廣東省梅州市豐順華僑中學2022-2023學年高二物理聯考試題含解析

1、廣東省梅州市豐順華僑中學2022-2023學年高二物理聯考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （多選）如圖所示的電路中，電電動勢為E，內阻不計L1和L2是兩個阻值相同的小燈泡，L是一個自感系數較大的線圈開關S原是斷開的下列說法正確的是（ ）A、S閉合時，L1立即變亮，L2逐漸變亮 B、 S閉合時L2立即變亮，L1逐漸變亮C、S閉合，然后斷開，兩燈都逐漸熄滅 D、S閉合，然后斷開，L1會閃亮一下再熄滅參考答案：AC2. （單選）船在靜水中航速為v1，水流的速度為v2. 為使船行駛到河正對岸的碼頭，則v1與v2的方向標示正確的為()參考答案：

2、C3. (單選題)關于圖2中彈簧振子的振動，下述說法中正確的有 A振子從OBO為一次全振動，所用時間為一個周期B振子經過平衡位置O時彈性勢能能最大C振子經過平衡位置O時速度最大D在最大位移B處，因為速度為零，所以加速度也為零參考答案：C4. 下列說法中正確的是_A黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關B湯姆生發(fā)現電子具有核式結構，康普頓效應揭示了光的粒子性C在光的單縫衍射實驗中，狹縫變窄，光子動量的不確定量變大D有200個放射性元素的原子核，其中100個原子核發(fā)生衰變所需的時間就是該放射性元素的半衰期參考答案：AC5. （多選）下列關于波的敘述中正確的是（ ）A光的偏振現象表明光是

3、一種橫波 B超聲波可以在真空中傳播C白光經光密三棱鏡折射發(fā)生色散時，紅光的偏折角最大D當日光燈啟動時，旁邊的收音機會發(fā)出“咯咯”聲，這是由于電磁波的干擾造成的參考答案：AD二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 一正弦交流電的電壓隨時間變化規(guī)律如圖所示，由圖可知，該交流電的周期是 s，頻率是 Hz，有效值是 V，電壓瞬時值的表達式為 ，每秒鐘方向改變 次。若將該交流電壓加在的電阻兩端，則電阻消耗的功率是 W。參考答案：0.04 s， 25 Hz， V， ， 50次， 50W。7. (4分)如圖所示，由某種透光物質制成等腰直角三棱鏡，腰長=16 cm，為了測定這種物質的折射率，使

4、兩腰分別與Ox、Oy重合，當從OB邊的C點觀察A棱時，發(fā)現A棱的視位置在D處 若C點坐標為(0，12)，D點坐標為（9，0)，則該透光物質的折射率為 。參考答案：8. 在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算公式為v0= （用L、g表示）。參考答案： 9. 弦樂器小提琴是由兩端固定的琴弦產生振動而發(fā)音的，如圖甲所示。為了研究同一根琴弦振動頻率與哪些因素有關，可利用圖乙所示的實驗裝置，一塊厚木板上有AB兩個楔支撐著琴弦，其中A楔固定，B楔可沿木板移動來改變琴弦振動部分的長度，將琴

5、弦的末端固定在木板O點，另一端通過滑輪接上砝碼以提供一定拉力，輕輕撥動琴弦，在AB間產生振動。C（1）先保持拉力為150N不變，改變AB的距離L（即改變琴弦長度），測出不同長度時琴弦振動的頻率，記錄結果如表1所示表1長度大小L /m1.000.850.700.550.40振動頻率f /Hz150176214273375從表1數據可判斷在拉力不變時，琴弦振動的頻率f與弦長L的關系為_。（2）保持琴弦長度為0.80m不變，改變拉力，測出不同拉力時琴弦振動的頻率，記錄結果如表2所示。表2拉力大小F /N360300240180120振動頻率f /Hz290265237205168從表2數據可判斷在琴

6、弦長度不變時，琴弦振動的頻率f與拉力F的關系為_。（3）如果在相同的環(huán)境中研究不同種類的小提琴琴弦，除了長度L和拉力F以外，你認為還有哪些因素會影響琴弦振動的頻率?試列舉可能的兩個因素：_。參考答案：（1）頻率f與弦長L成反比 （2）頻率f與拉力F的平方根成正比 （3）在上述相同的環(huán)境中，影響弦振動頻率還可能與弦本身的結構有關，如弦的半徑（即直徑、粗細等）或弦的材料（即密度、單位長度的質量等）。10. 電磁灶是利用 原理制成的，它在灶內通過交變電流產生交變磁場，使放在灶臺上的鍋體內產生 而發(fā)熱。參考答案：11. 兩條金屬導軌上水平放置一根導電棒ab，處于豎直向上的勻強磁場中，如圖8-11所示。

7、導電棒質量為1.2kg，長為1m，當棒中通入3A電流時，它可在導軌上勻速滑動，若電流增大為5A時，棒可獲得2m/s2的加速度。則該裝置所在處的磁感應強度的大小為 。參考答案：1.2T12. 某機床用的照明燈的電壓是24V。 如果是由220V的電壓降壓得到，機床上變壓器的原線圈的匝數是1220，則變壓器的副線圈是 匝。參考答案：13. 如圖所示，和是一對異名磁極，ab為放在其間的金屬棒。 ab 和cd用導線連成一個閉合回路。當ab棒向左運動時，cd導線受到向下的磁場力。由此可知是 極， a點電勢 （填“大于”或“小于”）b點電勢。參考答案：S；大于試題分析: 由左手定則可知，cd棒中電流方向是：

8、由c指向d；ab棒中電流方向是：由a指向b，由右手定則可知，ab棒所處位置磁場方向：豎直向上，則是S極，是N極。ab棒是電源，ab棒中電流由b指向a，則a點電勢高，b點電勢低考點： 右手定則；左手定則三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 某同學為了研究小燈泡在不同狀態(tài)下的電阻，進行了如下實驗：（1）用多用電表的歐姆擋測量小燈泡的電阻，當選用“10”擋測量時發(fā)現偏角過大，此時應選用 擋（填寫“1”或“100”），然后需將紅、黑表筆 ，進行歐姆調零，再進行測量，測量完成后，將選擇開關撥向 位置。（2）該同學用內阻約為幾十歐的電流表，內阻約為幾千歐的電壓表等儀器，測定在不同工作

9、狀態(tài)下小燈泡的電阻，請畫出測量電路的原理圖。參考答案：（1）1，短接，OFF（或交流電壓最高檔）（6分）（2）（4分）15. 在用電壓表和電流表研究小燈泡在不同電壓下的功率的實驗中，實驗室備有下列器材供選擇：A待測小燈泡（3.0V、1.5W）B電流表（量程3A，內阻約為1）C電流表（量程0.6A，內阻約為5）D電壓表（量程3.0V，內阻約為10k）E電壓表（量程15.0V，內阻約為50k）F滑動變阻器（最大阻值為100，額定電流50mA）G滑動變阻器（最大阻值為10，額定電流1.0A）H電源（電動勢為4.0V，內阻不計）I電鍵及導線等（1）為了使實驗完成的更好，電流表應選用C；電壓表應選用D；

10、滑動變阻器應選用G（只需填器材前面的字母即可）（2）請在圖1方框內畫出滿足實驗要求的電路圖，并把由圖2中所示的實驗器材用實線連接成相應的實物電路圖（3）正確連線后，實驗開始前，應將滑動變阻器的滑片置于左端（填“右或左”）參考答案：考點：描繪小電珠的伏安特性曲線專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）器材的選取要安全、精確，根據小燈泡的額定電壓和額定電流選出電壓表和電流表的量程滑動變阻器采用分壓式接法，從測量的誤差角度選出合適的滑動變阻器（2）研究小燈泡在不同電壓下的功率，電壓和電流需從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法根據所測燈泡的內阻，與電壓表內阻和電流表內阻比較，確定是大電阻還是小電阻

11、，從而確定電流表采取內接法還是外接法（3）根據分壓接法的特點確定滑動變阻器滑片開始所在的位置解答：解：（1）從測量精確度考慮，小燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表選取量程為3V的，小燈泡的額定電流I=0.5A，所以電流表選取量程為0.6A的，最大阻值為100的滑動變阻器接入電路測量誤差較大，所以選取最大阻值為10的滑動變阻器故選C、D、G（2）由于電壓和電流需從0開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻R=6，遠小于電壓表內阻，與電流表內阻相當，屬于小電阻，“小外偏小”，采取電流表的外接法電流圖如下（3）為了讓開始時測量電路中電壓為零，故滑片開始時應滑到最左側；故答案為：（1）C；D；

12、G（2）如圖（3）左；點評：解決本題的關鍵掌握器材選取的原則，掌握滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，以及電流表內外接的區(qū)別四、計算題：本題共3小題，共計47分16. （8分）如圖所示，一列橫波沿x軸傳播,t1=0和t2=0.05s時的波形圖分別為實線和虛線所示。求：（1）若周期小于(t2-t1),如果波向左傳播，波速多大？（2）波速為920m/s，波的傳播方向如何？參考答案：(1)若周期小于(t2-t1), ,如果波向左傳播，,(n=0,1,2,)則波速(4分)(2)波速為920m/s，,所以波向左傳播.(4分)17. （16分）如圖甲所示，表面絕緣、傾角q=30的斜面固定在水平地面上，

13、斜面的頂端固定有彈性擋板，擋板垂直于斜面，并與斜面底邊平行。 斜面所在空間有一寬度D=0.40m的勻強磁場區(qū)域，其邊界與斜面底邊平行，磁場方向垂直斜面向上，磁場上邊界到擋板的距離s=0.55m。 一個質量m=0.10kg、總電阻R=0.25W的單匝矩形閉合金屬框abcd，放在斜面的底端，其中ab邊與斜面底邊重合，ab邊長L=0.50m。 從t=0時刻開始，線框在垂直cd邊沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，從靜止開始運動，當線框的ab邊離開磁場區(qū)域時撤去拉力，線框繼續(xù)向上運動，并與擋板發(fā)生碰撞，碰撞過程的時間可忽略不計，且碰撞前后速度大小相等，方向相反。線框向上運動過程中速度與時間的關系如圖乙所示

14、。已知線框在整個運動過程中始終未脫離斜面，且保持ab邊與斜面底邊平行，線框與斜面之間的動摩擦因數m=/3，重力加速度g取10 m/s2。 （1）求線框受到的拉力F的大??；（2）求勻強磁場的磁感應強度B的大??；（3）已知線框向下運動通過磁場區(qū)域過程中的速度v隨位移x的變化規(guī)律滿足vv0-（式中v0為線框向下運動ab邊剛進入磁場時的速度大小，x為線框ab邊進入磁場后對磁場上邊界的位移大?。缶€框在斜面上運動的整個過程中產生的焦耳熱Q。 參考答案：(1)1.5N (2)0.50T (3)0.45J 解析（1）由v-t圖象可知，在00.4s時間內線框做勻加速直線運動進入磁場時的速度為v1=2.0m/

15、s，所以在此過程中的加速度 a=5.0m/s2由牛頓第二定律 F-mgsinq -m mgcosq=ma解得 F=1.5 N（2）由v-t圖象可知，線框進入磁場區(qū)域后以速度v1做勻速直線運動， 產生的感應電動勢 E=BLv1通過線框的電流 I=線框所受安培力F安=BIL=對于線框勻速運動的過程，由力的平衡條件，有F=mgsin+mgcos+解得B=0.50T（3）由v-t圖象可知，線框進入磁場區(qū)域后做勻速直線運動，并以速度v1勻速穿出磁場，說明線框的寬度等于磁場的寬度 D=0.40m 線框ab邊離開磁場后做勻減速直線運動，到達檔板時的位移為s-D=0.15m，設線框與擋板碰撞前的速度為v2由動

16、能定理，有-mg（s-D）sin-mg（s-D）cos=解得v2= =1.0m/s線框碰檔板后速度大小仍為v2，線框下滑過程中，由于重力沿斜面方向的分力與滑動摩擦力大小相等，即mgsin=mgcos=0.50N，因此線框與擋板碰撞后向下做勻速運動，ab邊剛進入磁場時的速度為v2=1.0 m/s；進入磁場后因為又受到安培力作用而減速，做加速度逐漸變小的減速運動，設線框全部離開磁場區(qū)域時的速度為v3由v3v0-得v3= v2 -=-1.0 m/s， 因v30，說明線框在離開磁場前速度已經減為零，這時安培力消失，線框受力平衡，所以線框將靜止在磁場中某位置. 線框向上運動通過磁場區(qū)域產生的焦耳熱Q1=I2Rt=0.40 J線框向下運動進入磁場的過程中產生的焦耳熱Q2= =0.05 J所以Q= Q1+ Q2=0.45 J18. （12分）供電網中某居民小區(qū)的用戶變壓器輸入