四川省達州市通川區(qū)第八中學2022-2023學年高二物理期末試卷含解析

1、四川省達州市通川區(qū)第八中學2022-2023學年高二物理期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （多選題）如圖所示，兩板間距為d的平行板電容器與電源（不計電源內(nèi)阻）連接，電鍵k閉合。電容器兩板間有一質(zhì)量為m，帶電量為q的微粒靜止不動。下列各敘述中正確的是：( )A微粒帶的是正電 B電源電動勢大小為mgd/qC斷開電鍵k，微粒將向下做加速運動 D保持電鍵k閉合，把電容器兩板距離增大，微粒將向下做加速運動參考答案：BD試題分析：粒子受重力和向上電場力作用而靜止，兩板間的電場方向向下，所以粒子帶負電；由于粒子處于平衡狀態(tài)時有求qE=mg，電源電

2、動勢；斷開開關S，電容器的帶電荷量不變，根據(jù)，極板間電場沒有改變，微粒仍將靜止不動；保持開關閉合，電容器兩極板間電壓不變，兩極板的距離增大，根據(jù)E=U/d得極板間電場的電場強度變小，微粒將向下做加速運動所以選項B、D正確，故選BD2. 如圖所示是甲、乙兩個單擺在同一地點做簡諧運動的圖象，則下列說法中正確的是A. 甲、乙兩擺的振幅之比為1：1B. 甲、乙兩擺的擺長之比為4：1C. 甲、乙兩擺擺球在最低點時向心加速度大小一定相等D. 時，甲擺的重力勢能最小，乙擺的動能為零參考答案：D【詳解】A.由圖知，甲、乙兩擺的振幅分別為2 cm、1cm，則振幅之比為2：1，故A錯誤；B.甲、乙兩擺的周期分別為

3、4s、8s，周期之比為1：2根據(jù)由單擺的周期公式得：甲、乙兩擺的擺長之比為1：4，故B錯誤；C.設擺角為，則擺球從最高點擺到最低點的過程中，由機械能守恒定律得：mgL（1-cos）=mv2；擺球在最低點時向心加速度 ，根據(jù)振幅和擺長關系，可知甲擺擺球的最大偏角比乙擺擺球的最大偏角大，所以甲、乙兩擺擺球在最低點時向心加速度大小一定不等，故C錯誤；D.t=2s時，甲擺通過平衡位置，重力勢能最小。乙擺經(jīng)過最大位移處，動能為零，故D正確。3. (單選)電量分別為q1、q2的兩個點電荷，相距r時，相互作用力為F，下列說法錯誤的是（ ）A如果q1、q2恒定，當距離變?yōu)閞2時，作用力將變?yōu)?FB如果其中一個

4、電荷的電量不變，而另一個電荷的電量和它們間的距離都減半時，作用力變?yōu)?F C如果它們的電量和距離都加倍時，作用力不變D如果它們的電量都加倍，距離變?yōu)闀r，作用力將變?yōu)?F參考答案：A4. AB是電場中的一條電場線，若將一負電荷從A點處自由釋放，負電荷沿電場線從A到B運動過程中的速度圖線如圖所示，則A、B兩點的電勢高低和場強的大小關系是（ ）A.AB ，EAEB B.AB ，EAEB C.AB ，EAEB D.AB ，EAEB參考答案：C5. （單選題）有一電場的電場線如圖1所示，場中A、B兩點電場強度的大小和電勢分別用Ea、Eb和Ua、Ub表示，則( )AEaEb UaUbBEaEb UaUbC

5、EaEb UaUbDEaEb UaUb參考答案：D二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. （3分）有兩個完全相同的金屬小球，帶有正負電荷，所帶的電荷量分別為Q和9Q，當它們相距為L時，相互作用的靜電力為36N，現(xiàn)使兩球接觸以后再分開，并使它們之間的距離變?yōu)?L，那么它們之間的靜電力變?yōu)開N. 參考答案：16 7. 有一個1000匝的線圈，在0.4s內(nèi)穿過它的磁通量從0.10Wb減小到0.02Wb，則線圈中的感應電動勢為 V；如果線圈的電阻是10，把它跟一個電阻為990的電熱器連在一起組成閉合電路時，則通過電熱器的電流是 A。參考答案：200 V、 0.2 A；8. 如圖9所示，

6、將一個內(nèi)阻Rg為500，滿偏電流為1mA的電流表改裝為量程是01V和0 10V的兩個量程的電壓表， 則R1 = ； R2 = 參考答案：R1 = 500 ； R2 =9.5103 9. （2分）一根彈簧原長10cm，當掛上鉤碼靜止后，彈簧長度變?yōu)?2cm。已知該彈簧的勁度系數(shù)為0.5N/cm。則鉤碼重 N。參考答案：1N10. （4分）用干涉法檢查工件表面的質(zhì)量時，產(chǎn)生的干涉條紋是一組平行直線，若讓尖劈的上表面略向上由虛線平移到實線位置，如圖(a)所示，則干涉條紋將_.若恰當增大尖劈的傾角到實線情況，如圖(b)所示，則干涉條紋將_(均選填“變寬”、“變窄”或“不變”)。參考答案：不變，變窄11

7、. 質(zhì)量相同的小球A和B系在質(zhì)量不計的彈簧兩端，用細線懸掛起來，如圖，在剪斷繩子的瞬間，A球的加速度為 ，B球的加速度為 。參考答案：（1） 2g （2） 0 12. 質(zhì)量為m的跳水運動員，在高為h的跳臺上以速度，1跳起，落人水時的速度為U2，則跳水運動員跳起時做的功為 ，人水前克服空氣阻力做的功為 。參考答案：13. 某校三人學習奧小組合作探究電容器的影響因素，電容器充電完成后與電源斷開，按如圖連接在一起：(1)甲同學將B極板向上移動，觀察到靜電計的指針偏角_；（選填“變大” “變小”“不變”）。(2) 乙同學將B極板_（選填“左動” “右動”“旋轉(zhuǎn)”），觀察到靜電計的指針偏角變小。（3）丙

8、同學在A、B極板之間插入云母片，觀察到靜電計的指針偏角_；（選填“變大” “變小”“不變”）。（4）三位同學應用他們實驗得到的結論分析某核電站所使用的冷卻系統(tǒng)自動化檢測技術的原理。如圖是一種通過檢測電容器電容的變化來檢測液面高低的儀器原理圖。如果指示器顯示出電容增大了,則必為液面_(“升高”、“降低”或“不變”).參考答案： (1). （1）變大； (2). （2）右； (3). （3）變?。?(4). （4）升高（1）若極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，由電容的決定式分析知電容減小，電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U增大，則靜電計指針偏角變大；（2）靜電計的指

9、針偏角變小，說明U減小，根據(jù)C=Q/U可知C變大，根據(jù)可知，d減小，即極板B向右移動；（3）在A、B極板之間插入云母片，根據(jù)可知，C變大，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U減小，則靜電計指針偏角變??；（4）改變兩電極正對面積時，根據(jù)電容器的決定式可知，電容增大，說明液面升高【點睛】對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量當電容器保持與電源相連時，電壓不變當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變根據(jù)電容的決定式和定義式結合進行分析三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 有一個標有“12V、24W”的燈泡，為了測定它在不同電壓下的實際功率和額定電壓下的功率，需測定燈泡

10、兩端的電壓和通過燈泡的電流，現(xiàn)有如下器材： A.直流電源15V(內(nèi)阻可不計) B、直流電流表00.6A3A(內(nèi)阻0.5、0.1)C、直流電流表0300mA(內(nèi)阻約5) D、直流電壓表03V15(內(nèi)阻約3k、15k) E.直流電壓表025V(內(nèi)阻約200k) F.滑動變阻器10、5A G.滑動變阻器1k、3A 實驗臺上已放置開關、導線若干及燈泡，為了完成實驗需要從上述器材中再選用(用序號字母表示). 若答案卷上相應方框內(nèi)畫出最合理的實驗電路圖. 如果燈絲電阻與(t+273)的大小成正比，其中t為燈絲攝氏溫度值，室溫t=27，則正常發(fā)光時燈絲的溫度是 .參考答案：. A B D F ks5u 15

11、00-1600 （1、3小題每空2分，電路圖4分，滑線變阻器分壓接法2分，電流表外接2分）15. （1）我校有五組同學用單擺測成都的重力加速度g，各組實驗器材和實驗數(shù)據(jù)如下表所示，若各組同學實驗操作水平一樣，那么第 組同學測定的結果最準確若該組同學根據(jù)自己測得的實驗數(shù)據(jù)做出單擺的振動圖象如圖1，那么該組同學測出的重力加速度g大小是 m/s2組數(shù)擺球材料最大偏角擺長測全振動次數(shù)1木40.64m102木300.64m103鐵40.81m504鐵300.81m50（2）如果測得的g值偏小，可能的原因是 A測擺線長時擺線拉得過緊B開始計時，秒表過遲按下C擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線

12、長度增加了D實驗中誤將49次全振動數(shù)為50次E振幅過?。?）小白同學在學校利用圖象法較準確地測出了成都的加速度，假期去參觀北大的物理實驗室時也做了同樣的實驗，并在同一張紙上繪制了T2L圖象，如圖2所示在北大所測實驗結果對應的圖線是 （選填“A”或“B”）參考答案：（1）3，9.86；（2）C；（3）B【考點】用單擺測定重力加速度【分析】（1）為了減小空氣阻力對單擺振動的影響，應選擇擺長約1m的擺線與鐵球組成的單擺進行實驗，擺球的最大擺角不超過5根據(jù)單擺的周期公式T=2求解重力加速度（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2，得 g=，再分析誤差產(chǎn)生的原因（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2，得 T2=L，分析T

13、2L圖象的斜率與g的關系，抓住北京的g大，進行分析【解答】解：（1）為了減小空氣阻力對單擺振動的影響，擺球應選擇鐵球擺線長約1m，振動時單擺的最大擺角約5，所以第3組同學測定的結果最準確由圖1知單擺的周期為 T=1.8s，擺長為 L=0.81m根據(jù)單擺的周期公式T=2，得 g=9.86（m/s2）；（2）A、測擺線長時擺線拉得過緊，擺長偏大，由g=可知測得的g值偏大，故A錯誤B、開始計時，秒表過遲按下，測得的周期偏小，由g=可知測得的g值偏大，故B錯誤C、擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，由T=2知測得的單擺周期變大，從而求得的g偏小，故C正確D、實驗中誤將49次全振

14、動數(shù)為50次，得到的周期T偏小，由g=可知測得的g值偏大，故D錯誤E、由單擺的周期公式可知單擺的周期與振幅無關，所以振幅過小，不影響測量結果，故E錯誤故選：C（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2，得 T2=L，所以T2L圖象的斜率等于，斜率越大，對應的g越小，因為北京當?shù)氐闹亓铀俣缺瘸啥即螅瑒t知在北大所測實驗結果對應的圖線是B故答案為：（1）3，9.86；（2）C；（3）B四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，坡度頂端距水平面高度為h，質(zhì)量為m1的小物塊A從坡道頂端由靜止滑下，從斜面進入水平面上的滑道時無機械能損失，為使A制動，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長線M處的墻上，一端與質(zhì)

15、量為m2的擋板B相連，彈簧處于原長時，B恰位于滑道的末湍O點A與B碰撞時間極短，碰后結合在一起共同壓縮彈簧，已知在OM段A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)均為，其余各處的摩擦不計，重力加速度為g，求（1）物塊A在與擋板B碰撞前的瞬間速度v的大??；（2）彈簧最大壓縮量為d時的彈簧勢能EP（設彈簧處于原長時彈性勢能為零）參考答案：解：（1）由機械能守恒定律得： v=故物塊A在與擋板B碰撞前的瞬間速度v的大小為（2）A、B在碰撞過程中內(nèi)力遠大于外力，由動量守恒，有：m1v=（m1+m2）vA、B克服摩擦力所做的功：W=（m1+m2）gd 由能量守恒定律，有：解得：故彈簧最大壓縮量為d時的彈簧勢能EP為【考

16、點】機械能守恒定律；動量守恒定律；能量守恒定律【分析】（1）物塊A在坡道上下滑時，只有重力做功，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律求出物塊A在與擋板B碰撞前的瞬間速度v的大小（2）A、B碰撞的瞬間動量守恒，碰撞后系統(tǒng)的動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能根據(jù)能量守恒求出彈簧的彈性勢能17. 如圖所示，在平面直角坐標系xoy中，第一象限內(nèi)有一邊長為L的等邊三角形區(qū)域（其AO邊與y軸重合、一個頂點位于坐標原點O），區(qū)域內(nèi)分布著垂直紙面的勻強磁場；第二象限內(nèi)分布著方向豎直向下的勻強電場?，F(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子（不計重力），以速度v垂直O(jiān)C邊從三角形OC邊中點垂直射入磁場，并垂直y

17、軸進入電場，最后從x軸上的某點離開電場，已知粒子飛出電場時，其速度方向OC邊平行。求：（1）粒子在磁場中運動的時間；（2）勻強電場的場強大小。參考答案：（1）由題可知帶電粒子運動軌跡如圖，設粒子在磁場中的運動半徑為r、周期為T，則： 2分 帶電粒子在磁場中運動時間： 2分 (2)設粒子在電場中運動時間為，粒子在電場中的運動，由題意得： 2分 2分 2分 C18. 如圖所示，A為有光滑曲面的固定軌道，軌道底端的切線方向是水平的質(zhì)量M=40kg的小車B靜止于軌道右側，其上表面與軌道底端在同一水平面上一個質(zhì)量m=20kg的物體C以2.0m/s的初速度從軌道頂端滑下，沖上小車B后經(jīng)一段時間與小車相對靜止并一起運動若軌道頂端與底端的高度差h=1.6m物體與小車板面間的動摩擦因數(shù)=0.40，小車與水平面間的摩擦忽略不計（取g=10m/s2），求：（1）物體與小車保持相對靜止時的速度v；