【精選3份合集】河南省商丘市2019-2020學(xué)年高考物理檢測試題

2019-2020學(xué)年高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共1。小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.摩天輪是的樂場一種大型轉(zhuǎn)輪狀設(shè)施，摩天輪邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，下列敘述正確的是A.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B.摩天輪物動一周的過程中，乘客所受合外力的沖量為零C.在最低點，乘客處于失重狀態(tài)D.摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客所受的.重力的瞬時功率保持不變.如圖所示為等邊三角形ABC,在A、B兩點放等量異種點電荷，已知A、B連線中點處的電場強度和電勢分別為E、5則C點的場強和電勢分別為（ ）.在實驗室觀察到如下的核反應(yīng)。處于靜止?fàn)顟B(tài)的鋁原子核:;A1,受到一個運動粒子撞擊后，合在一起成為一個處于激發(fā)態(tài)的硅原子核;;Si。對此核反應(yīng)下列表述正確的是（ ）A.核反應(yīng)方程為;;Al+；nf；：Si B.該核反應(yīng)是核聚變反應(yīng)C.新生成的::Si與::Si是同位素 D.新生成的::Si處于靜止?fàn)顟B(tài).在光滑水平地面上放有一個表面光滑的靜止的圓弧形小車，另有一質(zhì)量與小車相等可視為質(zhì)點的鐵塊,以速度-從小車的右端向左滑上小車，如圖所示，鐵塊上滑至圓弧面的某一高度后返回，不計空氣阻力，則鐵塊返回到小車的右端以后，相對于地面，將做的運動是（ ）A.A.又以速度v沿小車向左滑動C.以比-小的速度從車右端平拋出去B.以與-大小相等的速度從小車右端平拋出去D.自由落體運動.如圖甲所示，一質(zhì)量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊，木板受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出其加速度a,得到如圖乙所示的a?F圖，最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力，取g=10m/s,則下列選項錯誤的是A.滑塊的質(zhì)量m=4kgB.木板的質(zhì)量M=2kgC.當(dāng)F=8N時滑塊加速度為2m/szD.滑塊與木板間動摩擦因數(shù)為6.如圖所示為六根導(dǎo)線的橫截面示意圖，導(dǎo)線分布在正六邊形的六個角，導(dǎo)線所通電流方向已在圖中標(biāo)出。已知每條導(dǎo)線在。點磁感應(yīng)強度大小為B。，則正六邊形中心處磁感應(yīng)強度大小和方向（）''煙:.。\I I，店A.大小為零B.大小2瓦，方向水平向左C.大小4Bo,方向水平向右D.大小4B。，方向水平向左.一正三角形導(dǎo)線框ABC（高度為a）從圖示位置沿x軸正向勻速穿過兩勻強磁場區(qū)域。兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反、垂直于平面、寬度均為"下圖反映感應(yīng)電流I與線框移動距離x的關(guān)系,以逆時針方向為電流的正方向。圖像正確的是（）.絕緣光滑水平面上有ABO三點，以。點為坐標(biāo)原點，向右方向為正方向建立直線坐標(biāo)軸x軸，A點坐標(biāo)為一2m,B點坐標(biāo)為2m,如圖甲所示。A、B兩點間的電勢變化如圖乙，左側(cè)圖線為四分之一圓弧，右側(cè)圖線為一條傾斜線段?，F(xiàn)把一質(zhì)量為m,電荷量為q的負(fù)點電荷，由A點靜止釋放，則關(guān)于負(fù)點電荷的下列說法中正確的是（忽略負(fù)點電荷形成的電場）A.負(fù)點電荷在A。段的加速度大于在0B段的加速度.負(fù)點電荷在A。段的運動時間小于在0B段的運動時間C.負(fù)點電荷由A點運動到。點過程中，隨著電勢的升高電勢能變化越來越快D.當(dāng)負(fù)點電荷分別處于一或m和JJm時，電場力的功率相等.甲、乙兩輛汽車沿同一方向做直線運動，兩車在某一時刻剛好經(jīng)過同一位置，此時甲的速度為5m/s,乙的速度為10m/s,甲車的加速度大小恒為L2m/s?以此時作為計時起點，它們的速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，根據(jù)以上條件可知（ ）A.乙車做加速度先增大后減小的變加速運動B.在前4s的時間內(nèi)，甲車運動位移為29.6mC.在尸4s時，甲車追上乙車D.在/=10s時，乙車又回到起始位置10.如圖所示為氫原子的能級圖，一群氫原子由n=4的激發(fā)態(tài)向低能級躍遷，則產(chǎn)生波長最長的光子的能量為（）

n E4 -0.85eV3 1.51eV2 -140村1 -13.6eVB.10.2eVA.12.75eVB.10.2eVC.0.66eV D.2.89eV二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分11.如圖a所示，在某均勻介質(zhì)中Sl，Sz處有相距L=12m的兩個沿y方向做簡諧運動的點波源S】，S2o兩波源的振動圖線分別如圖（b）和圖（c）所示。兩列波的波速均為2.00m/s,p點為距S1為5m的點，則（）（）A.兩列簡諧波的波長均為2mP點的起振方向向下P點為振動加強點，若規(guī)定向上為正方向，則t=4s時p點的位移為6cmP點的振幅始終為6cmE-SnSz之間（不包含S】，Sz兩點），共有6個振動減弱點12.一質(zhì)點做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一方向不變、大小隨時間均勻增加的外力，且原來作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變。則該質(zhì)點（）A.速度的方向總是與該外力的方向相同B.加速度的方向總是與該外力的方向相同C.速度的大小隨該外力大小增大而增大D.加速度的大小隨該外力大小增大而增大13.圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V.一電子經(jīng)過a時的動能為10eV,從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV.下列說法正確的是A.平面c上的電勢為零B.該電子可能到達(dá)不了平面fC.該電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為4eVD.該電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的2倍14.如圖所示，某滑雪運動員（可視為質(zhì)點）由坡道進(jìn)入豎直面內(nèi)的圓弧形滑道AB,從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中A.所受滑道的支持力逐漸增大B.所受合力保持不變C.機械能保持不變D.克服摩擦力做功和重力做功相等15.如圖所示，光滑水平面放置一個靜止的質(zhì)量為2m的帶有半圓形軌道的滑塊a,半圓形軌道的半徑為Ro一個質(zhì)量為m的小球b從半圓軌道的左側(cè)最高點處由靜止釋放，b到達(dá)半圓軌道最低點P時速度大小以=2新然后進(jìn)入右側(cè)最高可到點Q,。Q連線與。P間的夾角a=53°,不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.滑塊a向左滑行的最大距離為0.6RB.小球b從稀放到滑到Q點的過程中，克服摩擦力做的功為0.4mgRC.小球b第一次到達(dá)P點時對軌道的壓力為1.8mgD.小球b第一次返回到P點時的速度大于2，4gR三、實驗題：共2小題16.某同學(xué)手頭有一個標(biāo)有“5V9W”的小燈泡L,想描繪該小燈泡的伏安特性曲線，實驗室中如下的實驗器材；A,電壓表V1（量程為2V,內(nèi)阻為2kQ）B.電壓表Vz（量程為15V,內(nèi)阻為15kQ）c.電流表Al（量程為2A,內(nèi)阻約為IQ）D.電流表Az（量程為0.6A,內(nèi)阻約為10Q）E.定值電阻Ri=4kQF.定值電阻R2=i6knG.滑動變阻器R3（0~5Q,2A）H?劑動變鞋器&（0”500,0.5A）I.學(xué)生電源（直流9V,內(nèi)阻不計）J.開關(guān)，導(dǎo)線若干（1）為了便于調(diào)節(jié)且讀數(shù)盡量準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選用，滑動變阻器應(yīng)選用,電壓表應(yīng)選用定值電阻應(yīng)選用（填器材前的字母序號）（2）在虛線框中畫出滿足實驗要求的電路圖（3）根據(jù)設(shè)計的電路圖，可知小燈泡兩端電壓U與電壓表讀數(shù)Uv的關(guān)系為17.用如圖甲所示裝置結(jié)合頻閃照相機拍攝的照片的來驗證動量守恒定律，實驗步驟如下:①用天平測出A、B兩個小球的質(zhì)量rm和ms；②安裝好實驗裝置，使斜槽的末端所在的平面保持水平;③先不在斜槽的末端放小球B,讓小球A從斜槽上位置P由靜止開始釋放，小球A離開斜槽后，頻閃照相機連續(xù)拍攝小球A的兩位置（如圖乙所示）;④將小球B放在斜槽的末端，讓小球A仍從位置P處由靜止開始釋放，使它們碰撞，頻閃照相機連續(xù)拍攝下兩個小球的位置（如圖丙所示）;⑤測出所需要的物理量.請回答：（1）實驗①中A、B的兩球質(zhì)量應(yīng)滿足 （2）在步驟⑤中，需要在照片中直接測量的物理量有;（請選填〃x。、y。、xa、ya、xb、（3）兩球在碰撞過程中若動量守恒，滿足的方程是：.四、解答題：本題共3題.如圖所示，4、3兩板間的電壓為U。。M、N兩平行金屬板長為2d,兩板間距為2d,電壓為。尸的右側(cè)有垂直紙面的勻強磁場，磁場寬度為;'+1"。一束初速度為。、電荷量的范圍為4~4<1、質(zhì)量的范圍為〃?~4m的帶負(fù)電粒子由S無初速度射出后，先后經(jīng)過兩個電場，再從M、N兩平行金屬板間（緊貼M板）越過界面進(jìn)入磁場區(qū)域，若其中電荷量為夕、質(zhì)量為，〃的粒子恰從M、N兩板間的中點。進(jìn)入磁場區(qū)域。求解下列問題（不計重力）：（1）證明：所有帶電粒子都從C點射出（2）若粒子從。尸邊界射出的速度方向與水平方向成45°角，磁場的磁感應(yīng)強度在什么范圍內(nèi)，才能保證所有粒子均不能從小邊射出？.（6分）如圖，絕熱氣缸A與導(dǎo)熱氣缸B均固定于地面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩氣缸間均無摩擦.兩氣缸內(nèi)裝有處于平衡狀態(tài)的理想氣體，開始時體積均為％、溫度均為T。.緩慢加熱A中氣體，停止加熱達(dá)到穩(wěn)定后，A中氣體壓強為原來的1.2倍.設(shè)環(huán)境溫度始終保持不變，求氣缸A中氣體的體積匕和溫度丁「.（6分）如圖所示，光滑水平面上有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧，左端固定，質(zhì)量為mA=lkg的光滑A緊靠彈簧右端（不栓接），彈簧的彈性勢能為Ep=32L質(zhì)量為meUkg的槽B靜止在水平面上，內(nèi)壁間距L=0.6m,槽內(nèi)放有質(zhì)量為mc=2kg的滑塊C（可視為質(zhì)點），C到左端側(cè)壁的距離d=0.1m,槽與滑塊C之間的動摩擦因數(shù)H=0.1o現(xiàn)釋放彈簧，滑塊A離開彈簧后與槽B發(fā)生正碰并粘在一起。A、B整體與滑塊C發(fā)生碰撞時,A、B整體與滑塊C交換速度。（g=10m/s2）求(1)從釋放彈簧，到B與C第一次發(fā)生碰撞，整個系統(tǒng)損失的機械能;(2)從槽開始運動到槽和滑塊C相對靜止經(jīng)歷的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共1。小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的B【解析】A：乘客隨座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，動能保持不變，重力勢能隨高度不斷變化，乘客的機械能不斷變化.故A項錯誤.B：摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，速度變化為零，動量變化為零，據(jù)動量定理：乘客所受合外力的沖量為零.故B項正確.C：在最低點，乘客的加速度向上，乘客處于超重狀態(tài).故C項錯誤.D：摩天輪勻速轉(zhuǎn)動過程中，重力與速度的夾角。不斷變化，乘客所受的重力的瞬時功率O=〃吆?vcosa不斷變化.故D項錯誤.A【解析】【分析】【詳解】設(shè)等邊三角形的邊長為L,4、3兩點的電荷量大小為。，A、B連線中點處的電場強度為匚ckQ8kQ。點的電場強度為E「=2塢cgs600=LecL28等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線，則有(Pc=(P故A正確，B、C、D錯誤故選AoC【解析】【詳解】A.該反應(yīng)過程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均守恒，但反應(yīng)物;n錯誤，應(yīng)為;H,故A錯誤；B.該反應(yīng)的類型為人工轉(zhuǎn)變，不是核聚變反應(yīng)，故B錯誤；c.：：Si與::Si的電荷數(shù)相同，屬于同一種元素，二者為同位素，故c正確；D.核反應(yīng)過程中遵守動量守恒，反應(yīng)前:;A1靜止，則生成的硅原子核::Si應(yīng)與反應(yīng)前撞擊粒子的速度方向相同，故D錯誤。故選C。D【解析】【詳解】小鐵塊和小車組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)水平方向的動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得niv=m\\+;V/v,根據(jù)機械能守恒定律可得21 ，1u2—mv——mv.4-—Mv~212 2因為M=m,所以解得匕=0，匕=L所以鐵塊離開車時將做自由落體運動。故ABC錯誤，D正確。故選D。C【解析】【詳解】AB.由題圖乙知，F(xiàn)=6N時，滑塊與木板剛好不相對滑動，加速度為a=lm/s2.對整體分析，由牛頓第二定律有尸=(M+m)a,代入數(shù)據(jù)計算得出：M+m=6kg,當(dāng)FN6N時，對木板，根據(jù)牛頓第二定律得：。=￡譚妁=之卜-爺，MMM知圖線的斜率k=g,貝!J：M=2kg,滑塊的質(zhì)量：m=4kg；故AB不符合題意；CD.根據(jù)F=6N時，a=lm/s2,代入表達(dá)式計算得出：當(dāng)F=8N時，對滑塊，根據(jù)牛頓第二定律得Rmg=ma，，計算得出：a'=Rg=lm/s2,故C符合題意，D不符合題意。故選C。D【解析】【詳解】根據(jù)磁場的疊加原理，將最上面電流向里的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場與最下面電流向外的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強度為用；同理，將左上方電流向里的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場與右下方電流向外的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強度為a,將右上方電流向里的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場與左下方電流向外的導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強度為82,如圖所示：回呼:：飛口吞。：根據(jù)磁場疊加原理可知：4=層="=28。，由幾何關(guān)系可：約與層的夾角為120,故將層與合成，則它們的合磁感應(yīng)強度大小也為2B。，方向與團的方向相同，最后將其與B】合成，可得正六邊形中心處磁感應(yīng)強度大小為4B。，方向水平向左，D正確，ABC錯誤。故選D。A【解析】【詳解】在K上，在0~。范圍，線框穿過左側(cè)磁場時，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向為逆時針，為正值。在。~加范圍內(nèi)，線框穿過兩磁場分界線時，BC、AC邊在右側(cè)磁場中切割磁感線，有效切割長度逐漸增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢及增大，AC邊在左側(cè)磁場中切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢心不變，兩個電動勢串聯(lián)，總電動勢E=E1+E2增大，同時電流方向為瞬時針，為負(fù)值。在2a~3a范圍內(nèi)，線框穿過左側(cè)磁場時，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向為逆時針，為正值，綜上所述，故A正確。故選A。B【解析】【分析】【詳解】A.在電勢隨兩點間距離的變化圖線中，圖線的斜率的絕對值表示電場強度的大小，設(shè)C點的坐標(biāo)值為一x/2m,則C點圓瓠切線斜率大小等于直線斜率的絕對值，即此時電場強度大小相等，由牛頓第二定律可知，此時加速度大小相等，故A錯誤；B.由于沿場強方向電勢降低，所以A。段場強沿。A方向，0B段場強沿OB方向，負(fù)點電荷在A。段做加速度減小的加速運動，在OB段做勻減速運動，由于B點電勢等于A點電勢，所以負(fù)點電荷在B點速度為零，則A。段的平均速度大于0B段的平均速度，所以AO段的運動時間小于OB段的運動時間，故B正確;C.相等距離上電勢能變化越快，說明該處電場力越大，即場強越大，由A到。點場強逐漸減小，所以電勢能變化應(yīng)越來越慢，故C錯誤；D.當(dāng)負(fù)點電荷分別處于一0m和JJm時，電荷所受電場力相等，但一處的速度大于JJm處的速度，所以電場力的功率不相等，故D錯誤。故選B。B【解析】【詳解】A.UT圖像的斜率表示物體的加速度，由圖可知加速度先減小后增大，最后再減小，故A錯誤；B.根據(jù)運動學(xué)公式可得甲車在前4s的時間內(nèi)的運動位移為：x=vJ+—at2=5x4+12x1.2x16m=29.6m02故B正確；c.在任4s時，兩車的速度相同；圖線與時間軸所圍成的“面積〃表示是運動物體在相應(yīng)的時間內(nèi)所發(fā)生的位移；所以在時通過的位移不同，故兩車沒有相遇，甲車沒有追上乙車，故C錯誤；D.在10s前，乙車一直做勻加速直線運動，速度一直沿正方向，故乙車沒有回到起始位置，故D錯誤；故選C【解析】【詳解】從n=4能級躍遷到n=3能級釋放出的光子能量最小，波長最長，該光子的能量為—0.85eV—(―1.51eV)=0.66eVC正確，ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分,在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分BCD【解析】【分析】【詳解】A.兩列簡諧波的波長均為/t=uT=2x2m=4m,選項A錯誤；B.因S】起振方向向下，由振源S】形成的波首先傳到P點，則P點的起振方向向下，選項B正確；P點到兩振源的距離之差為2m等于半波長的奇數(shù)倍，因兩振源的振動方向相反，可知P點為振動加強點；由％形成的波傳到P點的時間為2.5s,t=4s時由S1在P點引起振動的位移為4cm；同理，由SZ形成的波傳到P點的時間為3.5s,t=4s時由多在P點引起振動的位移為2cm；若規(guī)定向上為正方向，則t=4s時P點的位移為6cm,選項C正確；P點為振動加強點，則P點的振幅始終為6cm,選項D正確；Si,Sz之間(不包含Si,Sz兩點)，共有5個振動減弱點，分別在距離Si為2m、4m、6m、8m、10m的位置，選項E錯誤。故選BCDo12.BD【解析】【分析】【詳解】A.速度的方向不一定與該外力的方向相同，選項A錯誤；B.該外力的方向就是合外力的方向，則加速度的方向總是與該外力的方向相同，選項B正確；CD.該外力增大，則合外力增大，加速度變大，而速度的大小不一定隨該外力大小增大而增大，選項C錯誤，D正確；故選BD0AB【解析】A、虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV,從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV,動能減小了6eV,電勢能增加了6eV,因此等勢面間的電勢差為2V,因平面b上的電勢為2V,由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零，故A正確.B、由上分析可知，當(dāng)電子由a向f方向運動，則電子到達(dá)平面f的動能為2eV,由于題目中沒有說明電子如何運動，因此也可能電子在勻強電場中做拋體運動,則可能不會到達(dá)平面f,故B正確.C、在平面b上電勢為2V,則電子的電勢能為-2eV,動能為8eV,電勢能與動能之和為6eV,當(dāng)電子經(jīng)過平面d時，動能為4eV,其電勢能為2eV,故C錯誤.D、電子經(jīng)過平面b時的動能是平面d的動能2倍，電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的0倍，故D錯誤.故選AB.【點睛】考查電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關(guān)鍵.AD【解析】【分析】【詳解】由圖可知，從A到B斜面傾角8一直減小，運動員對軌道的壓力為mgcosB,可知運動員對斜面的壓力會逐漸增大，故A正確；因為運動員在下滑過程中始終存在向心力，合外力充當(dāng)向心力，向心力繩子指向圓心，方向不斷變化，所以合外力是變力，故B錯誤；由于速度不變，則動能不變，高度下降，重力勢能減小，則機械能減小，故C錯誤；由于速度不變，則動能不變，由動能定理可知，摩擦力做功和重力做功相等.故D正確.AD【解析】【詳解】A.滑塊a和小球b相互作用的過程，系統(tǒng)水平方向合外力為零，系統(tǒng)水平方向動量守恒，小球b到達(dá)Q點時，根據(jù)動量守恒定律得滑塊a和小球b的速度均為零，有2msa=msbsa+sb=R+Rsin53°解得Sa=0.6R故A正確；B.根據(jù)功能關(guān)系得小球b從釋放到滑到Q點的過程中，克服摩擦力做的功為W=〃吆Rcos53°=0.6/〃gR故B錯誤；C.當(dāng)b第一次到達(dá)半圓軌道最低點P時，根據(jù)動量守恒定律有2mva=mvb解得,”而由牛頓運動定律得v2(v+vhYN一〃吆=m—=m」一l—RR解得“14N=7mg對軌道的壓力14Nf=N=—mg故c錯誤；D.小球從P點到Q點，根據(jù)功能關(guān)系可得克服摩擦力做的功為W=—x2〃八=+—mvl.mgR（I-cos53°）=0.2mgR2 2由功能關(guān)系結(jié)合圓周運動的知識，得小球b第一次返回到P點的過程中克服摩擦力做的功W，<0.2mgR故小球b第一次返回到P點時系統(tǒng)的總動能E&>〃吆R(l-cos530)-W'=0.2/〃g/?0=2mv9a+mvfb解得故D正確。故選ADe三、實驗題：共2小題CGAE見解析U=3UV【解析】【詳解】(1)[1][2][3][4].由小燈泡的標(biāo)識可知，其工作電流為L5A,工作電阻為4。，所以電流表宜選用電流表A1,即C；因為描繪該小燈泡的伏安特性曲線，電壓從零開始變化，滑動變阻器采用分壓接法，總阻值應(yīng)與待測電阻阻值差不多，故選用滑動變阻器即G;電壓表Vz的量程太大，讀數(shù)不準(zhǔn)確，電壓表H的量程太小，但可以串聯(lián)定值電阻R”將量程擴大到6V,故電壓表應(yīng)選用必，即A；定值電阻應(yīng)選用％,即E。(2)[5].滑動變阻器采用分壓接法，電流表外接，電路圖如圖所示。(3)[6].根據(jù)串聯(lián)電路知識可知U=/(Rv+K)=3〃<=3UvinA>mBxo； 4； /〃3%=〃皂/+*8；【解析】(1)在小球碰撞過程中水平方向動量守恒，故有mAV°=mAV】+mBV2,在碰撞過程中動能守恒，故有9 1 ) m.-nin二"7八說=二〃?Jf+ ，解得匕= "加9要碰后a的速度vi>098PmA-mB>0,mA>me;(2)2 2 ifJA+加8由于頻閃照相的頻率固定，因此只需要測量小球的水平位移，在步驟⑤中，需要在照片中直接測量的物理量有Xo、Xa、XB；(3)驗證的方程為mAXo=mAxA+mBxB四、解答題：本題共3題(1)見解析(2)8>遮【解析】【詳解】(1)電場加速有帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場U中做類平拋運動，在C點分解位移。水平位移2d=v(/豎直位移1 2y=—ar, 2又有uq——=ma2d解得uty= d-2U。則射出點與粒子的q、，〃無關(guān)，所有粒子均從c點射出(2)類平拋的偏轉(zhuǎn)位移y=d,SfC過程，由動能定理有r.y1 ，qUo+q^Uu^Z2a2磁場中圓周運動有V"qvB=m—r解得hni(.-U\在粒子束中，4加、q的粒子，?最大，最易射出磁場，設(shè)要使4加、q的粒子恰射不出磁場，有qvB。=4m三由幾何關(guān)系得粒子在電場中C點射出時有v電場偏轉(zhuǎn)過程由動能定理有U\ .1 .q—=—x4〃八廠——x4"八%22 2 °解得則磁感應(yīng)強度應(yīng)為%；1.47；O【解析】【分析】【詳解】設(shè)初態(tài)壓強為P。，膨脹后A,B壓強相等的口.2poB中氣體始末狀態(tài)溫度相等poVo=l.2po(2V0-Va)「?匕=(匕，A部分氣體滿足竽=岑匕6 7()lA：.Ta=1.4To7答：氣缸A中氣體的體積匕=三匕，溫度Ta=1.4To6考點：玻意耳定律【點睛】本題考查理想氣體狀態(tài)變化規(guī)律和關(guān)系，找出A、B部分氣體狀態(tài)的聯(lián)系(即Vb=2V0?Va)是關(guān)鍵.(1)16.2J；(2)2s【解析】【分析】【詳解】(1)彈簧將A彈開，由機械能守恒可得：匚1 2Ep=5%%解得V0=8m/sA、B發(fā)生碰撞，由動量守恒可得:"U%=(〃%+〃%)匕解得Vj=4m/s此過程機械能損失為|陰I=；叫由一!("U+)'T=15J接下來，A、B與C相對運動，到第一次發(fā)生碰撞，相對運動位移為d。此過程機械能損失為|A￡2|=///7/c^/=o.2J因此整個過程機械能損失為lAE^lAEj+lAE^xie.ZJ(2)設(shè)槽和滑塊C相對靜止時速度為V。mAvQ=(mA+inB+mc)v解得v=2m/s分別對A、B和C受力分析可知M&.g=mca2解得4=a2=lm/s2A、B整體與滑塊C發(fā)生的碰撞時，A、B與滑塊C交換速度。由題意可知,v=a1t解得t=2s2019-2020學(xué)年高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共1。小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.鉆一6。放射性的應(yīng)用非常廣泛，幾乎遍及各行各業(yè)。在農(nóng)業(yè)上，常用于輻射育種、刺激增產(chǎn)、輻射防治蟲害和食品輻射保藏與保鮮等；在醫(yī)學(xué)上，常用于癌和腫瘤的放射治療。一個鉆6。原子核（器8）放出一個。粒子后衰變成一個銀核（矍Ni）,并伴隨產(chǎn)生了V射線。已知鉆6。的半衰期為5.27年，該反應(yīng)中鉆核、0粒子、銀核的質(zhì)量分別為m】、mz、m3o下列說法正確的是（ ）A.核反應(yīng)中釋放的能量為（mz+m3—mJc2B.核反應(yīng)中釋放出的丫射線的穿透本領(lǐng)比0粒子強C.若有16個鉆6。原子核，經(jīng)過5.27年后只剩下8個鉆60原子核D.B粒子是鉆原子核外的電子電離形成的.一質(zhì)量為M的探空氣球在勻速下降，若氣球所受浮力F始終保持不變，氣球在運動過程中所受阻力僅與速率有關(guān),重力加速度為g.現(xiàn)欲使該氣球以同樣速率勻速上升，則需從氣球吊籃中減少的質(zhì)量為（）FA.FA.2（M—-）g2FB.M———gC.2M-C.2M-D.g.空間存在一靜電場，x軸上各點電勢①隨x變化的情況如圖所示。若在肉處由靜止釋放一帶負(fù)電的粒子，該粒子僅在電場力的作用下運動到xo的過程中，下列關(guān)于帶電粒子的a-t圖線，v?t圖線，EI圖線,Ep-t圖線正確的是（）

.我國第一顆人造地球衛(wèi)星因可以模擬演奏《東方紅》樂曲并讓地球上從電波中接收到這段音樂而命名為“東方紅一號"。該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌道繞地球運動。如圖所示，設(shè)衛(wèi)星在近地點、遠(yuǎn)地點的角速度分別為例，如，在近地點、遠(yuǎn)地點的速度分別為匕，v2,則( )A.CDX<C02 B.COX=co2 C.v,>V2 D.\\<V25.2010年命名為“格利澤581g〃的太陽系外行星引起了人們廣泛關(guān)注，由于該行星的溫度可維持表面存在液態(tài)水，科學(xué)家推測這或?qū)⒊蔀榈谝活w被發(fā)現(xiàn)的類似地球世界，遺憾的是一直到2019年科學(xué)家對該行星的研究仍未有突破性的進(jìn)展。這顆行星距離地球約20億光年(189.21萬億公里)，公轉(zhuǎn)周期約為37年,半徑大約是地球的2倍，重力加速度與地球相近。則下列說法正確的是A.飛船在Gliese581g表面附近運行時的速度小于7.9km/sB.該行星的平均宓度約是地球平均密度的1C.該行星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的8倍D.在地球上發(fā)射航天器前往“格利澤581g”,其發(fā)射速度不能超過11.2km/s6.如圖所示，水平地面上堆放著原木，關(guān)于原木P在支撐點M、N處受力的方向，下列說法正確的是()M處受到的支持力豎直向上N處受到的支持力豎直向上M處受到的靜摩擦力沿MN方向N處受到的靜摩擦力沿水平方向.如圖所示，木塊m放在木板AB上，開始6=0,現(xiàn)在木板A端用一個豎直向上的力F使木板繞B端逆時針緩慢轉(zhuǎn)動（B端不滑動）.在m相對AB保持靜止的過程中（ ）A.木塊m對木板AB的作用力逐漸減小.木塊m受到的靜摩擦力隨6呈線性增大C.豎直向上的拉力F保持不變D.拉力F的力矩先逐漸增大再逐漸減小.兩個完全相同的波源在介質(zhì)中形成的波相互疊加的示意圖如圖所示，實線表示波峰，虛線表示波谷,則以下說法正確的是（）A點為振動加強點，經(jīng)過半個周期后，A點振動減弱B點為振動減弱點，經(jīng)過半個周期后，B點振動加強C點為振動加強點，經(jīng)過四分之一周期后，C點振動仍加強D點為振動減弱點，經(jīng)過四分之一周期后，D點振動加強.放射性同位素牡（9）Th）經(jīng)a、0衰變會生成氟其衰變方程為端Th今微Rn+xa+4,其中（）x=l,y=3B.x=3,y=2C.x=3,y=lD.x=2,y=310.如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為d,其右端接有阻值為R的電阻，整個裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。一質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻）的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為d現(xiàn)桿受到水平向左、垂直于桿的恒力F作用，從靜止開始沿導(dǎo)軌運動，當(dāng)運動距離L時，速度恰好達(dá)到最大（運動過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）。設(shè)桿接入電路的電阻為r,導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度大小為對于此過程，下列說法中正確的是（）A.當(dāng)桿的速度達(dá)到最大時，a、b兩端的電壓為dLB.桿的速度最大值為邛善C.恒力F做的功與安培力做的功之和等于桿動能的變化量D.安倍力做功的絕對值等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分H.如圖，傾角為3。。的粗糙絕緣斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和頂端B分別固定等量的同種負(fù)電荷。質(zhì)量為m、帶電荷量為的物塊從斜面上的P點由靜止釋放，物塊向下運動的過程中經(jīng)過斜面中點。時速度達(dá)到最大值4,運動的最低點為Q（圖中沒有標(biāo)出），則下列說法正確的是（ ）Upo=UoqP到Q的過程中，物體先做加速度減小的加速，再做加速度增加的減速運動D.物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)〃=當(dāng)12.如圖所示，A、8是兩列波的波源，1=OS時，兩波源同時開始垂直紙面做簡諧運動。其振動表達(dá)式分別為。=°」sin（2加）m,4=0.5sin（2m）m,產(chǎn)生的兩列波在同一種均勻介質(zhì)中沿紙面?zhèn)鞑?。。是介質(zhì)中的一點，/=2s時開始振動，已知B4=40cm,PB=50cm,則。A??A.兩列波的波速均為0.20m/sB.兩列波的波長均為0.25mC.兩列波在P點相遇時，振動總是減弱的D.夕點合振動的振幅為0.4mE」=2.25s,P沿著A傳播的方向運動了0.05m13.如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道豎直固定，軌道最高點為P,最低點為Q。一小球在圓形軌道內(nèi)側(cè)做圓周運動，小球通過Q時的速度為L小球通過P點和Q點時對軌道的彈力大小分別為K和尸2,彈力大小之差為^F=F2-Flf下列說法正確的是（ 〉A(chǔ).如果v不變，R越大，則K越大B.如果R不變，「越大，則尼越大C.如果「越大，則越大D.AF與口和R大小均無關(guān).如圖所示，在坐標(biāo)系xOy中，弧BDC是以A點為國心、AB為半徑的一段圓弧，AB=L,AO=^-fD2點是圓弧跟y軸的交點。當(dāng)在。點和A點分別固定電荷量為和+2的點電荷后，D點的電場強度恰好為零。下列說法正確的是（ ）A.。2=49B.圓弧BDC上的各點相比較，D點的電勢最高C.電子沿著圓弧從B點運動到C點的過程中，電勢能先減小后增大D.電子沿著圓弧從B點運動到C點的過程中，電勢能先增大后減小.如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處由靜止釋放。某同學(xué)探究小球在接觸彈簧后向下的運動過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下方向建立坐標(biāo)軸。x,作出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖乙所示，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的是

A.當(dāng)x=h+x。時，重力勢能與彈性勢能之和最小B.最低點的坐標(biāo)為x=h+2x。c.小球受到的彈力最大值等于2mg D.小球動能的最大值為〃?三、實驗題：共2小題.某實驗小組用如圖所示的裝置通過研究小車的勻變速運動求小車的質(zhì)量。小車上前后各固定一個擋光條(質(zhì)量不計)，兩擋光條間的距離為L,擋光條寬度為d,小車釋放時左端擋光條到光電門的距離為x,掛上質(zhì)量為m的鉤碼后，釋放小車，測得兩遮光條的擋光時間分別為《t2.1 211111p111111111111110 10 20乙(1)用游標(biāo)卡尺測量擋光條的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則擋光條的寬度為d=—cm；(2)本實驗進(jìn)行前需要平衡摩擦力，正確的做法是一;(3)正確平衡摩擦力后，實驗小組進(jìn)行實驗。不斷改變左端擋光條到光電門的距離x,記錄兩遮光條的擋11光時間t］、t2,作出；r~7T圖像如圖丙所示，圖線的縱截距為匕小車加速度為一；小車的質(zhì)量為一(用題中的字母表示)。.某同學(xué)利用圖甲所示的裝置設(shè)計一個“用阻力補償法探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗。如圖中AB是水平桌面，CD是一端帶有定滑輪的長木板，在其表面不同位置固定兩個光電門，小車上固定著一擋光片。為了補償小車受到的阻力，將長木板C端適當(dāng)墊高，使小車在不受牽引時沿木板勻速運動。用一根細(xì)繩一端拴住小車，另一端繞過定滑輪掛一托盤，托盤中有一祛碼調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使細(xì)繩的拉力方向與長木板的上表面平行，將小車靠近長木板的C端某位置由靜止釋放，進(jìn)行實驗。剛開始時小車的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于托盤和祛碼的總質(zhì)量。0h11111111甲cm遠(yuǎn)大于托盤和祛碼的總質(zhì)量。0h11111111甲cm20⑴用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d,如圖乙所示，其讀數(shù)為cm；（2）某次實驗，小車先后經(jīng)過光電門1和光電門2時，連接光電門的計時器顯示擋光片的擋光時間分別為t】和如此過程中托盤未接觸地面。已知兩個光電門中心之間的間距為L則小車的加速度表達(dá)式2=（）（結(jié)果用字母d、般、t?、L表本）；⑶某同學(xué)在實驗中保持小車總質(zhì)量不變，增加托盤中祛碼的個數(shù)，并將托盤和祛碼的總重力當(dāng)做小車所受的合力F,通過多次測量作出a-F圖線，如圖丙中實線所示。試分析上部明顯偏離直線的原因是 四、解答題：本題共3題.如圖所示，一直角三角形ABC處于勻強電場中（電場未畫出），ZA=30°,BC=L,三角形三點的電勢分別為%=°,%=■=牛（外＞°，為已知量）。有一電荷量為一9、質(zhì)量為〃，的帶電粒子（里力不計）從A點以與AB成30。角的初速度%向左下方射出，求：（1）求電場強度E；（2）設(shè)粒子的運動軌跡與如C的角平分線的交點為G,求粒子從A點運動到G點的時間t。.（6分）直角坐標(biāo)系xoy位于豎直平面內(nèi)，在第一象限存在磁感應(yīng)強度B=0.1K方向垂直于紙面向里、邊界為矩形的勻強磁場?，F(xiàn)有一束比荷為幺ulO'C/kg帶正電的離子，從磁場中的A點（坐m,0）in 20沿與x軸正方向成3=60。角射入磁場，速度大小vo＜l.OxlO6m/s,所有離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后均垂直穿過y軸的正半軸，不計離子的重力和離子間的相互作用。（1）求速度最大的離子在磁場中運動的軌道半徑；（2）求矩形有界磁場區(qū)域的最小面積；（3）若在x＞。區(qū)域都存在向里的磁場，離子仍從A點以vo=YAxlO6m/s向各個方向均勻發(fā)射，求y軸上有離子穿出的區(qū)域長度和能打到丫軸的離子占所有離子數(shù)的百分比。.(6分)如圖所示，光滑水平面上靜止放著長L=2.0m,質(zhì)量M=3.0kg的木板，一個質(zhì)量m=1.0kg的小物體(可視為質(zhì)點)放在離木板右端d=0.40m處，小物體與木板之間的動摩擦因數(shù)20」。現(xiàn)對木板施加FU0.0N水平向右的拉力，使其向右運動。g取10m/s2.求：(1)木板剛開始運動時的加速度大?。?2)從開始拉動木板到小物體脫離木板，拉力做功的大??；(3)為使小物體能脫離木板，此拉力作用時間最短為多少？：(I：j/1 Id_if I /參考答案一、單項選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的B【解析】【分析】【詳解】A.根據(jù)質(zhì)能方程可知核反應(yīng)中釋放的能量為△E=(g-m24”2A錯誤；B.根據(jù)三種射線的特點與穿透性，可知丫射線的穿透本領(lǐng)比B粒子強，B正確；C.半衰期具有統(tǒng)計意義，對個別的原子沒有意義，C錯誤；D.根據(jù)。衰變的本質(zhì)可知，。粒子是原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時產(chǎn)生的，D錯誤。故選B。A【解析】【分析】分別對氣球勻速上升和勻速下降過程進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式求解即可?！驹斀狻縿蛩傧陆禃r，受到重力Mg,向上的浮力F,向上的阻力f,根據(jù)共點力平衡條件有：Mg=F+f氣球勻速上升時，受到重力向上的浮力F,向下的阻力f,根據(jù)共點力平衡條件有：-Mi)g+f=F解得：(F}A/n=2M I8J故A正確，BCD錯誤。故選Ao【點睛】本題關(guān)鍵對氣球受力分析，要注意空氣阻力與速度方向相反，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解。B【解析】【詳解】AB、由8-工圖可知，圖像的斜率表示電場強度，從「％到飛的過程中電場強度先減小后增大，受到沿x軸正方向的電場力先減小后增大，粒子的加速度也是先減小后增大，在X=0位置加速度為零；粒子在運動過程中，粒子做加速度運動，速度越來越大，先增加得越來越慢，后增加得越來越快，故B正確，A錯誤；C、粒子在運動過程中，受到沿x軸正方向的電場力先減小后增大，根據(jù)動能定理可知心一工圖像的斜率先變小再變大，在X=0位置的斜率為零，故C錯誤；D、由于粒子帶負(fù)電，根據(jù)電勢能用1=49可知，J-X變化規(guī)律與夕一工變化規(guī)律相反，故D錯誤；圖線正確的是選B.C【解析】【詳解】根據(jù)開普勒第二定律可知，從遠(yuǎn)地點到近地點衛(wèi)星做加速運動，而近地點到遠(yuǎn)地點，衛(wèi)星做減速運動，所以近地點的速度大于遠(yuǎn)地點的即V根據(jù)。二—可知，因為近地點到地心的距離小于遠(yuǎn)地點到地心的距離，即r釬々則有例＞@故選C。B【解析】【詳解】ABC.忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力得：v2mg=m—R得到v=7^萬有引力等于重力，9等=mg,得到R-姆2M_G_3*V4 ,44GR—7Ti\3這顆行星的重力加速度與地球相近，它的半徑大約是地球的2倍，所以它在表面附近運行的速度是地球表面運行速度的應(yīng)倍，大于1.9km/s,質(zhì)量是地球的4倍，密度是地球的g。故B正確，AC錯誤。D.航天器飛出太陽系所需要的最小發(fā)射速度為第三宇宙速度，即大于等于2.lkm/s,故D錯誤。A【解析】M處受到的支持力的方向與地面垂直向上，即豎直向上，故A正確；N處受到的支持力的方向與原木P垂直向上，不是豎直向上，故B錯誤；原木相對于地有向左運動的趨勢，則在M處受到的摩擦力沿地面向右，故C錯誤；因原木P有沿原木向下的運動趨勢，所以N處受到的摩擦力沿MN方向，故D錯誤.故選A.C【解析】

【詳解】A.木板繞B端逆時針緩慢轉(zhuǎn)動，m相對AB保持靜止的過程中，木板AB對木塊m的作用力與木塊m所受重力抵消，即木板AB對木塊m的作用力大小為〃次，方向豎直向上，貝懷塊m對木板AB的作用力不變,故A項錯誤；在m相對AB保持靜止的過程，對木塊m受力分析，由平衡條件得，木塊m受到的靜摩擦力f=〃?gsin6故B項錯誤;C.設(shè)板長為C.設(shè)板長為L,m到B端距離為I,以B端為轉(zhuǎn)軸，則:FLcos6=mglcos3所以豎直向上的拉力F保持不變，故C項正確；D.使木板繞B端逆時針緩慢轉(zhuǎn)動，豎直向上的拉力F保持不變，則拉力F的力矩減小，故D項錯誤?！窘馕觥俊驹斀狻緼點是波峰和波峰疊加，為振動加強點，且始終振動加強，A錯誤;3點是波峰與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱，B錯誤；C.。點處于振動加強區(qū)，振動始終加強，C正確：D.。點為波峰與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱，D錯誤。故選C,【解析】【詳解】。粒子為:He,夕粒子為，;e,核反應(yīng)滿足質(zhì)量數(shù)守恒和質(zhì)子數(shù)守恒:232=220+4%9O=86+2x-y解得：x=3,y=2,ACD錯誤，B正確。故選B?！窘馕觥俊痉治觥俊驹斀狻緼B.當(dāng)桿勻速運動時速度最大，由平衡條件得:F="mg+，=Wg+得最大速度為_（F-jLmig）（R+r）,nFz?當(dāng)桿的速度達(dá)到最大時，桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=BLv=（F-〃〃g）（R+『）,n BLa、b兩端的電壓為：U—RE_（F〃mg）RR+rBL故ab錯誤；c.根據(jù)動能定理知，恒力F做的功、摩擦力做的功與安培力做的功之和等于桿動能的變化量，故C錯誤;D.根據(jù)功能關(guān)系知，安倍力做功的絕對值等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，故D正確。故選：D。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分CD【解析】【詳解】ABD.物塊在斜面上運動到。點時的速度最大，加速度為零，又電場強度為零，所以有mgsin0-pmgcos0=0所以物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)〃=tan6=?，由于運動過程中mgsin0- cos6=0所以物塊從P點運動到Q點的過程中受到的合外力為電場力，因此最低點Q與釋放點P關(guān)于。點對稱，則有Upo=-U°q根據(jù)等量的異種點電荷產(chǎn)生的電場特征可知，P、Q兩點的場強大小相等，方向相反，故AB錯誤，D正確;C.根據(jù)點電荷的電場特點和電場的疊加原理可知，沿斜面從P到Q電場強度先減小后增大，中點。的電場強度為零。設(shè)物塊下滑過程中的加速度為a,根據(jù)牛頓第二定律有，物塊下滑的過程中電場力qE先方向沿斜面向下逐漸減少后沿斜面向上逐漸增加，所以物塊的加速度大小先減小后增大，所以P到。電荷先做加速度減小的加速運動，。到Q電荷做加速度增加的減速運動，故C正確。故選CDOACD【解析】【分析】【詳解】A.兩列波在同一種均勻介質(zhì)中沿紙面?zhèn)鞑ィ蕛闪胁ǖ牟ㄋ傧嗤?；根?jù)質(zhì)點P開始振動的時間可得Av0.40. ___.v=——= m/s=0.20ni/s△/ 2故A正確；B.由振動方程可得，兩列波的周期T相同，由公式2兀T=——=lsCD故兩列波的波長均為A=vT=0.2m故B錯誤；CD.根據(jù)兩波源到P點的距離差2Ax=50cm-40cm=10cm=—2可知，B波比A波傳到P點的時間晚;，根據(jù)振動方程可得，A波起振方向與B波起振方向相同，故兩波在P點的振動反向，那么，P點為振動減弱點，故兩列波在P點相遇時振動總是減弱的，P點合振動的振幅為0.5m—0.1m=0.4m故CD正確；E.介質(zhì)中的各質(zhì)點不隨波逐流，只能在各自平衡位置附近振動，故E錯誤。故選ACDoBD【解析】【詳解】CD.應(yīng)用機械能守恒定律可知小球通過最高點時的速度為對小球在P和Q應(yīng)用向心力公式分別有mv；mv

解得L"71」解得L"71」F2=mg+mv則△F=6一"=6〃7g選項C錯誤，D正確；2A.由"=竺二-5〃吆可知，當(dāng)口不變時，百隨R增大而減小，選項A錯誤;RB.由旦=——+〃吆可知，當(dāng)R不變時，尼隨U增大而增大，選項B正確。R故選BDoAD【解析】【分析】【詳解】A.D點的電場強度恰好為零，則堡=號(/L解得:0=4。故A正確;B.對3來說圓弧是一個等勢面，所以各點電勢高低，由Q1決定，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，離負(fù)電荷越近，電勢越低，故D點電勢最低，故B錯誤;CD.電子沿著圓弧從B點運動到C點的過程中，電勢先降低后升高，Ep=(pq，故電勢能先增大后減小，故D正確C錯誤。故選ADOAD【解析】【詳解】由圖象結(jié)合小球的運動過程為:先自由落體運動，當(dāng)與彈簧相接觸后，再做加速度減小的加速運動，然后做加速度增大的減速運動，直到小球速度為零。A.當(dāng)x=h+x。時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由于系統(tǒng)機械能守恒，所以重力勢能與彈性勢能之和最小，A正確；B.在最低點小球速度為零，從剛釋放小球到小球運動到最低點，小球動能變化量為零，重力做的功和彈力做的功的絕對值相等，即到最低點圖中實線與x軸圍成的面積應(yīng)該與mg那條虛線與x軸圍成的面積相同，所以最低點應(yīng)該在h+2x。小球的后邊，B錯誤；c.由B知道最低點位置大于X=h+2xQt所以彈力大于2mg,C錯誤；D.當(dāng)x=h+xo時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由動能定理可得1%+WN=〃卷(〃+%)- /=mgh+1mg%,故D正確。三、實驗題：共2小題0.650 去掉鉤碼,將木板右端墊高,輕推小車，使兩擋光片擋光時間相等 — ；羋-1'm2L \M J【解析】【分析】【詳解】(1)[1],擋光條的寬度為d=0.6cm+0.05mmxl0=0.650cm.(2)[2].本實驗進(jìn)行前需要平衡摩擦力，正確的做法是去掉鉤碼，將木板右端墊高，輕推小車，使兩擋光片擋光時間相等；(3)⑶⑷.兩遮光片經(jīng)過光電門時的速度分別為ddv2=—則由=v（2+2aL可得/d、） 令r（一）-=（-）-+fi八由題意可知2aL,L解得kd2a= 2L由牛頓第二定律可得mg=(M+m)a解得0.170 .:「卡 托盤和硅碼的總質(zhì)量過大，小車所受合力與托盤和祛碼的總重力相差越來越大【解析】【分析】【詳解】⑴國游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：1mm,游標(biāo)尺的刻度第14個刻度與上邊的刻度對齊，所以讀數(shù)為：0.05xl4=0.70mm,所以d=lmm+0.70mm=1.70mm=0.170cm；(2)[2]小車做勻變速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動速度位移公式一(dV⑷22aL=———<f2)f\?得a2Lt；t；(3)⑶實驗時，小車的合外力認(rèn)為就是托盤和祛碼的總重力mg,只有在M》m時，才有。-F圖線才接近直線，一旦不滿足M》m,描出的點的橫坐標(biāo)就會向右偏離較多，造成圖線向右彎曲，所以a-尸圖線上部明顯偏離直線的原因是托盤和硅碼的總質(zhì)量過大，小車所受合力與托盤和祛碼的總重力相差越來越大。四、解答題：本題共3題]8.⑴E=W至；⑵，=叵叱。3L q(p?！窘馕觥俊驹斀狻?1)如圖所示，由題意可知，AC邊的中點D與B點的電勢相等，且AC=2BC=2L,故BCD構(gòu)成正三角形,則BD是電場中的一條等勢線，電場方向與CB成30。角斜向上。由幾何關(guān)系可得一Leos30。-3L(2)分析可知，粒子的初速度方向與電場方向垂直，故粒子沿初速度的方向做勻速直線運動，則有沿垂直于初速度的方向做勻加速運動，故有1 2)，=]“*m且tan450=-x聯(lián)立解得(19。(1)0.1m；(2)—m2.(3)"^m；50%。200 20【解析】【詳解】(1)根據(jù)洛倫茲力提供向心力有qvB=m—R代入數(shù)據(jù)解得R=0.1m；(2)如圖1所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可知，速度最大的離子在磁場中運動的圓心在y軸上的B(。，￡m)點，離子從C點垂直穿過y軸，所有離子均垂直穿過y軸，即速度偏向角相等，AC連線應(yīng)該是磁場的邊界，滿足題意的矩形如圖1所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得矩形長為OAC =——mcos610寬為R-Rcos6=m20則面積為200(3)根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得R&20臨界1,根據(jù)圖2可得與X軸成30。角射入的離子打在y軸上的B點，AB為直徑，所以B點位y軸上有離子經(jīng)過的最高點，根據(jù)幾何知識可得OB=——m；20臨界2：根據(jù)圖2可得，沿著x軸負(fù)方向射入磁場中的離子與y軸相切與C點，所以C點為y軸有離子打到的最低點，根據(jù)幾何知識有OC=—m20所以y軸上b點至c點之間的區(qū)域有離子穿過，且長度為3+小BC= m20根據(jù)圖3可得，沿著x軸正方向逆時針轉(zhuǎn)到x軸負(fù)方向的離子均可打在y軸上,故打在y軸上的離子占所有離子數(shù)的50%e(1)3m/s2,(2)24J,(3)0.8s?！窘馕觥俊驹斀狻?1)對木板，根據(jù)牛頓第二定律有：F- =Ma解得：a=3m/s2；(2)對小物體，根據(jù)牛頓第二定律有Hmg=ma?解得：a對：lm/s2設(shè)小物體從木板上滑出所用時間為to:木板的位移：%= =2.4m拉力做功：W=Fx氯=24J；(3)設(shè)最短作用時間為t,則撤去拉力F前的相對位移、 1/1 2M=^at-5。物，設(shè)撤去拉力F后，再經(jīng)過時間t'小物體和木板達(dá)到共同速度v共，且小物體和木板恰好將要分離，該階段木板加速度大小為a,：對木板，根據(jù)牛頓第二定律有|xmg=Ma1，1)解得：。=-m/s-由速度關(guān)系得：。物，+。物f'=a'/'撤去拉力F后的相對位移:I），Ax2=atf-—arf2-〃物〃2由位移關(guān)系得:例+Sx2=L-d解得：t=0.8s°甲；粒子散射實境示意圖乙，畦式反應(yīng)示意圖￡/eV0-0.54丙：氫原子能級示意圖甲；粒子散射實境示意圖乙，畦式反應(yīng)示意圖￡/eV0-0.54丙：氫原子能級示意圖T：湯姆孫氣體放電管示意圖2019-2020學(xué)年高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（ ）S1$2S1$2A.圖甲：盧瑟福通過分析。粒子散射實驗結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B.圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)生聚變，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)會釋放出巨大的核能C.圖丙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的D.圖丁：湯姆孫通過電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu)2.如圖，S］、Sz是振幅均為A的兩個水波波源，某時刻它們形成的波峰和波谷分別由實線和虛線表示。則A.兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉B.a處質(zhì)點振動始終減弱，b、c處質(zhì)點振動始終加強C.此時a、b、c處各質(zhì)點的位移是：xa=0,xb=-2A,xc=2AD.a、b、c處各質(zhì)點隨著水波飄向遠(yuǎn)處.如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R,質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導(dǎo)軌的電阻均不計，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內(nèi)，力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于

AAA.棒的機械能增加量B.棒的動能增加量C,棒的重力勢能增加量 D.電阻R上放出的熱量.已知月球半徑為R,飛船在距月球表面高度為R的圓軌道上飛行，周期為T,萬有引力常量為G,下列說法正確的是(月球質(zhì)量為———GT2B.月球表面重力加速度為"RT-C.D.5.月球密度為泮月球第一宇宙速度為半B.月球表面重力加速度為"RT-C.D.5.月球密度為泮月球第一宇宙速度為半甲、乙兩車某時刻由同一地點、沿同一方向開始做直線運動。甲、乙兩車的位置X隨時間t的變化如圖所示，貝IJ()0時刻，甲車速度比乙車小t2時刻，甲乙兩車速度相等時間內(nèi)，甲車的平均速度比乙車大O~tz時間內(nèi)，甲車通過的距離大.我國計劃于202。年發(fā)射火星探測器，如圖是探測器到達(dá)火星后的變軌示意圖，探測器在軌道I上的運行速度為9,在軌道口上p點的運行速度為vz,q點的運行速度為匕，在軌道m(xù)上p點的運行速度為叩R點的運行速度為V5,則下列關(guān)系正確的是B.V,<V3c.v4c.v4>v2V3V5.一人站在滑板上以速度V0在冰面上滑行忽略滑板與冰面間的摩擦某時刻人沿水平方向向正前方距離滑板離開時人相對冰面的速度大小為2%。已知人與滑板的質(zhì)量分別為M，加板離開時人相對冰面的速度大小為2%。速度大小為（）mB. mB. v0m+MM一〃?C- %mM+〃]D. Vom.如圖所示，aefc和befd是垂直于紙面向里的勻強磁場I、II的邊界。磁場I、II的磁感應(yīng)強度分別為Bi.Bz,且Bz=2B］，其中bc=ea=ef.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子垂直邊界ae從P點射入磁場I,后經(jīng)f點進(jìn)入磁場口，并最終從fc邊界射出磁場區(qū)域。不計粒子重力，該帶電粒子在磁場中運動的總時間為（）2九〃2九〃1

qB13加〃D,硒9.質(zhì)量為m的光滑圓柱體A放在質(zhì)量也為m的光滑“V〃型槽B上，如圖，a=60%另有質(zhì)量為M的物體C通過跨過定滑輪的不可伸長的細(xì)繩與B相連，現(xiàn)將C自由釋放，則下列說法正確的是（）A.當(dāng)1\/1=巾時，A和B保持相對靜止，共同加速度為0.5gB.當(dāng)M=2m時，A和B保持相對靜止，共同加速度為0.5gc.當(dāng)M=6m時，A和B保持相對靜止，共同加速度為0.75gD.當(dāng)M=5m時，A和B之間的恰好發(fā)生相對滑動.某物體以一定的初速度沿足夠長的斜面從底端向上滑去，此后該物體的運動圖像不可能的是（圖中x9 9 9是位移、V是速度、t是時間）

A.AB.BC.CD.DA.AB.BC.CD.D二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.下列說法中正確的是 OA.著名的泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象B.用白光做單縫衍射與雙縫干涉實驗，均可看到彩色條紋C.用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象D.發(fā)生日環(huán)食時月球距地球比發(fā)生日全食時月球距地球遠(yuǎn)一些E.在光的雙縫干涉實驗中，將入射光由綠光改為紫光，則條紋間隔變寬12.如圖為豎直放置的上粗下細(xì)的玻璃管，水銀柱將氣體分隔成A、B兩部分，初始溫度相同，使A、B升高相同溫度達(dá)到穩(wěn)定后，體積變化量為△匕、A%,壓強變化量為△/人，對液面壓力的變化量為△弓，則（）A.水銀柱向下移動了一段距離△唳N八<N"△El〉"/,13.如圖所示，A、B、C三個物體分別用輕繩和輕彈簧連接，放置在傾角為8的光滑斜面上，當(dāng)用沿斜面向上的恒力F作用在物體A上時，三者恰好保持靜止，已知A、B、C三者質(zhì)量相等，重力加速度為g。下A.在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為2gsin6B.在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為gsin。

c.剪斷彈簧的瞬間，A的加速度大小為:gsineD.突然撤去外力F的瞬間，A的加速度大小為2gsin814.在一電梯的地板上有一壓力傳感器，其上放一物塊，如圖甲所示，當(dāng)電梯運行時，傳感器示數(shù)大小隨時間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，根據(jù)圖象分析得出的結(jié)論中正確的是（）A.從時刻t1到3物塊處于失重狀態(tài)B.從時刻t3到t4,物塊處于失重狀態(tài)C.電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層D.電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層15.某型號的小燈泡其正常發(fā)光時的電壓為4.0V,圖甲為小燈泡的l?U曲線，現(xiàn)將該小燈泡與一電阻值為5.。0電阻串聯(lián)后，再與一電動勢E=5.0V、內(nèi)阻r=5.0Q的電源，按圖乙的連接方式連接好。則下列說法正確的是（）0?5卜0.4?十十十十］0?3卜01片十十.十圖乙O12345u/v圖甲圖乙A.此時電路中的電流為1AB.此時R的功率約為為0.392WC.小燈泡的功率約為為0.672WD.電源的輸出功率接近1W三、實驗題：共2小題.用如圖甲所示裝置結(jié)合頻閃照相機拍攝的照片的來驗證動量守恒定律，實驗步驟如下:丙丙①用天平測出A、B兩個小球的質(zhì)量rm和ms;②安裝好實驗裝置，使斜槽的末端所在的平面保持水平;③先不在斜槽的末端放小球B,讓小球A從斜槽上位置P由靜止開始釋放，小球A離開斜槽后，頻閃照

相機連續(xù)拍攝小球A的兩位置（如圖乙所示）；④將小球B放在斜槽的末端，讓小球A仍從位置P處由靜止開始釋放，使它們碰撞，頻閃照相機連續(xù)拍攝下兩個小球的位置（如圖丙所示）；⑤測出所需要的物理量.請回答：⑴實驗①中A、B的兩球質(zhì)量應(yīng)滿足 （2）在步驟⑤中，需要在照片中直接測量的物理量有;（請選填“x。、y。、Xa、yzXb、ye”）（3）兩球在碰撞過程中若動量守恒，滿足的方程是：..為了探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，一同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計）7彈簧測力計八四打點計時器7彈簧測力計八四打點計時器1MzzF—⑴實驗時，一定要進(jìn)行的操作是 A.用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)D.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶E.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M（2）該同學(xué)在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/刊結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。單位：cm?2.8-+33H—3.81Ti11101 2345 6⑶以彈簧測力計的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的a?F圖象是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為仇求得圖線的斜率為匕則小車的質(zhì)量為四、解答題：本題共3題了測量所采集的某種植物種子的密度，一位同學(xué)進(jìn)行了如下實驗:①取適量的種子，用天平測出其質(zhì)量，然后將幾粒種子裝入注射器內(nèi)；②將注射器和壓強傳感器相連，然后緩慢推動活塞至某一位置，記錄活塞所在位置的刻度V,壓強傳感器自動記錄此時氣體的壓強P;③重復(fù)上述步驟，分別記錄活塞在其它位置的刻度V和記錄相應(yīng)的氣體的壓強P；④根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出;圖線，并推算出種子的密度。（1）根據(jù)圖線，可求得種子的總體積約為ml（即cm3）。（2）如果測得這些種子的質(zhì)量為7.86x10-3kg,則種子的密度為kg/m\（3）如果在上述實驗過程中，由于操作不規(guī)范，使注射器內(nèi)氣體的溫度升高，其錯誤的操作可能是。這樣操作會造成所測種子的密度值 （選填“偏大”、“偏小”或"不變（6分）如圖甲為應(yīng)用于機場和火車站的安全檢查儀，用于對乘客的行李進(jìn)行安全檢查。其傳送裝置可簡化為如圖乙的模型，緊繃的傳送帶始終保持lm/s的恒定速率運行。乘客把行李無初速度地放在A處,設(shè)行李與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為2.1.A、B間的距離為4.5m。若乘客把行李放到傳送帶A處的同時接受工作人員安檢，2s后從A處平行于傳送帶運動到B處取行李。乘客先由靜止開始以2.5m/s2的加速度做勻加速直線運動，然后做加速度大小為2.5m/s2的勻減速直線運動到B處時速度恰為2.求乘客與行李到達(dá)B處的時間差。（重力加速度g取:L2m/s2）（6分）如圖，兩個相同的氣缸A、B各封閉著同種理想氣體，氣缸用絕熱的細(xì)管通過閥門K連接。當(dāng)K關(guān)閉時，A中氣體的壓強P,?=lxl0'pa、溫度K=27°C,B中氣體的壓強=3x10§Pa、溫度面=127°C。已知兩氣缸內(nèi)的氣體溫度始終保持不變。打開K后（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（1）若B中氣體發(fā)生等溫膨脹，當(dāng)B中氣體的體積變?yōu)樵瓉淼?時，求B中此時的壓強〃；（2）求缸內(nèi)氣體剛平衡時氣缸內(nèi)氣體的壓強出。參考答案一、單項選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的【詳解】圖甲：盧瑟福通過分析a粒子散射實驗結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型.故A錯誤.圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)生裂變，裂變反應(yīng)會釋放出巨大的核能.故B錯誤.圖丙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的，故C正確；圖?。簻穼O通過電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu).故D錯誤.故選C.【解析】【詳解】A.圖中兩列波的波長不同；波速由介質(zhì)決定，是相同的；根據(jù)v= 頻率不同，兩列波不會干涉，只是疊加，A錯誤；B.兩列波不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉，所以振動不是始終加強或減弱的，B錯誤；C.波疊加時，各個質(zhì)點的位移等于各個波單獨傳播時引起位移的矢量和，故xa=A-A=09xh=—A-A=-2A,xc=A+A=2A9C正確；D.波傳播時，各個質(zhì)點只是在平衡位置附近做振動，D錯誤：故選【解析】【分析】棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內(nèi)，F(xiàn)做正功,安培力做負(fù)功,重力做負(fù)功,動能增大.根據(jù)動能定理分析力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和.【詳解】A.棒受重力G、拉力F和安培力Fa的作用.由動能定理：Wf+Wg+W?&=△Ek得WF+W$=△EK+mgh即力F做的功與安培力做功的代數(shù)和等于機械能的增加量.故A正確.B.由動能定理，動能增量等于合力的功.合力的功等于力F做的功、安培力的功與重力的功代數(shù)和.故B錯誤.C.棒克服重力做功等于棒的重力勢能增加量.故C錯誤.D.棒克服安培力做功等于電阻R上放出的熱量.故D錯誤【點睛】本題運用功能關(guān)系分析實際問題.對于動能定理理解要到位：合力對物體做功等于物體動能的增量，哪些力對物體做功，分析時不能遺漏.A【解析】【分析】飛船在距月球袋面高度為R的圓軌道上飛行，做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式；在月球表面，重力等于萬有引力，根據(jù)萬有引力定律列式；月球的第一宇宙速度等于月球表面的瞬時速度.【詳解】飛船在距月球表面高度為R的圓軌道上做勻速圓周運動，故（爺）“/+.）；在月球表面,重力等于萬有引力，故G^=〃吆，聯(lián)立解得且=爺4,M 月球的密度32—P=~=~J^~—= fA正確BC錯誤；月球第一宇宙速度為"=］淳=士旦述，D錯誤?V 一兀R'。丁 丁3【點睛】本題是衛(wèi)星類型的問題，常常建立這樣的模型：環(huán)繞天體繞中心天體做勻速圓周運動，由中心天體的萬有引力提供向心力.重力加速度g是聯(lián)系星球表面宏觀物體運動和天體運動的橋梁.C【解析】【分析】【詳解】AB.因x?t圖像的斜率等于速度，可知。時刻，甲車速度比乙車大，七時刻，甲乙兩車速度不相等，選項AB錯誤；0~七時間內(nèi)，甲車的位移大于乙，可知甲車的平均速度比乙車大，選項C正確；O~tz時間內(nèi)，兩車通過的距離相等，選項D錯誤。故選aC【解析】【詳解】A.在軌道I上P點的速度小于軌道n上P點的速度，選項A錯誤；B.在軌道I上的速度大于經(jīng)過Q點的圓軌道上的速度，即大于軌道口上Q點的速度，選項B錯誤；C.探測器在軌道I上運行，若經(jīng)過P點時瞬時加速，就變成橢圓軌道，而且在P點加速時獲得的速度越大，橢圓軌道的遠(yuǎn)火星點就越遠(yuǎn)，軌道皿的遠(yuǎn)火星點R比軌道n上的遠(yuǎn)火星點Q更遠(yuǎn)，因此匕＞%,選項C正確；D.設(shè)P點到火星中心的距離為r,Q點到火星中心的距離為門，R點到火星中心的距離為⑶由開普勒第v,v4二定律有：彩，=匕*“=%弓，與＞哈貝U4＜一，選項D錯誤.匕V5故選C.C【解析】【詳解】規(guī)定初速度V。的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律可知：{M+〃?)%=M-2v0+nw解得M-m丫=- %mM_m負(fù)號表示速度與正方向相反，大小為 %;m故選C。B【解析】【詳解】粒子在磁場中運動只受洛倫茲力作用，故粒子做圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有7V-qvB=m—R所以R=——qB粒子垂直邊界ae從P點射入磁場I,后經(jīng)f點進(jìn)入磁場H,故根據(jù)幾何關(guān)系可得：粒子在磁場I中做圓周運動的半徑為磁場寬度d；根據(jù)軌道半徑表達(dá)式，由兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度大小關(guān)系可得：粒子在磁場口中做圓周運動的半徑為磁場寬度g,那么，根據(jù)幾何關(guān)系可得：粒子從P到f轉(zhuǎn)過的中心角為90°，粒子在f點沿fd方向進(jìn)入磁場口；然后粒子在磁場口中轉(zhuǎn)過180°在e點沿ea方向進(jìn)入磁場I；最后，粒子在磁場I中轉(zhuǎn)過90°后從fc邊界射出磁場區(qū)域；故粒子在兩個磁場區(qū)域分別轉(zhuǎn)過180°,根據(jù)周期p2tiR