四川省成都市列五中學(xué)南華實(shí)驗(yàn)學(xué)校高三物理月考試卷含解析

1、四川省成都市列五中學(xué)南華實(shí)驗(yàn)學(xué)校高三物理月考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 如圖所示，在光滑水平面上并排放著兩個(gè)長(zhǎng)方體形木塊P、Q，它們的質(zhì)量分別為m1、m2，且m1m2=21。先用水平力F1向右推P，然后改用水平力F2向左推Q，已知F1、F2大小相等。兩次推動(dòng)過(guò)程中，P、Q間彈力的大小依次為N1、N2，則N1N2是 N1N2 = 12 B. N1N2 = 21N1N2 = 11 N1N2 = 41參考答案：A 先整體后隔離可以快速解答此題。由牛頓第二定律可得，（第一次）；（第二次）；又m1m2=21，F(xiàn)1、F2大小相等，解得N1N2

2、 = 12，選項(xiàng)A正確。2. （多選）如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將平行板電器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則 A帶點(diǎn)油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng) B.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低 C電容器所帶電荷量將減少D.平行板電容器的電容將變大參考答案：【知識(shí)點(diǎn)】 電容器的動(dòng)態(tài)分析 I3【答案解析】 ABD 解析： A、將平行板電容器的下極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，板間距離減小，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=得知板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)故A正確B、場(chǎng)強(qiáng)E增大，而P點(diǎn)與上極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可

3、知，P點(diǎn)與上極板間電勢(shì)差將增大，上極板的電勢(shì)等于電源的電動(dòng)勢(shì)，保持不變，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低故B正確C、U不變，C增大，則由公式Q=CU知電容器所帶電荷量將增大，故C錯(cuò)誤D、由電容的決定式C=知d減小，C增大，故D正確故選：ABD【思路點(diǎn)撥】將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，判斷電場(chǎng)力變化，確定油滴運(yùn)動(dòng)情況由U=Ed分析P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差如何變化，即能分析P點(diǎn)電勢(shì)的變化和油滴電勢(shì)能的變化本題運(yùn)用E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，判斷油滴如何運(yùn)動(dòng)運(yùn)用推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，來(lái)判

4、斷電勢(shì)能的變化3. 如圖，兩個(gè)質(zhì)量都為m的球A、B用輕繩連接，A球套在水平細(xì)桿上（球孔比桿的直徑略大），對(duì)B球施加水平風(fēng)力作用，結(jié)果A球與B球一起向右做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)細(xì)繩與豎直方向的夾角為已知重力加速度為g，則（）A對(duì)B球的水平風(fēng)力大小等于mgsinB輕繩的拉力等于mgcosC桿對(duì)A球的支持力等于2mgD桿與A球間的動(dòng)摩擦因數(shù)等于tan參考答案：考點(diǎn)：牛頓第二定律；摩擦力的判斷與計(jì)算專(zhuān)題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題分析：先對(duì)球B受力分析，受重力、風(fēng)力和拉力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析；對(duì)A、B兩物體組成的整體受力分析，受重力、支持力、風(fēng)力和水平向左的摩擦力，再次根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析各力的變化解

5、答：解：A、B、對(duì)球B受力分析，受重力、風(fēng)力和拉力，如左圖 風(fēng)力F=mgtan， 繩對(duì)B球的拉力T=，故AB均錯(cuò)誤C、D、把環(huán)和球當(dāng)作一個(gè)整體，對(duì)其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、風(fēng)力F和向左的摩擦力f，如右圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得：豎直方向，N=（m+m）g=2mg水平方向，f=F則A環(huán)與水平細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=tan，故C正確，D正確；故選：CD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是先對(duì)球B受力分析，然后對(duì)整體受力分析，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析求解4. 如圖所示，一個(gè)閉合三角形導(dǎo)線(xiàn)框ABC位于豎直平面內(nèi)，其下方（略靠前）固定一根與線(xiàn)框平面平行的水平直導(dǎo)線(xiàn)，導(dǎo)線(xiàn)中通以圖示方向的恒定電流。釋放

6、線(xiàn)框，它由實(shí)線(xiàn)位置下落到虛線(xiàn)位置未發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，在此過(guò)程中：A線(xiàn)框中感應(yīng)電流方向依次為ACBAABCAACBAB線(xiàn)框的磁通量為零的時(shí)，感應(yīng)電流卻不為零C線(xiàn)框所受安培力的合力方向依次為向上向下向上D線(xiàn)框所受安培力的合力為零，做自由落體運(yùn)動(dòng)參考答案：AB5. 如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子（重力不計(jì)），以速度v0垂直磁場(chǎng)邊界進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、寬度為L(zhǎng)（左右無(wú)邊界）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里當(dāng)粒子從上邊界飛出時(shí)，運(yùn)動(dòng)方向改變了30，則v0的大小為（）ABCD參考答案：C【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】先由幾何關(guān)系和題意求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再據(jù)牛頓第二定律即洛侖茲力產(chǎn)

7、生向心加速度，從而求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的初速度【解答】解：帶電負(fù)粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)時(shí)向左偏轉(zhuǎn)30，由幾何關(guān)系，半徑對(duì)應(yīng)偏轉(zhuǎn)30，所以粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由洛侖茲力提供向心力，從而得到磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為由此可知：選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確故選：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 如圖，ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，A=30，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點(diǎn)射出，其折射角為60，則玻璃對(duì)紅光的折射率為_(kāi)。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線(xiàn)在D點(diǎn)射出時(shí)的折射射角_（“小于”“等于”或“大于”）60。參考答案： (1). (2). 大于本題考查折射定律、光的色散及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)

8、。根據(jù)題述和圖示可知，i=60，r=30，由折射定律，玻璃對(duì)紅光的折射率n=。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，由于玻璃對(duì)藍(lán)光的折射率大于玻璃對(duì)紅光的折射率，則光線(xiàn)在D點(diǎn)射出時(shí)的折射角大于60。7. 某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)進(jìn)行研究，他在豎直墻上記錄了拋物線(xiàn)軌跡的一部分，如圖所示O點(diǎn)不是拋出點(diǎn)，x軸沿水平方向，由圖中所給的數(shù)據(jù)可求出平拋物體的初速度是_m/s,拋出點(diǎn)的坐標(biāo)x m， y m (g取10m/s2)（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）參考答案：8. 如圖所示，一半徑為R的光滑圓環(huán)，豎直放在水平向右的的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。環(huán)上a、c是豎直直徑的兩端，b、d是水平直徑的兩端，質(zhì)量為m的帶

9、電小球套在圓環(huán)上，并可沿環(huán)無(wú)摩擦滑動(dòng)，已知小球自a點(diǎn)由靜止釋放，沿abc運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)時(shí)速度恰好為零，由此可知小球所受重力 （選填“大于”、“小于”或“等于”）帶電小球所受的靜電力。小球在 （選填“a”、“b”、“c”或“d”）點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能最小。參考答案：等于 b題意：自a點(diǎn)由靜止釋放，沿abc運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)時(shí)速度恰好為零，說(shuō)明小球帶負(fù)電，并且bc弧形中點(diǎn)是速度最大的位置（等效最低點(diǎn)），畫(huà)出受力分析圖，則重力和電場(chǎng)力等大；電場(chǎng)力正功最多時(shí)，電勢(shì)能最小，所有在b點(diǎn)電勢(shì)能最小。9. 如圖所示，薄壁圓筒半徑為R，a、b是圓筒某直徑上的兩個(gè)端點(diǎn)（圖中OO為圓筒軸線(xiàn)）。圓筒以速度v豎直勻速下落，同時(shí)繞OO勻速轉(zhuǎn)

10、動(dòng)。若某時(shí)刻子彈水平射入a點(diǎn)，且恰能經(jīng)b點(diǎn)穿出，則子彈射入a點(diǎn)時(shí)速度的大小為_(kāi)；圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度滿(mǎn)足的條件為_(kāi)。（已知重力加速度為g）參考答案：17、光電計(jì)時(shí)器是一種研究物體運(yùn)動(dòng)情況的常用計(jì)時(shí)儀器，其結(jié)構(gòu)如圖實(shí)110(a)所示，a、b分別是光電門(mén)的激光發(fā)射和接收裝置，當(dāng)有物體從a、b間通過(guò)時(shí)，光電計(jì)時(shí)器就可以精確地把物體從開(kāi)始擋光到擋光結(jié)束的時(shí)間記錄下來(lái)圖(b)中MN是水平桌面，Q是長(zhǎng)木板與桌面的接觸點(diǎn)，1和2是固定在長(zhǎng)木板上相距L=0.5m的兩個(gè)光電門(mén)，與之連接的兩個(gè)光電計(jì)時(shí)器沒(méi)有畫(huà)出，長(zhǎng)木板頂端P點(diǎn)懸有一鉛錘，實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓滑塊從長(zhǎng)木板的頂端滑下，做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。光電門(mén)1、2各自連接的計(jì)時(shí)器

11、顯示的擋光時(shí)間分別為1.0102s和4.0103s.用精度為0.05 mm的游標(biāo)卡尺測(cè)量滑塊的寬度為d，其示數(shù)如圖(c)所示(1)滑塊的寬度d_cm.(2)已知滑塊通過(guò)光電門(mén)1時(shí)的速度v1 m/s，滑塊通過(guò)光電門(mén)2時(shí)的速度v2_m/s.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(3)滑塊做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度a= m/s2(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)參考答案：1、010 1、0 2、5 5、2511. 如圖，豎直放置的輕彈簧，下端固定，上端與質(zhì)量為kg的物塊B相連接另一個(gè)質(zhì)量為kg的物塊A放在B上先向下壓A，然后釋放，A、B共同向上運(yùn)動(dòng)一段后將分離，分離后A又上升了m到達(dá)最高點(diǎn)，此時(shí)B的速度方向向下，且彈簧恰好為原長(zhǎng)

12、則從A、B分離到A上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧彈力對(duì)B做的功為 J，彈簧回到原長(zhǎng)時(shí)B的速度大小為 m/s.（m/s2）參考答案：0,212. （4分）如圖所示為龍門(mén)吊車(chē)的示意圖，質(zhì)量為2t的均勻水平橫梁，架在相距8m的A、B兩面豎直墻上，一質(zhì)量為3.2t的吊車(chē)停在橫梁上距A墻3m處。不計(jì)墻的厚度和吊車(chē)的大小，則當(dāng)?shù)踯?chē)下端未懸吊重物時(shí)，A墻承受的壓力等于_ N；若吊車(chē)將一質(zhì)量為1.6t的重物P向上吊起，P到橫梁的距離以d=H2.5t2（SI）（SI表示國(guó)際單位制，式中H為橫梁離地面的高度）規(guī)律變化時(shí)，A墻承受的壓力等于_N。（g取10m/s2）參考答案： 答案：3104N、4.5104N13. 在

13、“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中（1）為了消除小車(chē)與水平木板之間摩擦力的影響，采取的做法是將帶滑輪的長(zhǎng)木板一端適當(dāng)墊高，使小車(chē)在 （填“掛”或“不掛”）鉤碼的情況下做 運(yùn)動(dòng)；（2）某次實(shí)驗(yàn)中所用交流電的頻率為50Hz.得到的一條紙帶如圖所示，從比較清晰的點(diǎn)起，每五個(gè)點(diǎn)取一個(gè)點(diǎn)作為計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)明0、1、2、3、4.量得x1=30.0mm,x2=36.0mm,x3=42.0mm,x4=48.0mm,則小車(chē)的加速度為 m/s2.參考答案：（1）不掛（2分）；勻速（2分） （2）0.6（4分）（1）這是平衡摩擦力的實(shí)驗(yàn)步驟。（2）利用勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論得：，T=0.1s,再代入題給數(shù)據(jù)即可解

14、答。三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 電動(dòng)自行車(chē)的電瓶用久以后性能會(huì)下降，表現(xiàn)之一為電池的電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大。某興趣小組將一輛舊電動(dòng)自行車(chē)充滿(mǎn)電，取下四塊電池，分別標(biāo)為A、B、C、D，測(cè)量它們的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。用多用表直流電壓50V擋測(cè)量每塊電池的電動(dòng)勢(shì)。測(cè)量電池A時(shí)，多用電表的指針如圖甲所示，其讀數(shù)為 V。用圖乙所示電路測(cè)量A、B、C、D四塊電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，圖中R0為保護(hù)電阻，其阻值為5。改變電阻箱的阻值R，測(cè)出對(duì)應(yīng)的電流I，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)分別作出A、B、C、D四塊電池的圖線(xiàn)，如圖丙。由圖線(xiàn)C可知電池C的電動(dòng)勢(shì)E= V；內(nèi)阻r= 。分析圖丙可知，電池 (選填“

15、A”、“B”、“C”或“D”)較優(yōu)。參考答案： 11.0 12， 1 C15. （實(shí)驗(yàn)）現(xiàn)要用伏安法描繪一只標(biāo)值為“2.5V，0.6W”小燈泡的IU圖線(xiàn)，有下列器材供選用：A電壓表（03V，內(nèi)阻3k；015V，內(nèi)阻10k）B電流表（00.6A，內(nèi)阻0.5；03A，內(nèi)阻0.1）C滑動(dòng)變阻器（10，2A）D滑動(dòng)變阻器（100，1.0A）E蓄電池（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)）（1）為了減小測(cè)量誤差，圖甲中的S1應(yīng)接M（填“M”或“N”），滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用C（用序號(hào)字母表示）（2）根據(jù)你選擇的電路，用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)在圖乙中將實(shí)物連接成實(shí)驗(yàn)所需電路圖（3）開(kāi)關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于A端（選填“A

16、”、“B”或“AB正中間”）閉合開(kāi)關(guān)后，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電壓表示數(shù)變化明顯，但電流表示數(shù)始終為0，則電路故障為小燈泡斷路參考答案：（1）M；C；（2）如圖所示；（3）A；小燈泡斷路描繪小電珠的伏安特性曲線(xiàn)解：（1）由實(shí)物圖可知，電路采用了滑動(dòng)變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻較小，故電流表采用外接法；故S1應(yīng)接在M點(diǎn)；因采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器采用小電阻；故選：C；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖得出實(shí)物圖如圖所示；（3）為了保證實(shí)驗(yàn)安全，開(kāi)始時(shí)燈泡兩端的電壓應(yīng)為最小，故滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)在A端；由題意可知，電壓表示數(shù)變化明顯，說(shuō)明電壓表與電源相連，且滑動(dòng)變阻器連接正常，而電流表沒(méi)有示數(shù)說(shuō)明電路是斷開(kāi)的，

17、由電路圖可知，只能是燈泡發(fā)生了斷路故障；故答案為：（1）M；C；（2）如圖所示；（3）A；小燈泡斷路四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖甲所示，在光滑絕緣的水平桌面上建立一xoy坐標(biāo)系，平面處在周期性變化的電場(chǎng)和磁場(chǎng)中，電場(chǎng)和磁場(chǎng)的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定沿y方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向，豎直向下為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向）在t=0時(shí)刻，一質(zhì)量為10g、電荷量為0.1C的帶電金屬小球自坐標(biāo)原點(diǎn)O處，以v0=2m/s的速度沿x軸正方向射出已知E0=0.2N/C、B0=0.2T求： （1）t=1s末速度的大小和方向；（2）1s2s內(nèi)，金屬小球在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和周期；（3）（2n-1）s2n

18、s（n=1，2，3，）內(nèi)金屬小球運(yùn)動(dòng)至離x軸最遠(yuǎn)點(diǎn)的位置坐標(biāo)參考答案：(1) ， 與x軸正方向的夾角為 (2) ，1s(3) (2n?)m，(n2+)m解：（1）在01s內(nèi)，金屬小球在電場(chǎng)力作用下，在x軸方向上做勻速運(yùn)動(dòng)vx=v0，y方向做勻加速運(yùn)動(dòng)vyt11s末粒子的速度設(shè)v1與x軸正方向的夾角為，則tan=1，故=45（2）在1s2s內(nèi)，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律，得qv1B0，解得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T1s（3）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1所示（2n-1）s末粒子的橫坐標(biāo)為x=v0t=2n（m）縱坐標(biāo)為： 此時(shí)粒子的速度為：速度偏向角的正切值為：帶電粒子在（2n-1）s2ns（n=1，

19、2，3）內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖2所示，半徑（2n-1）s2ns（n=1，2，3，）內(nèi)粒子運(yùn)動(dòng)至離x軸最遠(yuǎn)點(diǎn)橫坐標(biāo)為：Xx?Rnsin(2n?)m縱坐標(biāo)為：Yy+Rn(1+cos)(n2+)m【點(diǎn)睛】本題中粒子奇數(shù)秒內(nèi)做類(lèi)似平拋運(yùn)動(dòng)，偶數(shù)秒內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是畫(huà)出運(yùn)動(dòng)軌跡并根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律和勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律列式分析。17. 如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的光滑軌道，由一段斜的直軌道和與之相切的圓形軌道連接而成，圓形軌道的半徑為R一質(zhì)量為m的小物塊從斜軌道上某處由靜止開(kāi)始下滑，然后沿圓形軌道運(yùn)動(dòng)要求物塊能通過(guò)圓形軌道最高點(diǎn)，且在該最高點(diǎn)與軌道間的壓力不能超過(guò)5mg（g為重力加速度）求物塊初始位置相對(duì)于圓形軌道底部的高度h的取值范圍參考答案：H5R 設(shè)物塊從h1高處滑下時(shí)到達(dá)最高點(diǎn)的速度為v1，且剛好能通過(guò)最高點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律得： 2