高2020屆高2017級高三物理步步高二輪復(fù)習(xí)配套課件學(xué)案第三部分選擇題題型練(十)

選擇題題型練（十）一、選擇題I（本題共8小題,每小題4分，共32分.每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.（2019金華十校期末）如圖所示，重型自卸車裝載一巨型石塊 ，當利用液壓裝置使車廂緩慢傾斜到一定角度，車廂上的石塊就會自動滑下.以下說法正確的是（ ），石塊對車廂的壓力不變，石塊對車廂的壓力不變石塊對車廂的摩擦力變大石塊對車廂的作用力變大，石塊受到的合力不變A.石塊沒有下滑時B.石塊沒有下滑時C.石塊開始下滑時D.石塊開始下滑時答案B，自卸車車廂傾角變大，自卸車車廂傾角變大，自卸車車廂傾角變大，自卸車車廂傾角變大解析設(shè)石塊質(zhì)量為m,車廂傾角為Q下滑前，隨著。增大，壓力Fn=mgcos。變小，摩擦力Ff=mgsin。變大;下滑后，傾角。增大，壓力Fn=mgcos。變小，摩擦力Ff=科比也變小，作用力變小，由于石塊的加速度a=gsin。一cos。變大，石塊受到的合力也變大.2.（2019金麗衢十二校聯(lián)考）“遼寧艦”質(zhì)量為m=6X106kg,如圖是“遼寧艦”在海上轉(zhuǎn)彎時的照片，假設(shè)整個過程中遼寧8做勻速圓周運動 ，速度大小為20m/s,圓周運動的半徑為1000m,取g=10m/s2,下列說法中正確的是（ ）A.水對艦的合力指向圓心B.水對艦的合力大小約為 6.0X107NC.水對艦的合力大小約為 2.4X106ND.水對艦的合力大小為 0答案B解析 艦船在運動的過程中受到重力與水的合力 ，總的合力的方向沿水平方向 ，提供向心力目“v26X106X202 6即:F總=m■r■=-T000—n=2.4X106N.由于總合外力的方向指向圓心 ，所以水對艦的合力的方向為斜向上，水對艦的合力的大?。篎水=5總?+G2，代入數(shù)據(jù)可得：F水=6.0X107N,故B正確,A、C、D錯誤.3.如圖所示，B為豎直圓軌道的左端點，它和圓心O的連線與豎直方向的夾角為 o.一小球在圓軌道左側(cè)的A點以速度V0平拋,恰好沿B點的切線方向進入圓軌道.已知重力加速度為g,不計空氣阻力，則A、B之間的水平距離為（ ）2 2, 2 2Avotanrb2votanacvo口2vog.g.gtana.gtana答案A解析 由小球恰好沿B點的切線方向進入圓軌道可知 ，小球在B點時的速度方向與水平方向的夾角為o■由tan“=更,x=vot,聯(lián)立解得A、B之間的水平距離為x=v°&n」,選項A正確.v0 g4.如圖所示，一根原長為L的輕彈簧，下端固定在水平地面上，一個質(zhì)量為m的小球，在彈簧的正上方從距地面為H處由靜止自由下落壓縮彈簧.若彈簧的最大壓縮量為x,小球下落過程受到的空氣阻力恒為Ff,則小球由靜止下落到最低點的過程中 （ ）A.小球動能的增量為mgHB.小球重力勢能的增量為mg（H+x—L）C.彈簧彈性勢能的增量為（mg—Ff）（H+x-L）D.系統(tǒng)機械能減小量為 FfH答案C解析 根據(jù)動能定理可知，小球動能的增量為零,A錯誤;小球重力勢能的增量為— mg（H+x—L）,B錯誤油能量守恒，可知彈簧彈性勢能的增量為 （mg—Ff）（H+x—L）,C正確；系統(tǒng)除重力與彈力做功外，還有空氣阻力做負功，故系統(tǒng)機械能減小量為 Ff（H+x—L）,D錯誤.5.（2019河北邯鄲市測試）三顆人造地球衛(wèi)星A、B、C繞地球做勻速圓周運動，運行方向如圖所示.已知mA=mB<mc,則關(guān)于三顆衛(wèi)星，下列說法錯誤的是（ ）A.衛(wèi)星運行線速度關(guān)系為 va>vb=vc

B.衛(wèi)星軌道半徑與運行周期關(guān)系為B.衛(wèi)星軌道半徑與運行周期關(guān)系為Ra3 Rb3 Rc3TA2=TB2=T?C.已知引力常量G,現(xiàn)測得衛(wèi)星A的運行周期Ta和軌道半徑Ra,可求地球的平均密度D.為使A與B同向?qū)?，可對A適當加速答案C解析人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動 ，萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M,由題圖可知：「a<「b=rc,根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力GMm v2GMm v2后―r2-=mp得v=GM，繞同一個中心天體運動的半徑的三次方與所以va>vb=vc,故A正確；由開普勒第三定律可知，繞同一個中心天體運動的半徑的三次方與周期的平方之比是一個定值即詈=祟=￥12,故B正確；由于不知道地球的半徑，所以無法求周期的平方之比是一個定值出密度，故C錯誤;為使A與B同向?qū)?，可對A適當加速，做離心運動，故D正確.6.（2019四川宜賓市第二次診斷）如圖所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為4：1,Rt為阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻，Ri為定值電阻，電壓表和電流表均為理想交流電表.原線圈所接電壓u=51sin（100兀t）（V）.下列說法正確的是（ ）A.變壓器輸入與輸出功率之比為 1：4B.變壓器副線圈中電流的頻率為 100HzC.變壓器原、副線圈中的電流之比為 1：4D.若熱敏電阻Rt的溫度升高，電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變小答案C解析理想變壓器原、副線圈功率之比為1：1,由電壓u=51sin（100冠）V知3=100兀rad/s=2f,故頻率f=50Hz;由n1：n2=4：1知Ii：I2=1：4;若Rt溫度升高，電阻減小，Ui和U2不變,I2變大，即電流表示數(shù)變大，故C正確.7.（2019金麗衢十二校聯(lián)考）如圖所示，直角三角形的斜邊傾角/ C=30°,底邊BC長為2L,處在水平位置，斜邊AC是光滑絕緣的，在底邊中點。處固定一正點電荷Q,一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電的質(zhì)點從斜面頂端 A沿斜邊滑下，滑到斜邊上的垂足 D時速度為丫,則（ ）A.質(zhì)點的運動是先勻加速后勻減速運動B.質(zhì)點在運動中動能與電勢能之和不發(fā)生變化C.質(zhì)點運動到非常接近斜邊底端 C點時的速度為vc=W+^3gLD.質(zhì)點運動到非常接近底端 C點時的加速度為2答案C解析質(zhì)點運動過程中，電場力的大小和方向是變化的 ，故合力的大小是變化的，故加速度也是變化的，故A錯誤;小球受重力、支持力和電場力，支持力不做功，故質(zhì)點在運動過程中動能、 電1C勢能、重力勢能三者之和守恒，故B錯誤;對從D到C過程，根據(jù)動能定理，有:mgLsin60=-1mvc2一Jmv2,解得vc=\v2+>/3gL滑到C點時mgsin30—Fcos30=macF=kQI,解得aC=1g_2mLQq..如圖所示，長方形abcd區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，同一帶電粒子，以速率vi沿ab射入磁場區(qū)域，垂直于dc邊離開磁場區(qū)域，運動時間為ti;以速率V2沿ab射入磁場區(qū)域，從bc邊離開磁場區(qū)域時與bc邊夾角為150°,運動時間為t2.不計粒子重力.則上：12是（）A.2:V3 B.V3：2C.3：2D.2：3答案C解析根據(jù)題意作出粒子運動軌跡如圖所示由幾何知識可知：”=90,3=60°,粒子在磁場中做圓周運動的周期 ：丁=2皆，粒子在磁場中的運動時間：t=UT,粒子在磁場中的qB 2兀運動時間之比：?=合90-=3,故C正確.t2P60 2二、選擇題n（本題共4小題,每小題4分，共16分.每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選又?的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）.(2019金華十校高三期末)下列四幅圖分別對應(yīng)著四種說法 ，其中正確的是(A.圖甲，處于n=3能級的氫原子吸收的能量只要大于等于 1.51eV,就能發(fā)生電離B.圖乙，根據(jù)心&丫射線的特點，射線1是“射線，射線2是3射線，射線3是丫射線C.圖丙，天然放射性元素的半衰期與原子核內(nèi)部的結(jié)構(gòu)以及其化學(xué)狀態(tài)都有關(guān)D.圖丁，重核的裂變反應(yīng)方程可以有 235U—14(4Ba+36Kr+20n答案AB10.一質(zhì)量為0.6kg的籃球，以8m/s的速度水平撞擊籃板，被籃板反彈后以6m/s的速度水平反向彈回在空中飛行0.5s后被運動員接住后靜止，取g=10m/s2,不計空氣阻力，則下列說法正確的是( )A.與籃板碰撞前后籃球的動量變化大小為 8.4kgm/sB.被籃板彈回到被運動員接住的過程中籃球的動量變化大小為 0.6kgm/sC.籃板對籃球的作用力大小約為 15.6ND.被籃板彈回到被運動員接住的過程中籃球的重力產(chǎn)生的沖量大小為 3Ns答案AD解析 以被籃板反彈后的速度方向為正方向 ，與籃板碰撞前后籃球白動量變化大小為：Ap〔=mv2—(―mv1)=m(v2+vi)=0.6x(8+6)kgm/s=8.4kgm/s,選項A正確；根據(jù)動量定理：FAt=綠1,因作用時間At未知，則無法確定籃板對籃球的作用力大小 ，選項C錯誤；被籃板彈回到被運動員接住的過程中籃球的重力產(chǎn)生的沖量大小為Ig=mgt=3kgm/s=3Ns,選項D正確.根據(jù)動量定理，被籃板彈回到被運動員接住的過程中籃球的動量變化大小為綠2=Ig=0.6X10X0.5kgm/s=3kgm/s,選項B錯誤.11.（2018全國卷m20）如圖（a）,在同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線 PQ和一導(dǎo)線框R,R在PQ的右側(cè).導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i,i的變化如圖（b）所示,規(guī)定從Q到P為電流正方向.導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動勢（ ）A.在t=T時為零B.在t=T時改變方向C.在t=T時最大，且沿順時針方向D.在t=T時最大，且沿順時針方向答案AC解析在t=Jt交流電圖線切線斜率為 0,即磁場變化率為0,由E=￥=『BS知,E=0,A項正4 困 At確；在t=工和t=T時,圖線斜率最大在t=1和t=T時感應(yīng)電動勢最大.2 2在:到T之間，電流由Q向P減弱,導(dǎo)線在R處產(chǎn)生垂直紙面向里的磁場，且磁場減弱，由楞次定律知,R產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場方向也垂直紙面向里 ，即R中感應(yīng)電動勢沿順時針方向，同理可判斷在$113T^,R/r/