四川省綿陽市劍閣七一中學(xué)高三物理聯(lián)考試卷含解析

1、四川省綿陽市劍閣七一中學(xué)高三物理聯(lián)考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史和單位制的說法正確的是：A物理學(xué)家湯姆孫經(jīng)過多次實(shí)驗(yàn)，比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量B卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測量了靜電力常量，并驗(yàn)證了庫侖定律C國際單位制中的七個(gè)基本單位是：Kg、m、N、A、K、mol、cdD功的單位可以用 kgm2/s2 表示參考答案：D2. 如圖4所示，一個(gè)半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O點(diǎn)為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球，當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，質(zhì)量為m1的小球與O點(diǎn)

2、的連線與水平線的夾角為=60。兩小球的質(zhì)量比為 （ ）A. B. C. D.圖4參考答案：A3. 一物體靜置在平均密度為的球形天體表面的赤道上已知萬有引力常量為G，若由于天體自轉(zhuǎn)使物體對(duì)天體表面壓力恰好為零，則天體自轉(zhuǎn)周期為( )參考答案：D4. 下列關(guān)于近代物理的敘述中，正確的是A. 光電效應(yīng)是金屬表面的原子吸收光子后由原子核釋放出電子的現(xiàn)象，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比B. 氫原子輻射光子后，其電勢能減小，核外電子動(dòng)能增大C. 氘核()和氚核()聚合成氦核()，會(huì)放出一個(gè)正電子，發(fā)生質(zhì)量虧損，釋放核能D. 某種放射性元素半衰期為5天，則100個(gè)該元素原子核經(jīng)過5天時(shí)，一定還剩50

3、個(gè)未發(fā)生衰變參考答案：B【詳解】A光電效應(yīng)是具體指在一定頻率光子的照射下，某些物質(zhì)內(nèi)部的電子會(huì)被光子激發(fā)出來而形成電流的現(xiàn)象，根據(jù)光電效應(yīng)方程，最大初動(dòng)能和頻率不是正比關(guān)系，A錯(cuò)誤B氫原子輻射光子，放出能量，由高能級(jí)進(jìn)入低能級(jí)，因?yàn)殡x核更近了，環(huán)繞速度變大，動(dòng)能變大，但總能量減小，所以勢能減小，B正確C根據(jù)核反應(yīng)方程，放出一個(gè)中子，C錯(cuò)誤D因?yàn)榘胨テ谑菍?duì)大量樣本的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)100個(gè)而言，數(shù)量太小，不符合統(tǒng)計(jì)規(guī)律，D錯(cuò)誤5. 由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界一直未被發(fā)現(xiàn)，只是在使用人工的方法制造后才被發(fā)現(xiàn)。已知Np經(jīng)過一系列衰變和衰變后變成Bi，下列診斷中正確的是()A.Bi的原子

4、核比Np的原子核少28個(gè)中子B.Bi的原子核比Np的原子核少18個(gè)中子C衰變過程中共發(fā)生了7次衰變和4次衰變D衰變過程中共發(fā)生了4次衰變和7次衰變參考答案：BC二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 如圖甲所示，在光滑的斜面上，有一滑塊，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端與滑塊相連，下端與斜面上的固定擋板連接，在彈簧與擋板間有一力傳感器（壓力顯示為正值，拉力顯示為負(fù)值），能將各時(shí)刻彈簧中的彈力數(shù)據(jù)實(shí)時(shí)傳送到計(jì)算機(jī)，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后在屏幕上顯示出Ft圖象現(xiàn)用力將滑塊沿斜面壓下一段距離，放手后滑塊將在光滑斜面上做簡諧運(yùn)動(dòng)，此時(shí)計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出如圖乙所示圖象（1）滑塊做簡諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力是由

5、提供的；（2）由圖乙所示的Ft圖象可知，滑塊做簡諧運(yùn)動(dòng)的周期為 s；（3）結(jié)合Ft圖象的數(shù)據(jù)和題目中已知條件可知，滑塊做簡諧運(yùn)動(dòng)的振幅為參考答案：（1）彈簧的彈力和重力沿斜面的分力的合力（或彈簧彈力、重力和斜面支持力的合力）；（2）0.4；（3）；【考點(diǎn)】簡諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量【分析】對(duì)滑塊進(jìn)行受力分析，回復(fù)力指物塊所受力的合力；由Ft圖象分析滑塊的周期；根據(jù)胡克定律求出彈簧的伸長量和壓縮量，中間位置為平衡位置，從而可以求出振幅【解答】解：（1）對(duì)滑塊進(jìn)行受力分析，滑塊的合力為：彈簧的彈力和重力沿斜面的分力的合力，合力提供回復(fù)力（2）由圖可以看出周期為0.4s（3）根據(jù)胡克定律：F1=KXF2

6、=KX振幅d=故答案為：（1）彈簧的彈力和重力沿斜面的分力的合力（或彈簧彈力、重力和斜面支持力的合力）；（2）0.4；（3）；7. 如圖所示，邊長為L的正方形導(dǎo)線框abcd放在紙面內(nèi)，在ad邊左側(cè)有足夠大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里，現(xiàn)使導(dǎo)線框繞a點(diǎn)在紙面內(nèi)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t轉(zhuǎn)到圖中虛線位置，則在時(shí)間t內(nèi)導(dǎo)線框abcd中感應(yīng)電流方向?yàn)開方向（選填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”），平均感應(yīng)電動(dòng)勢大小等于_。參考答案：順時(shí)針，8. 一只排球在A點(diǎn)被豎直拋出，此時(shí)動(dòng)能為20J，上升到最大高度后，又回到A點(diǎn)，動(dòng)能變?yōu)?2J，假設(shè)排球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力大小恒定，A點(diǎn)為零勢能點(diǎn)，則在

7、整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，排球的動(dòng)能變?yōu)?0J時(shí)，其重力勢能的可能值為_、_。參考答案：8J 8/3J9. 某探究小組設(shè)計(jì)了“用一把尺子測定動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)方案。如圖所示，將一個(gè)小球和一個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端。開始時(shí)小球和滑塊均靜止，剪斷細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音。保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音。用刻度尺測出小球下落的高度、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移。（空氣阻力對(duì)本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略）滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為_。滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_

8、。以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是_?；瑝K的質(zhì)量 當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮￠L度測量時(shí)的讀數(shù)誤差 小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)參考答案：； ； 10. 如圖所示，在A點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷，電荷量為+Q，已知點(diǎn)電荷Q周圍各點(diǎn)的電勢=（r是各點(diǎn)離Q的距離）。在A點(diǎn)正上方離A高度為h的B點(diǎn)由靜止釋放某帶電的液珠（可以看作點(diǎn)電荷），液珠開始運(yùn)動(dòng)瞬間的加速度大小為（g為重力加速度）。靜電常量為k，若液珠只能沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，則液珠的電量與質(zhì)量的比值為_；若液珠向下運(yùn)動(dòng)，到離A上方h/2處速度恰好為零，則液珠的最大速度為_。參考答案：，11. （6分）一列簡諧橫波在時(shí)的波形圖如下，若波自右向左傳播的，則在X=0.2

9、m處且處于平衡位置的P點(diǎn)此時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向是 。若經(jīng)過時(shí)間后，P點(diǎn)剛好第一次到達(dá)波峰，則波的傳播速度是 ,從到時(shí)P點(diǎn)走過的路程為 。參考答案：向下 10m/s 2.05m12. （多選）（2014秋?滕州市校級(jí)期中）下列說法正確的是（）A伽利略的理想實(shí)驗(yàn)說明了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B人站在電梯中，人對(duì)電梯的壓力與電梯對(duì)人的支持力不一定大小相等C兩個(gè)不同方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，它們的合運(yùn)動(dòng)不一定是勻變速直線運(yùn)動(dòng)D由F=ma可知：當(dāng)F=0時(shí)a=0，即物體靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)所以牛頓第一定律是牛頓第二定律的特例參考答案：AC解：A、伽利略的理想實(shí)驗(yàn)說明物體不受力，物體照樣運(yùn)動(dòng)，即力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因故

10、A正確B、人對(duì)電梯的壓力和電梯對(duì)人的支持力是一對(duì)作用力和反作用力，大小相等故B錯(cuò)誤C、兩個(gè)不同方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)合成，若合速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線上，物體做曲線運(yùn)動(dòng)故C正確D、第二定律針對(duì)的是有合外力作用時(shí)的狀態(tài)，第一定律是針對(duì)沒有外力的狀態(tài)，第一定律不是第二定律的特例故D錯(cuò)誤故選AC13. (5分)如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體可由狀態(tài)1經(jīng)等容過程到狀態(tài)2，再經(jīng)等壓過程到狀態(tài)3，也可先經(jīng)等壓過程到狀態(tài)4，再經(jīng)等容過程到狀態(tài)3。已知狀態(tài)1的溫度和狀態(tài)3的溫度相同，狀態(tài)2的溫度為T2，狀態(tài)4的溫度為T4，則狀態(tài)1和狀態(tài)3的溫度T1=T3= 。參考答案： 答案：三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共

11、2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 小莉和她的同學(xué)綜合圖示的方法，利用簡易實(shí)驗(yàn)器材，一把刻度尺，一質(zhì)量為m=300g的重物，測量自己頭發(fā)絲能承受的最大拉力，并與網(wǎng)上獲取的正常數(shù)據(jù)進(jìn)行對(duì)比（頭發(fā)能承受的拉力隨年齡而變化；20歲組，頭發(fā)能承受的拉力最大，平均約1.72N；30歲組，平均約1.50N）實(shí)驗(yàn)步驟如下：水平固定刻度尺；用手指尖緊握頭發(fā)絲兩端，用直尺測量出兩手指尖之間的頭發(fā)絲長度L=50.00cm；重物掛在頭發(fā)絲上，兩手緩慢沿刻度尺水平移動(dòng)，直至頭發(fā)絲恰好被拉斷；從刻度尺上讀出兩手指尖之間的距離d=30.00cm（取重力加速度g=10m/s2，掛鉤光滑且質(zhì)量不計(jì)）由以上數(shù)據(jù)可知所用刻度

12、尺最小刻度為 ；頭發(fā)絲的最大拉力表達(dá)式T= （用以上物理量符合表示）；利用所測數(shù)據(jù)可獲得最大拉力為 N（保留三位有效數(shù)字），在正常范圍參考答案：0.1cm，；1.88【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則【分析】明確刻度尺在讀數(shù)時(shí)需要估讀一位，結(jié)合讀數(shù)即可判斷；將頭發(fā)兩端靠攏，在底端懸掛質(zhì)量為m的鉤碼，將頭發(fā)兩端逐漸遠(yuǎn)離，直到頭發(fā)剛好拉斷根據(jù)共點(diǎn)力平衡得頭發(fā)上最大承受的拉力在豎直方向合力和鉤碼重力相等，根據(jù)三角函數(shù)關(guān)系求出最大拉力【解答】解：根據(jù)讀數(shù)可知L=50.00cm，則說明最小分度應(yīng)為0.1cm；設(shè)頭發(fā)與刻度尺之間的夾角為，由圖中的幾何關(guān)系可知，cos=頭發(fā)與繩子的結(jié)點(diǎn)處受力平衡，設(shè)頭發(fā)的拉力為

13、F，得：2Fsin=mg聯(lián)立得：F=代入數(shù)據(jù)得：F=1.88N故答案為：0.1cm，；1.8815. （1）如圖甲所示為某校興趣小組通過電流傳感器和計(jì)算機(jī)來測電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)電路，其中R0為定值，電阻R為可調(diào)節(jié)的電阻箱，電流傳感器與計(jì)算機(jī)（未畫出）相連，該小組成員通過實(shí)驗(yàn)記錄下電阻箱的阻值R和相應(yīng)的電流值I，通過變換坐標(biāo)，經(jīng)計(jì)算機(jī)擬合得到如圖乙所示圖象，則該圖象選取了為縱坐標(biāo)，由圖乙中圖線可得到該電源的電動(dòng)勢為 V；（2）現(xiàn)由三個(gè)規(guī)格相同的小燈泡，標(biāo)出值為“2.5V、0.6A”，每個(gè)小燈泡的IU特性曲線如圖丙所示，將它們與圖甲中電源按圖丁所示的電路相連，閉合開關(guān)后，A燈恰好正常發(fā)光，則電

14、源的內(nèi)阻r= ，圖甲中定值電阻R0= 參考答案：（1） 4.5 （2）2.5 2【分析】（1）分析電路結(jié)構(gòu)根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，再結(jié)合圖象進(jìn)行變形，從而明確應(yīng)采用的坐標(biāo)；再根據(jù)圖象性質(zhì)分析電動(dòng)勢和內(nèi)電阻；（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析電路中的電流和路端電壓，再根據(jù)閉合電路歐姆定律分析求解，從而求出燈泡內(nèi)阻和定值電阻【解答】解：（1）由電路圖可知，本實(shí)驗(yàn)采用電流表與電阻箱串聯(lián)的方式進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，由閉合電路歐姆定律可知：I=變形可得：=+故縱坐標(biāo)應(yīng)選??；由圖可知，圖象的斜率k=；解得：E=4.5V；r+R=4.5（2）A燈泡正常發(fā)光，故電壓為2.5V，電流I=0.6A；兩并聯(lián)燈泡電流I=0.3A，則電壓U

15、=0.5V；故路端電壓U=2.5+0.5=3V；電流為0.6A；由閉合電路歐姆定律可知：U=EIr代入數(shù)據(jù)解得r=2.5；則可知R0=2故答案為：（1） 4.5 （2）2.5 2四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 參考答案：17. 擦黑板也許同學(xué)們都經(jīng)歷過，手拿黑板擦在豎直的黑板面上，或上下或左右使黑板擦與黑板之間進(jìn)行滑動(dòng)摩擦，將黑板上的粉筆字擦干凈。已知黑板的下邊沿離地的高度為08 m，若小黑板擦(可視為質(zhì)點(diǎn))的質(zhì)量為01 kg，現(xiàn)假定某同學(xué)用力將小黑板擦在黑板表面緩慢豎直向上擦，手對(duì)小黑板擦的作用力與黑板面成450向上且大小F=20 N，如圖所示，他所能擦到的最大高度為205 m，g取10 ms2。求： (1)此小黑板擦與黑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。 (2)若該同學(xué)擦到最高位置時(shí)，小黑板擦意外脫手而沿黑板面豎直向下滑落，求小黑板擦滑到黑板下邊沿的速度大小。參考答案：解：(1)小黑板擦向上緩慢移動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，它的受力情況如圖所示 水平方向：FNFsin=0 (2分) 豎直方向：Fcosmg