黑龍江省雙鴨山市尖山區(qū)第一中學(xué)2022年高一物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、幾個水球可以擋住子彈？實驗證實：4 個水球就足夠了！4個完全相同的水球緊挨在一起水平排列，如圖所示，子彈（可視為質(zhì)點）在水球中沿水平方向做勻變速

2、直線運動，恰好穿出第 4 個水球，則以下說法正確的是（）A.子彈在每個水球中速度變化相同B.由題干信息可以確定子彈穿過每個水球的時間C.由題干信息可以確定子彈在每個水球中運動的時間相同D.子彈穿出第 3 個水球的瞬間速度與全程的平均速度相等2、關(guān)于牛頓運動定律，正確理解的是 （ ）A.作用力和反作用力大小相等，方向相反，合力為零B.力是使物體產(chǎn)生加速度的原因，先有力的作用，然后才產(chǎn)生加速度C.質(zhì)量越大的物體慣性也越大D.物體只有受到力的作用才會運動3、如圖所示，兩個質(zhì)量分別為m11kg、m24kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接。兩個大小分別為F134N、F224N的水平拉力分別

3、作用在m1、m2上，則達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法不正確的是（）A.m1、m2以2m/s2的加速度向右運動B.彈簧秤的示數(shù)是10NC.在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為8m/s2D.在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為32m/s24、質(zhì)量m=200g的物體，測得它的加速度a=20cm/s2，則關(guān)于它所受的合力的大小及單位，下列運算既正確又符合一般運算要求的是A.F=20020=4000NB.F=0.220=4NC.F=0.20.2=0.04D.F=0.20.2 N =0.04N5、在圖中，所有接觸面均光滑，且a、b均處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中A、D選項中的細(xì)線均沿豎直方向a、b間一定有彈力的是A

4、.B.C.D.6、網(wǎng)球運動員將一網(wǎng)球在某一高度處以初速度v0水平擊出，網(wǎng)球經(jīng)時間t落地，落地時的速度大小為v，落地點與拋出點的水平距離為x，不計空氣阻力若將網(wǎng)球從相同位置以2v0的速度水平擊出，則網(wǎng)球A.經(jīng)時間t落地B.經(jīng)時間2t落地C.落地時的速度大小將變?yōu)?vD.落地點與拋出點的水平距離將變?yōu)?x7、如圖所示，水平傳送帶以4m/s逆時針勻速轉(zhuǎn)動，A、B為兩輪圓心正上方的點，AB=L1=2m，兩邊水平面分別與傳送帶上表面無縫對接，彈簧右端固定，自然長度時左端恰好位于B點現(xiàn)將一小物塊與彈簧接觸(不栓接)，并壓縮至圖示位置然后釋放，已知小物塊與各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為=0.2，AP=L2=1m

5、，小物塊與軌道左端P碰撞后原速反彈，小物塊最后剛好返回到B點時速度減為零g=10m/s2，則下列說法正確的是( )A.小物塊第一次到A點時，速度大小一定等于B.小物塊第一次到A點時，速度大小一定等于4m/sC.小物塊離開彈簧時的速度一定滿足D.小物塊離開彈簧時的速度一定滿足8、一質(zhì)量為m的物體A放在固定的粗糙斜面上保持靜止，現(xiàn)用水平力F推m，如圖所示，當(dāng)F由零逐漸增加但物體A仍保持靜止?fàn)顟B(tài)的情況下，則（）A.物體A所受的靜摩擦力逐漸減小直到為零B.物體A所受的彈力逐漸增加C.物體A所受的合力不變D.物體A所受的合力逐漸增加9、如圖所示，輕繩A端固定，將一掛有重物的輕質(zhì)動滑輪掛于輕繩上，當(dāng)滑輪靜

6、止后，將輕繩B端緩慢沿虛線A.向上移動，繩子的彈力大小變大B.向上移動，繩子的彈力大小不變C.向右移動，繩子的彈力大小變大D.向右移動，繩子的彈力大小變小10、下列實例屬于超重現(xiàn)象的是（）A.汽車駛過豎直面內(nèi)凸拱形橋頂端B.蕩秋千的小孩通過最低點C.跳水運動員被跳板彈起，離開跳板向上運動的過程中D.火箭點火后加速升空二、實驗題11、（4分）如圖為“測定勻變速直線運動加速度”的實驗裝置：（1）除打點計時器（含紙帶、復(fù)寫紙）、小車、一端附有滑輪的長木板、細(xì)繩、鉤碼、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下面的儀器和器材中，必須使用的有_（填選項代號）A.電壓合適的交流電源B.電壓可調(diào)的直流電源C.刻度尺D.秒表（2）實

7、驗過程中，下列做法正確的是_A先釋放小車，再接通電源B.先接通電源，再釋放小車C.將接好紙帶的小車停在靠近長木板滑輪處D.將接好紙帶的小車停在靠近打點計時器處12、（10分）一只足球以10m/s速度飛來，運動員又把它以10m/s的速度反向踢回，踢球時間為0.2s足球在這段時間內(nèi)的平均加速度大小是_m/s2，其方向與初速度方向_。三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖甲所示，斜面的傾角為，一個總質(zhì)量為m=75 kg的滑雪者從離斜面底端距離為x=8 m處由靜止開始沿斜面自由下滑，已知雪橇與斜

8、面間的動摩擦因數(shù)，不計空氣阻力。(，g=10m/s2)，則：（1）滑雪者下滑的加速度a1為多大？（2）滑雪者下滑至斜面底端時的速度為多大？（3）若滑雪者在斜面底端時，只依靠慣性上滑至原來的位置（如圖乙），那么滑雪者在斜面底端時必須獲得一定的初速度v0，則這一初速度v0至少為多大？14、（14分）如圖所示，由相同材料的木板平滑對接成的斜面軌道和足夠長的水平軌道，斜面軌道與水平面間的夾角為，斜面軌道頂端高h(yuǎn)=1.2m。、B兩滑塊（均視為質(zhì)點）與軌道間的動摩擦因數(shù)分別為和，開始時兩滑塊靜止于斜面軌道頂端，兩滑塊經(jīng)過斜面軌道底端時的速率不變。不計空氣阻力，取，。試求：（1）、B兩滑塊沿斜面軌道下滑的加

9、速度大小和；（2）為使滑塊B沿斜面軌道下滑后，滑塊追上滑塊B時，滑塊B恰好停止，則滑塊比滑塊B滯后釋放的時間為多大？15、（13分）如圖所示，傾角=30的光滑斜面的下端與水平地面平滑連接（可認(rèn)為物體在連接處速率不變）.一個質(zhì)量為m的小物體（可視為質(zhì)點），從距地面h=3.2m高處由靜止沿斜面下滑.物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)為=0.4，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物體下滑到達(dá)斜面底端A時速度vA的大?。唬?）物體在水平地面上滑行的時t。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分

10、，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】BC設(shè)水球的直徑為d，子彈運動的過程為勻減速直線運動，直到末速度為零，我們可以應(yīng)用逆過程，相當(dāng)于子彈初速度為零做勻加速直線運動因為通過最后1個、最后2個、以及后3個、全部4個的位移分別為d，2d，3d和4d，根據(jù)知，所以時間之比為1：2，所以子彈在每個水球中運動的時間不同；由以上的分析可知，子彈依次穿過4個水球的時間之比為：（2-）：（）：（1）：1；由題干信息不可以確定子彈穿過每個水球的時間，故BC錯誤；A子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，則受力是相同的，所以加速度相同，由v=at可知，運動的時間不同，則速度的變化量不同，故A錯誤；D

11、由以上的分析可知，子彈穿過前3個水球的時間與穿過第四個水球的時間是相等的，由勻變速直線運動的特點可知，子彈穿出第三個水球的瞬時速度與全程的平均速度相等，故D正確2、C【解析】A.兩個物體之間的作用力和反作用力總是大小相等，方向相反，作用在兩個物體上，不能合成，故A錯誤；B.力是使物體產(chǎn)生加速度的原因，具有瞬時性，有力就產(chǎn)生加速度故B錯誤；C.質(zhì)量越大的物體慣性也越大，故C正確；D.如果物體不受力或受平衡力作用，物體保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)，故D錯誤3、B【解析】A.以整體為研究對象，由牛頓第二定律得解得，故A正確；B.以m2為對象，可得解得，故B錯誤；C.撤去時，彈簧的彈力還未發(fā)生改變，故的

12、加速度為C正確；D.撤去時，彈簧的彈力還未發(fā)生改變，故的加速度為故D正確；故選B。4、D【解析】已知物體的質(zhì)量和加速度，求合力，運用牛第二定律解決問題同時也應(yīng)該知道物體的合力方向決定加速度方向【詳解】物體質(zhì)量m=200g=0.2kg，加速度為：a=20cm/s2=0.2m/s2F=ma=0.20.2N =0.04N，故選D【點睛】物體的質(zhì)量、合力、加速度三個物理量，知道兩個可以求第三個同時要注意牛頓第二定律的矢量性的應(yīng)用5、C【解析】A假設(shè)兩球間有彈力，則小球?qū)⑾騼蛇呥\動，與題矛盾，故ab間無彈力故A不符合題意B假設(shè)兩球間有彈力，則小球?qū)⑾騜球?qū)⑾蛴疫呥\動，與題矛盾，故ab間無彈力故B不符合題

13、意C若兩球間無彈力，則兩個都將向下擺動，與題矛盾，說明ab間有彈力故C符合題意D假設(shè)a對b球有彈力，方向必定垂直于斜面向上，b球共受三個力：豎直向下的重力、豎直向上的拉力和垂直于斜面向上的彈力，三個力的合力不可能為零，則小球b不可能處于靜止?fàn)顟B(tài)，與題矛盾，故ab間一定沒有彈力故D不符合題意6、AD【解析】網(wǎng)球在同一高度以不同速度水平拋出，在平拋運動過程中，由于高度相同，則運動時間相同，根據(jù)運動的合成規(guī)律求解末速度，根據(jù)位移規(guī)律求解位移【詳解】A、B項：網(wǎng)球做平拋運動，可將運動分解成水平方向勻速運動與豎直方向自由落體由于高度相同，則落地時間相同，故A正確，B錯誤；C項：由vy=gt可知，落地時豎

14、直速度不變，則落地時的速度，所以不是第一次拋出的2倍，故C錯誤；D項：因下落時間不變，水平速度變成原來的2倍，由x=vxt可知水平距離變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確故選AD【點睛】本題主要考查了平拋運動基本公式的直接應(yīng)用，重力的平均功率是由重力作功與時間的比值，而重力的瞬時功率則是重力與重力方向的速率乘積7、BD【解析】由動能定理求出物體返回B點時速度為零的條件，然后分析物體以不同速度滑上傳送帶后的運動情況，看各選項的速度是否符合要求；【詳解】A、設(shè)小物塊到達(dá)P點的速度為v，反彈后運動到B點的速度為零，由動能定理得：小物塊由A到P點過程中，由動能定理得：聯(lián)立解得，故選項A錯誤，B正確；C、由題可知小

15、物塊在B點離開彈簧，若物體速度較大，一直做勻減速運動，整個過程中根據(jù)動能定理有：，解得；若速度較小，在AB上一直加速，到A點時恰好與帶同速，有：解得，故小物塊離開彈簧時的速度一定滿足，故選項C錯誤，D正確【點睛】分析清楚物體運動過程，應(yīng)用動能定理、牛頓第二定律、運動學(xué)公式即可正確解題8、BC【解析】本題考查共點力平衡下的變力問題，可以用力的正交分解處理。【詳解】A沿斜面，物體A受力的方程為隨著F的增大，f不斷減小到零后反方向增大，A錯誤；B垂直于斜面方向，物體A受力的方程為隨著F的增大，彈力N不斷增大，B正確；CD物體m靜止不動，合外力為零，所受合力不變，C正確，D錯誤。故選BC。9、BC【解

16、析】AB設(shè)繩子總長為L，兩堵豎直墻之間的距離為S，左側(cè)繩長為L1，右側(cè)繩長為L2，由于繩子上的拉力處處相等，所以兩繩與豎直方向夾角相等，設(shè)為，則由幾何知識，得又得向上移動時，S、L沒有變化，則不變，繩子的拉力大小為T1，重物的重力為G，以滑輪為研究對象，根據(jù)平衡條件得解得可見，當(dāng)不變時，繩子拉力T1不變，故A錯誤，B正確；CD向右移動時，由于繩子的長度不變，所以兩個繩子之間的夾角增大，由于兩個繩子的合力大小等于物體的重力，方向與重力的方向相反，所以當(dāng)兩個繩子之間的夾角增大時，繩子的拉力之間的夾角增大，所以繩子的拉力T2增大，故C正確，D錯誤。故選BC。10、BD【解析】A汽車駛過豎直面內(nèi)凸拱形

17、橋頂端時，加速度向下，支持小于重力，所以汽車處于失重狀態(tài)，A不符合題意；B蕩秋千的小孩通過最低點時，加速度向上，支持力大于重力，小孩處于超重狀態(tài)，B符合題意；C跳水運動員離開跳板向上運動時，與跳板分離，沒有支持力，跳水運動員處于完全失重，C不符合題意；D火箭點火加速升空的過程中，加速度向上，火箭處于超重狀態(tài)，D符合題意。故選BD。二、實驗題11、 .AC .BD【解析】由題中“如圖為“測定勻變速直線運動加速度”的實驗裝置”可知，本題考查測定勻變速直線運動的加速度實驗，根據(jù)加速度公式和實驗要求可分析本題【詳解】（1）1打點計時器所用電壓為交流電，故需要選A，處理紙帶數(shù)據(jù)需要測量長度，因此還需要刻

18、度尺，故還需選C（2）2打點計時器使用步驟是，先通電再釋放，接好紙帶的小車?？吭诖螯c計時器處，故選BD12、 .100 .相反【解析】12以初速度為正，故初速度為10m/s，末速度為10m/s，根據(jù)加速度的定義公式，有所以加速度大小為100m/s2，方向與正方向相反，即與初速度的方向相反三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）4m/s2；（2）8m/s；（3）8m/s【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律mgsin37-mgcos37=ma得a=4m/s2（2）根據(jù)位移公式v2-02=2as得v=8m/s（3）滑雪者上滑時mgsin37+mgcos37=maa=8m/s2根據(jù)位移公式v2=2as得v=8m/s14、（1）4m/s2；2m/s2；（2）0.72s【解析】（1）滑塊沿斜面軌道下滑，由牛頓第二定律列式可求解加速度；（2）根據(jù)兩物體的位移關(guān)系，時間關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律和運動公式列式求解?！驹斀狻浚?）滑塊沿斜面軌道下滑，由牛頓第二定律，有代入數(shù)據(jù)得、B兩