線運動, 粒子的速度大小隨時間變化的關系如圖乙中實線所示,虛線為直線。則( )A.a一定帶正電,b一定

3、帶負電B.a向左運動, b向右運動C.a電勢能減小, b電勢能增大D.a動能減小, b動能增大5.某同學為探究電表的改裝，設計了如圖所示的實驗電路。A為量程的標準電流表，為滿偏電流、內阻的靈敏電流計，V為理想電壓表，為滑動變阻器，為電源，為開關。電源的內阻不計，的最大阻值為。該同學A.開關閉合前，為保證靈敏電流計安全，滑動變阻器的滑片應置于最右端B.開關閉合后，只將的滑片向下滑動，電流表A的示數將變小C.開關閉合后，只將的滑片向右滑動，電壓表V的示數將變大D.新表改裝完成后，當電流表A的示數為時，靈敏電流計中的電流為6.如圖所示，一個矩形線圈放在垂直于紙面向里的勻強磁場中，是線圈的對稱軸。整個

4、線圈在下列各運動中始終處于磁場之內，能使線圈中產生感應電流的是( )A沿紙面向左移動B沿紙面向上移動C垂直紙面向里移動D以為軸轉動7.如圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上一個光滑弧形槽靜止放在足夠長的光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，讓一個物塊從槽上高處由靜止開始下滑。下列說法正確的是( )A.物塊沿槽下滑的過程中，物塊的機械能守恒B.物塊沿槽下滑的過程中，物塊與槽組成的系統(tǒng)動量守恒C.從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，彈簧對物塊的沖量等于零D.物塊第一次被反彈后一定不能再次回到槽上高處8.直立的輕彈簧一端固定在地面上，另一端拴住一個鐵塊，現讓鐵塊在豎直方向做往復運動，從塊所受合力為零開始計

5、時，取向上為正方向，其運動的位移-時間圖像如圖所示（ ）A.時物體對彈簧的壓力最大B.和兩時刻彈簧的彈力相等C.至這段時間物體做加速度逐漸增大的加速運動D.至這段時間內物體的動能和彈簧的彈性勢都在增大二、選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖象，直線B為電源b的路端電壓與電流的關系圖象，直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關系圖象將這個電阻R分別接到a、b兩電源上，那么（ ）AR接到a電源上，電源的效率較高BR接到b電源上，電源的效率

6、較高CR接到a電源上，電源的輸出功率較大DR接到b電源上，電源的輸出功率較大10.如圖甲所示,實線是一個電阻為R、半徑為a的圓形單匝金屬線圈,線圈內部半徑為b的圓形虛線范圍內存在一方向垂直于線圈平面的勻強磁場,已知磁場的磁感應強度B隨時間變化的圖像如圖乙所示,時刻磁場方向垂直于紙面向里,則下列說法正確的是( )A.時刻,穿過線圈的磁通量為B.在0時間內,穿過線圈磁通量的變化量為C.在0時間內,通過線圈導線橫截面的電荷量為D.在0時間內,線圈中的感應電流的方向始終為順時針方向11.如圖所示,質量為的小車靜止在光滑的水平面上,質量為的可視為質點的小球用質量不計、長為的細線拴接在小車上的固定豎直輕桿

7、頂端的點。現將小球拉至與點等高的位置,且細線剛好繃直,拉起過程中小車靜止,某時刻給小球一豎直向下的速度,重力加速度為。當細線第一次呈豎直狀態(tài)時,下列說法正確的是( )A.小車的位移大小為B.小球的速度大小為C.小車的速度大小為D.小球下落過程中,細線對小球做的功為12.如圖所示，平行板電容器與靜電計和電源同時相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地。在兩極板間有一個固定在點的負點電荷，以表示電容器的電容，E表示兩板間的電場強度，表示靜電計指針的偏角，表示點的電勢，表示點電荷在點的電勢能。若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（ ）A.增大，增大B.增大，減小C.減小，增

8、大D.增大，增大三、非選擇題：共44分。13.（6分）某實驗小組用如圖所示實驗裝置探究合力做功與動能變化的關系.鐵架臺固定在水平桌面上，將足夠長的薄長木板傾斜放置，一端固定在水平桌面邊緣P處，另一端放置在鐵架臺的鐵桿上，忽略鐵桿粗細，P處放置一光電門（未畫出）.實驗步驟如下：用游標卡尺測出滑塊上的擋光片的寬度，用天平測出滑塊的質量m；平衡摩擦力：以P處為長木板的轉動中心，調節(jié)長木板在鐵架臺上的放置位置，使滑塊恰好沿木板向下做勻速運動.在鐵架臺豎直桿上記下此位置，用刻度尺測出到水平桌面的高度H；長木板一端保持在P處，另一端放置在鐵架臺豎直桿位置，用刻度尺量出、的距離，將滑塊從木板上的位置由靜止釋

9、放，記錄擋光片的擋光時間；保持長木板一端在P處，重新調節(jié)長木板另一端在鐵架臺上的放置位置，重復步驟數次.滑塊沿長木板由運動到P的過程中，用測量的物理量回答下列問題（已知重力加速度為g）.（1）滑塊動能的變化量_.（2）滑塊克服摩擦力做的功_.（3）合力對滑塊做的功_.某考生以木板在鐵架臺豎直桿上的放置位置到的距離h為橫軸，以滑塊通過光電門時的擋光時間t的倒數的平方為縱軸，根據測量數據在坐標系中描點畫出圖線，若圖線為過原點的直線，且圖線斜率_，則能證明合外力做的功等于物體動能的變化量.14.（8分）要測量某種合金的電阻率。（1）若合金絲長度為L，直徑為D，阻值為R，則其電阻率_。用螺旋測微器測合

10、金絲的直徑如圖甲所示，讀數為_mm。（2）圖乙是測量合金絲阻值的原理圖，是單刀雙擲開關。根據原理圖在圖丙中將實物連線補充完整。（3）閉合，當處于位置a時，電壓表和電流表的示數分別為，；當處于位置b時，電壓表和電流表的示數分別為，.根據以上測量數據判斷，當處于位置_（選填“a”或“b”）時，測量相對準確，測量值_（結果保留兩位有效數字）15.（14分）如圖所示，在豎直平面內有兩個點電荷，固定在同一水平直線上相距為的A、B兩點，其電荷量分別為、。在A、B兩點連線的垂直平分線處固定一光滑豎直絕緣桿，在桿上C點有一個質量為m、電荷量為的小環(huán)（可視為點電荷）由靜止釋放。已知A、B、C三點連線為正三角形，

11、重力加速度為g。求：(1)釋放小環(huán)瞬間，桿對小環(huán)的作用力大??；(2)小環(huán)滑到D點時的速度大小16.（16分）如圖所示，水平面上有兩個小物塊（均視為質點），質量均為m，兩者之間有一被壓縮的輕質彈簧（未與連接）.距離物塊A為L處有一半徑為L的固定光滑豎直半圓形軌道，半圓形軌道與水平面相切于C點，物塊B的左邊靜置著一個三面均光滑的斜面體（底部與水平面平滑連接）.某一時刻將壓縮的彈簧釋放，物塊瞬間分離，A向右運動，恰好能過半圓形軌道的最高點D（物塊A過D點后立即撤去），B向左平滑地滑上斜面體，在斜面體上上升的最大高度為L（L小于斜面體的高度）.已知A與右側水平面的動摩擦因數，B左側水平面光滑，重力加速

12、度為g.求：（1）物塊A通過C點時對半圓形軌道的壓力大??；（2）斜面體的質量；（3）物塊B與斜面體相互作用的過程中，物塊B對斜面體做的功.答案以及解析1.答案：C解析：根據條形磁鐵的磁場分布,并結合左手定則,可知通電導線左半部分受到的安培力方向垂直紙面向里,右半部分受到的安培力方向垂直紙面向外,因此通電導線從上向下看順時針轉90,且隨著轉動會受到向下的安培力,即同時向下運動,故C正確.2.答案：D解析：A、P到Q,電場線越來越疏,電場強度越來越小,電荷做加速度減小的加速運動.不符合題意.故A錯誤B、電荷在勻強電場中做勻加速直線運動,不符合題意.故B錯誤.C、P到Q,電場線越來越疏,電場強度越來

13、越小,電荷做加速度減小的加速運動.不符合題意.故C錯誤.D、P到Q,電場線越來越密,電場強度越來越大,電荷做加速度減大的加速運動.符合題意.故D正確.故選D.3.答案：A解析：A、根據點電荷電場強度的疊加法則，可知，同種正電荷的中垂線上，由O點向兩邊，電場強度方向向兩邊延伸，且大小先增大后減小，在a點由靜止釋放一個負點電荷q，它只在電場力作用下，先向下加速，后向下減速運動；電荷q的速度一定先增大后減小。故A正確； B、同種正電荷的中垂線上，由O點向兩邊，電場強度方向向兩邊延伸，且大小先增大后減小，所以點電荷q的加速度可能先減小后增大，有可能先增大，后減小，然后再增大，再減小。故B錯誤； C、D

14、、由A的分析可知，電荷q的速度一定先增大后減小，則動能先增大后減小，所以電勢能先減小后增大，點電荷q在O點電勢最大，動能最大。故C錯誤，D錯誤；故選：A。4.答案：B解析：本題通過圖象考查電場線特點和受力與運動的關系. 圖象中切線斜率反映加速度的大小,由圖象可知a粒子的加速度越來越大,即受到的電場力越來越大,a粒子向場強變大的方向運動,電場線分布變密集的方向即場強變大的方向, 綜合可知a粒子向左運動,同理知b粒子向右運動,選項B正確; 由于電場線方向未知,粒子電性也無法確定,選項A錯誤;由圖象可知兩粒子速度都增大,即動能增大,根據能量守恒知電勢能都減小,選項CD錯誤.5.答案：D解析：為保證靈

15、敏電流計安全，應使中電流最小，故開關閉合前，滑動變阻器的滑片應置于最左端，故A錯；開關閉合后，只將的滑片向下滑動，電流表A的示數將變大，故B錯；因電源內阻不計，故無論如何調整，電壓表V的示數均不會變化，故C錯；當連入電路的阻值為時，改裝后新表的量程為，當電流表A的示數為時，靈敏電流計中的電流，故D對。6.答案：D解析：A. B. C. 由于磁場是勻強磁場，把線圈向左拉動，或向上拉動，或垂直紙面向里運動，其磁通量均不變化，均無感應電流產生，故ABC錯誤；D. 當線圈以為軸轉動時，其磁通量發(fā)生變化，故有感應電流產生，故D正確。故選：D.7.答案：D解析：A、物塊沿槽下滑過程中，重力與槽的支持力對物

16、塊做功，物塊的機械能不守恒，故A錯誤。B、物塊沿槽下滑過程中，物塊在豎直方向有加速度，系統(tǒng)的合外力不為零，不符合動量守恒的條件，故系統(tǒng)的量不守恒，故B錯誤。C、從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，彈簧對物塊始終有彈力作用且彈力方向始終向左，彈簧對物塊的沖量不等于零，故C錯誤。D、物塊壓槽下滑過程槽向左運動，物塊與槽分離后槽的速度向左，物塊的速度向右，物塊被彈簧反彈后速度向左，如果物塊的速度小于槽的速度，物塊不能追上槽，物塊不能回到槽上h高處，如果物塊的速度大于槽的速度，物塊可以追上槽，物塊與槽組成的系統(tǒng)動量守恒，當兩者速度相等時物塊上升到最大高度，由于此時兩者速度相等且不為零，此時系統(tǒng)動能不為零，

17、整個過程系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律可知，物塊不能上升到槽上高h處，故D正確。故選：D。8.答案：D解析：A.時物體在平衡位置上方最大位移處，此時加速度向下最大，物體發(fā)生失重最大，此時對彈簧的壓力最小，選項A錯誤；B. 和兩時刻物塊相對平衡位置的位移大小相等，但此時彈簧的形變量不同，即彈簧的彈力不相等，選項B錯誤；CD.至這段時間物體從最高點向平衡位置運動，相對平衡位置的位移逐漸減小，則所受合外力逐漸減小，則加速度減小，即物體做加速度逐漸減小的加速運動，此過程中物體的動能變大，彈簧不斷被壓縮，彈性勢能逐漸變大，選項C錯誤，D正確。故選D。9.答案：BC解析：A.B電源的效率，由閉合電路歐姆

18、定律可知，b電源的內阻r較小，R接到b電源上，電源的效率較高。故A錯誤，B正確。C、D當電阻R與電源組成閉合電路時，電阻R的UI圖線與電源的UI圖線的交點表示工作狀態(tài)，交點的縱坐標表示電壓，橫坐標表示電流，兩者乘積表示電源的輸出功率，由圖看出，R接到a電源上，電壓與電流的乘積較大，電源的輸出功率較大。故C正確，D錯誤。故選BC10.答案：BCD解析：時刻,磁感應強度為,穿過線圈的磁通量為,故A選項錯誤;在0時間內,穿過線圈的磁通量由垂直于紙面向里變?yōu)榇怪庇诩埫嫦蛲?變化量為,故B選項正確;在0時間內,根據法拉第電磁感應定律,產生的感應電動勢,根據閉合電路歐姆定律,產生的感應電流,通過線圈導線橫

19、截面的電荷量,故C選項正確;根據楞次定律可知,0時間內,感應電流的方向始終為順時針方向,故D選項正確.11.答案：AC解析：小球從釋放到細線第一次呈豎直狀態(tài)的過程中,設小車在水平面上向右移動的距離為x,小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向上動量守恒,取水平向左為正方向,設細線第一次呈豎直狀態(tài)的瞬間小球的速度大小為,小車的速度大小為,有,每一時刻水平方向均滿足動量守恒,每一時刻動量守恒式子乘以,對整個過程進行累加,則有,可得,A正確;根據能量守恒定律得,聯(lián)立解得,B錯誤,C正確;假設細線對小球做的功為,對小球P從釋放到細線第一次呈豎直狀態(tài)的過程,由動能定理得,解得,D錯誤。12.答案：AB解析：A由電容

20、器的決定式可知，保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則板間距離減小，其余量不變，所以電容器的電容增大。由于電容器始終與電源保持連接，所以電容器兩端的電勢差不變，電容器的電場強度與電勢差的關系可得電場強度增大，所以選項A正確；B由題圖可知，上極板與電源正極相連，下極板與電源負極相連且接地，所以上極板電勢大于0，下極板電勢為0，根據電勢差的物理意義可得點與下極板間電勢差為根據電勢差與電場強度關系可得點到下極板間的距離不變，電場強度增大，所以變大，所以點電勢增大。由題意可知所以根據電勢的定義可知增大時，減小，所以選項B正確；CD根據題意可知，電容器兩端的電勢差不變，所以驗電器的張角不變，由前面分析可知增大、電場強度增大，所以選項C錯誤、選項D錯誤。故選AB。13.答案：.（1）（2