2022-2023學年北京市東城第50中物理高一第一學期期末調研模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于運動，下列說法中

2、正確的是（ ）A.勻減速直線運動是加速度隨時間逐漸減小的運動B.勻變速直線運動是加速度隨時間均勻變化的運動C.勻變速直線運動是瞬時速度隨時間均勻變化的運動D.勻減速直線運動是位移隨時間均勻減小的運動2、在固定于地面的斜面上垂直安放了一個擋板，截面為圓的柱狀物體甲放在斜面上，半徑與甲相等的光滑圓球乙被夾在甲與擋板之間，乙沒有與斜面接觸而處于靜止狀態(tài)，如圖所示，現在從球心處對甲施加一平行于斜面向下的力F使甲沿斜面方向緩慢地移動，直至甲與擋板接觸為止。設乙對擋板的壓力為F1，甲對斜面的壓力為F2，在此過程中（）A.F1緩慢增大，F2緩慢增大B.F1緩慢增大，F2緩慢減小C.F1緩慢減小，F2緩慢增大

3、D.F1緩慢減小，F2保持不變3、某同學用測力計研究在豎直方向運行的電梯運動狀態(tài)他在地面上用測力計測量砝碼的重力，示數為G；他在電梯中用該測力計仍測量同一砝碼的重力，發(fā)現測力計的示數為0.9G，由此判斷此時電梯的運動狀態(tài)可能是（ ）A.加速上升B.減速下降C.減速上升D.勻速下降4、兩個小車在水平面上做加速度相同的勻減速直線運動，若它們的初速度之比為12，它們運動的最大位移之比()A.12B.14C.1D.215、下列關于摩擦力的說法，正確的是A.受到靜摩擦力的物體一定靜止B.受到滑動摩擦力的物體一定滑動C.物體滑動摩擦力方向一定與其運動方向相反D.兩物體之間有摩擦力作用，則一定有彈力作用6、

4、如圖所示，AB繩水平，BC為輕桿，C處鉸于墻上，BC與AB的夾角為30，物體所受重力為100N，掛于B端，則繩AB所受的作用力大小為（）A. NB.200NC.100ND.N7、下列關于物理學史、物理學研究方法的敘述中，正確的是（）A.用質點來代替實際物體是采用了微元法B.牛頓根據斜面實驗，提出了牛頓第一定律C.是采用比值法定義的D.伽利略借助實驗研究和邏輯推理得出了自由落體運動規(guī)律8、如圖所示，將光滑斜面上物體的重力分解為、兩個力，下列結論正確的是（ ）A.是斜面作用在物體上使物體下滑的力，是物體對斜面的正壓力B.物體受、四個力作用C.物體受重力和彈力的作用D.力、三個力的作用效果跟、兩個力

5、的作用效果相同9、如圖所示，從彈簧上方某點自由下落的小球，從接觸到豎直放置的彈簧，到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受合力大小的變化情況正確的是（）A.速度先變大，后變小B.速度先變小，后變大C.合力先變大，后變小D.合力先變小，后變大10、如圖所示，質量為m1和m2的兩物塊放在光滑的水平地面上（m1m2）。用輕質彈簧將兩物塊連接在一起。當用水平向右的力F作用在m1上時，兩物塊均以加速度a做勻加速運動，此時彈簧伸長量為x。若用水平向左的力F作用在m2上時，兩物塊均以加速度a2a做勻加速運動，此時彈簧伸長量為x。則下列關系正確的是（）A.F2FB.x2FD.x2x11、下列說法中正確的是

6、()A.物體保持靜止狀態(tài)，它所受合外力一定為零B.物體所受合外力為零時，它一定處于靜止狀態(tài)C.作用力和反作用力可以相互平衡D.作用力和反作用力的產生無先后之分12、某物體運動的速度-時間圖象如圖所示根據圖象可知A.0-2s內的加速度為2m/s2B.0-5s 內的位移為7mC.第1s末與第4.5s末的速度方向相反D.第1s末與第4.5s末的加速度方向相反二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖所宗，甲為操場上一質量m=10kg的豎直滑竿，滑竿上端固定，下端懸空，為了研究學生沿竿下滑的情況，在竿的頂部裝有一拉力傳感器，可顯示竿的頂端所受拉力的大小，現有一學生手握滑竿，從竿的上端由靜止開始下滑，下

7、滑5s后學生的下滑速度為零，并用手緊握住滑竿保持靜止不動以這個學生開始下滑時刻為計時起點，傳感器示數隨時間變化的情況如圖乙所示，求：（1）該學生下滑過程中的最大速度；（2）1s5s內傳感器的示數F2（3）5s內該學生下滑的距離14、如圖所示，A、B兩個物體間用最大張力為100N的輕繩相連，mA=4kg，mB=8kg，在拉力F的作用下向上加速運動，為使輕繩不被拉斷，F的最大值是多少?（畫出受力分析圖）（g取10m/s2）15、在探究加速度與力、質量的關系時，小王同學采用如圖裝置，如圖1中小車及砝碼的質量用M表示，沙桶及沙的質量用m表示，小車的加速度可由小車后拖動的紙帶計算出（1）往沙桶中加入定量

8、的沙子，當M與m的大小關系滿足_時，可近似認為繩對小車的拉力大小等于沙桶和沙的重力；在釋放小車_選填“之前”或“之后”接通打點計時器的電源，在紙帶上打出系列的點（2）在平衡摩擦力后，他用打點計時器打出紙帶的一段如圖2，該紙帶上相鄰兩個計數點間還有4個點未標出，打點計時器使用交流電的頻率是50Hz，則小車的加速度大小是_ m/s2，當打點計時器打B點時小車的速度是_m/s；結果均保留三位有效數字（3）小張同學用同一裝置做實驗，他們倆在同一坐標系中畫出了a-F關系圖，如圖3，兩位同學的實驗中，_選填“小張”或“小王”同學的小車及砝碼的質量大。三計算題(22分)16、（12分）鋼球由靜止開始做自由落

9、體運動，不計空氣阻力，落地時的速度為30m/s；g取10m/s2。(1)鋼球下落的高度是多少?(2)鋼球在最后1s內下落的高度是多少?17、（10分）如圖所示，物體從固定斜面底端開始上滑，初速度v0=5m/s，斜面傾角=37已知物體與斜面間的動摩擦因數=0.5，設斜面足夠長（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）物體上滑的最大位移；（2）物體回到出發(fā)點時的速度大?。唬?）比較上滑和下滑過程中平均速度的大小參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得

10、3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】AB勻變速直線運動包括勻加速直線運動和勻減速直線運動，都是速度隨時間均勻變化即加速度不變，故AB錯誤；C由可知勻變速直線運動的速度隨時間均勻變化，故C正確；D勻減速直線運動的位移不一定隨時間均勻減小，當物體開始做勻減速直線運動，位移在增加，故D錯誤。故選C。2、D【解析】如圖所示，對乙進行受力分析，根據平衡條件可知擋板對乙的壓力F1和甲對乙的支持力FN的合力與乙的重力平衡，當乙球向上運動過程中，甲球對它的支持力與豎直方向夾角減小，所以擋板對乙球的壓力緩慢減小。將把甲、乙看成一個整體，甲沿斜面方向緩慢地移動時，力F沿斜面方向，甲、兩球對斜面的壓力等于它

11、們重力垂直于斜面的分力，大小方向不變，綜上所述可知D正確。故選D。3、C【解析】由于測力計顯示為0.9G，說明物體處于失重，因此電梯加速度向下，對應情況可能為：加速下降或者減速上升。故選C。4、B【解析】當兩小車速度為零時即末速度為零，發(fā)生的位移最大，根據位移速度公式可得又因為它們的初速度之比為12，所以他們運動的最大位移比為A12，與結論不相符，選項A錯誤；B14，與結論相符，選項B正確；C1，與結論不相符，選項C錯誤；D21，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.5、D【解析】靜摩擦力產生于相對靜止的物體之間；滑動摩擦力纏身于相對滑動的物體之間；滑動摩擦力方向與相對運動方向相反；有摩擦力，必有

12、彈力故選D6、A【解析】重物對結點B的拉力為T=G=100N以結點B為研究對象，進行受力分析，如圖，根據共點力平衡得FAB=Ttan60=100N故選A。7、CD【解析】A用質點來代替實際物體是采用了理想模型法，A錯誤；B在伽利略研究的基礎上，牛頓提出了牛頓第一定律，B錯誤；C公式是采用比值法定義的，C正確；D伽利略借助實驗研究和邏輯推理得出了自由落體運動規(guī)律，D正確。故選CD。8、CD【解析】AF1是重力作用在物體上使物體下滑分力，F2不是物體對斜面的壓力，因為物體對斜面的壓力的受力物體是斜面，不是物體，而F2作用在物體上，故A錯誤；BC物體只受重力和支持力兩個力，故B錯誤，C正確；D力FN

13、、F1和F2的三個力的作用效果跟mg、FN兩個力的效果相同，故D正確故選CD正確。9、AD【解析】根據小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，即可求出小球合外力的變化情況，進一步根據牛頓第二定律得出加速度變化，從而明確速度的變化情況【詳解】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大?。篎=mgkx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續(xù)向下運動，此時合外力大小為：F=kxmg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大

14、即整個過程中合外力先變小后變大，速度先變大后變小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動10、AD【解析】AC以兩個物體整體為研究對象，由牛頓第二定律得F=(m1+m2)aF=2(m1+m2)a可得F=2FA正確，C錯誤；BD當用水平向右的力F作用在m1上時，由得以m2為研究對象，由牛頓第二定律可得若用水平向左力F作用在m2上時，由得以m1為研究對象，由牛頓第二定律得可得因為m1m2B錯誤，D正確。故選AD。11、AD【解析】據物體的平衡態(tài)與合外力的關系分析判斷，注意靜止或勻速直線運動的合外力

15、都為零作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失【詳解】A、B、物體保持靜止，處于平衡態(tài)，它所受合外力一定為零；當它所受合外力一定為零時，物體處于靜止或勻速直線運動，故A正確，B錯誤；C、作用力和反作用力作用在不同的物體上，作用效果不能抵消，不能合成，故C錯誤；D、作用力和反作用力同時產生，同時變化，同時消失，故D正確；故選AD.【點睛】明確物體的運動狀態(tài)與合外力的關系；理解牛頓第三定律與平衡力的區(qū)別作用力與反作用力是分別作用在兩個物體上的，既不能合成，也不能抵消，分別作用在各自的物體上產生各自的作用效果12、BD【

16、解析】速度圖象的斜率等于物體的加速度大小根據斜率的正負分析加速度的正負圖線與兩個坐標軸所圍“面積”等于位移【詳解】0-2s內的加速度大小為：，故A錯誤；0-25 內的位移為：，故B正確；速度的正負表示方向，故第 1s 末與第 4.5s 末的速度方向相同，故C錯誤；斜率的正負表示a的方向，由圖可知，第 1s 末與第 4.5s 末加速度方向相反故D正確故選BD二填空題(每小題6分，共18分)13、（1）3m/s（2）530N（3）7.5m【解析】(1)學生先做勻加速運動后做勻減速運動，最大速度即t=1s時的瞬時速度，全過程中，對竿，根據平衡條件可得：，（f為學生對竿的摩擦力）5s后學生靜止，設學生

17、受到的靜摩擦力為，對學生，根據平衡條件可得：，即5s后有：，從圖中可知5s后竿受到拉力為F3=500N，解得學生的質量為：M=40kg，01s內，對學生，根據牛頓第二定律可得：，對竿有：，和是一對相互作用力，等大反向，從圖中可知在01s竿受到的拉力：，代入數據可得，所以：；(2)15s內對學生，根據牛頓第二定律：，又因為15s做勻減速直線運動，末速度為零，故故：和是一對相互作用力，等大反向，所以：；(3)勻加速階段的位移：，勻減速階段的位移：，所以總位移：。14、150N，【解析】要使輕繩不被拉斷，則繩的最大拉力：，先以B為研究對象，受力分析如圖所示，根據牛頓第二定律有：，再以A、B整體為對象，受力分析如圖所示，根據牛頓第二定律可得：，聯立解得：；15、 . .之前 .0.390 .0.377 .小王【解析】（1）12假設小車的加速度為a，拉力為F對沙桶及沙：mg-F=ma對小車：F=Ma；聯立得：故只有在Mm的情況下近似認為拉力等于mg。由于人的反應時間有0.1s左右，故為提高打出的有效點的個數，應該先接通電源，待打點穩(wěn)定后再接通電源。（2）34紙帶上每相鄰兩個計數點間還有4個點，所以相鄰的計數點之間的時間間隔是T=0.1s。根據逐差法求解加速度：根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度得：B點的速度（3）5根據F