江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試試題(一)(含解析)

江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)，因?yàn)橐坏┑诌_(dá)第A錯(cuò)誤；江蘇省南通市2021屆高三物理模擬考試一試題〔一〕〔含分析〕一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每題3分，合計(jì)15分．每題只有一個(gè)選項(xiàng)符．．．．合題意，選對(duì)的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分．據(jù)中新網(wǎng)報(bào)導(dǎo)，中國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)“北斗三號(hào)〞第17顆衛(wèi)星已于2021年11月2日在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射．該衛(wèi)星是北斗三號(hào)全世界導(dǎo)航系統(tǒng)的首顆地球同步軌道衛(wèi)星，也是北斗三號(hào)系統(tǒng)中功能最強(qiáng)、信號(hào)最多、承載最大、壽命最長的衛(wèi)星．對(duì)于該衛(wèi)星，以下說法正確的選項(xiàng)是A.它的發(fā)射速度必定大于11.2km/sB.它運(yùn)轉(zhuǎn)的線速度必定不小于7.9km/s它在由過渡軌道進(jìn)入運(yùn)轉(zhuǎn)軌道時(shí)一定減速因?yàn)橄∈璐髿獾挠绊懀绮患痈缮?，在運(yùn)轉(zhuǎn)一段時(shí)間后，該衛(wèi)星的動(dòng)能可能會(huì)增加【答案】D【分析】【剖析】依據(jù)萬有引力供給向心力，得出線速度與軌道半徑的關(guān)系，進(jìn)而比較出衛(wèi)星在同步軌道上的速度與第一宇宙速度的大?。辉撔l(wèi)星將做向心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑減小，應(yīng)用牛頓第二定律求出線速度，而后剖析答題；【詳解】A．該衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第二宇宙速度二宇宙速度，衛(wèi)星會(huì)擺脫地球的引力，不繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)，故B．依據(jù)知，第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑，知是衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大圍繞速度，所以它運(yùn)轉(zhuǎn)的線速度必定小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．它在由過渡軌道進(jìn)入運(yùn)轉(zhuǎn)軌道做離心運(yùn)動(dòng)，一定加快，故C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樵撔l(wèi)星遇到阻力影響而做減速運(yùn)動(dòng)，該衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力小于萬有引力，做向心運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑r減小，萬有引力供給向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，因?yàn)榘霃絩減小，那么其線速度變大，動(dòng)能變大，D正確；應(yīng)選D。【點(diǎn)睛】知道萬有引力供給向心力是解題的前提，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律能夠解題；要理解衛(wèi)星變軌的原理。以下列圖，A、B兩點(diǎn)在同一條豎直線上，A點(diǎn)離地面的高度為3h，B點(diǎn)離地面高度為2h．將兩個(gè)小球分別從A、B兩點(diǎn)水平拋出，它們?cè)贑點(diǎn)相遇，C點(diǎn)離地面的高度為h．重力加快度為g，那么A.兩個(gè)小球必定同時(shí)拋出B.兩個(gè)小球必定同時(shí)落地C.兩個(gè)小球拋出的時(shí)間間隔為D.兩個(gè)小球拋出的初速度之比【答案】C【分析】【剖析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，依據(jù)在

C點(diǎn)相遇，聯(lián)合高度求運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，進(jìn)而經(jīng)過水平位移求初速度；【詳解】AB．平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，由

，得

，因?yàn)锳到

C的豎直高度較大，所以從

A點(diǎn)拋出的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長，應(yīng)

A先拋出；它們?cè)贑點(diǎn)相遇時(shí)A的豎直方向速度較大，離地面的高度同樣，所以A小球必定先落地，故A、B錯(cuò)誤；C．由得兩個(gè)小球拋出的時(shí)間間隔為，故C正確；D．由得，x相等，那么小球A.B拋出的初速度之比，D錯(cuò)誤；應(yīng)選C?！军c(diǎn)睛】解決的重點(diǎn)知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，聯(lián)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈巧求解。導(dǎo)體中的電流是這樣產(chǎn)生的：當(dāng)在一根長度為L、橫斷面積為S，單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為n的均勻?qū)w兩頭加上電壓U，導(dǎo)體中出現(xiàn)一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，導(dǎo)體內(nèi)的自由電子〔-e〕受勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力作用而加快，同時(shí)因?yàn)榕c陽離子碰撞而遇到阻擋，這樣邊頻頻碰撞邊向前挪動(dòng)，能夠認(rèn)為阻擋電子運(yùn)動(dòng)的阻力大小與電子挪動(dòng)的均勻速率v成正比，即能夠表示為kv〔k是常數(shù)〕，當(dāng)電子所受電場(chǎng)力與阻力大小相等時(shí)，導(dǎo)體中形成了恒定電流，那么該導(dǎo)體的電阻是〔〕A.B.C.D.【答案】A【分析】【詳解】由題意可知當(dāng)電場(chǎng)力與阻力相等時(shí)形成恒定電流，那么有，解得，那么導(dǎo)體中的電流，那么由歐姆定律可得，A正確．用一隨時(shí)間均勻變化的水平拉力F拉靜止在水平面上的物體．F=kt〔k=2N/s〕，物體與水平面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物體的加快度a隨時(shí)間t變化的圖象以下列圖，g取10m/s2，那么不可以夠計(jì)算出物體的質(zhì)量物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)t=4s時(shí)物體的速度0～4s內(nèi)拉力F做的功【答案】D【分析】【剖析】對(duì)物體受力剖析，依據(jù)牛頓第二定律得出加快度a與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系，而后聯(lián)合圖象得出有關(guān)信息即可求解；【詳解】物體受重力、地面的支持力、拉力和與拉力方向相反的摩擦力，依據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，由a與F圖線獲取：,

,聯(lián)立解得

m=2Kg，μ=0.2；a-t

圖像所圍成的面積表示速度的變化量，所以0～4s內(nèi)有，t=4s時(shí)物體的速度；因?yàn)槲矬w先靜止后又做變加快運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)為變力，不可以直接利用做功公式求出拉力F做的功；沒法利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求0～4s內(nèi)位移，沒法求出摩擦力做功，所以沒法依據(jù)動(dòng)能定理求拉力F做的功，故不可以夠計(jì)算出的是D，能夠計(jì)算出的是A、B、C；應(yīng)選D?！军c(diǎn)睛】重點(diǎn)是對(duì)物體受力剖析，而后依據(jù)牛頓第二定律列方程求解出加快度與推力F的關(guān)系式，最后聯(lián)合a與t關(guān)系圖象獲取待求量。以下列圖，長為L的細(xì)繩，一端拴一質(zhì)量為m的小球，另一端懸掛在距圓滑水平面H高處〔L>H〕．現(xiàn)使小球在水平桌面上以角速度為ω做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球?qū)ψ烂娴膲毫锳.mg

B.C.

D.【答案】B【分析】【剖析】對(duì)小球受力剖析，正交分解，依據(jù)牛頓第二定律列方程求解；【詳解】)對(duì)小球受力剖析，如圖：依據(jù)牛頓第二定律，水平方向：

，豎直方向：，聯(lián)立得：

，依據(jù)牛頓第三定律：，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；應(yīng)選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每題4分，合計(jì)16分．每題有多個(gè)選項(xiàng)切合題意．所有選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．教課用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流，現(xiàn)利用該發(fā)電機(jī)〔內(nèi)阻可忽視〕經(jīng)過理想變壓器向定值電阻R和電容器C供電，電路以下列圖．理想溝通電流表A、理想溝通電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R耗費(fèi)的功率為P．假定發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?倍，那么電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?U電流表A的讀數(shù)變?yōu)?IR耗費(fèi)的功率變?yōu)?PR耗費(fèi)的功率變?yōu)?P【答案】AD【分析】【剖析】剖析電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的溝通電的最大值以及有效值、頻次的變化狀況；依據(jù)判斷原副線圈中電壓的變化狀況，依據(jù)由知【詳解】ACD．假定發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?/p>

R耗費(fèi)功率的變化；2倍，電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，發(fā)電機(jī)輸出電壓有效值

變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，即原線圈的輸出電壓為本來的2倍，由知副線圈輸出電壓為本來的2倍，電壓表V的讀數(shù)變?yōu)闉楸緛淼?/p>

2倍，由

知R耗費(fèi)的功率為本來的

4倍，故

AD正確，C錯(cuò)誤；B．轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，經(jīng)過

C的交變電流頻次變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，電容器

C的容抗減小，副線圈的電流不是本來的2倍，由可知原線圈的電流不是本來的2倍，B錯(cuò)誤；應(yīng)選AD?！军c(diǎn)睛】重點(diǎn)是轉(zhuǎn)速變化，經(jīng)過C的交變電流頻次變?yōu)楸緛淼?倍，電容器C的容抗減小，副線圈的電流不是本來的2倍。7.以下列圖，水平面內(nèi)有兩條相互垂直的通電長直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向右，L2中的電流方向向上；L2的右方有a、b兩點(diǎn)，它們相對(duì)于L1對(duì)稱．整個(gè)系統(tǒng)處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)外磁場(chǎng)中，磁感覺強(qiáng)度大小為B0．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的磁感覺強(qiáng)度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向里．那么A.流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0B.流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0C.流經(jīng)L的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B20D.流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0【答案】AC【分析】【剖析】依據(jù)安培定那么判斷導(dǎo)線在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生磁感覺強(qiáng)度的方向；磁感覺強(qiáng)度是矢量，即使它不與通電導(dǎo)線垂直，可按平行四邊形定那么疊加，據(jù)此剖析；【詳解】因?yàn)閍、b對(duì)于L1對(duì)稱，所以磁感覺強(qiáng)度大小相等，由安培定那么可知方向相反，設(shè)向里為正方向，那么

L2在

a、b

兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度分別為

-B1、B1；導(dǎo)線L2產(chǎn)生的磁場(chǎng)在

a、b兩點(diǎn)的磁感覺強(qiáng)度方向均垂直紙面向里，在

a、b

兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度為

B2，對(duì)

a點(diǎn)由磁場(chǎng)疊加可得：

，對(duì)

b點(diǎn)由磁場(chǎng)疊加可得：

，聯(lián)立解得：

，

，故

A、C正確，B、D錯(cuò)誤；應(yīng)選

AC?！军c(diǎn)睛】重點(diǎn)是知道a、b對(duì)于L1對(duì)稱，所以磁感覺強(qiáng)度大小相等，方向相反，磁場(chǎng)疊加可按平行四邊形定那么。8.以下列圖，圓滑導(dǎo)軌OMN固定，此中是半徑為L的四分之一圓弧，O為圓心．OM、ON的電阻均為R，OA是可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，A端位于上，OA與軌道接觸優(yōu)秀，空間存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感覺強(qiáng)度的大小為B，、OA的電阻不計(jì)．那么在OA桿由OM地點(diǎn)以恒定的角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)到ON地點(diǎn)的過程中A.OM中電流方向?yàn)镺流向M流過OM的電荷量為要保持OA以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為假定OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)楸緛淼?倍，那么流過OM的電荷量也變?yōu)楸緛淼?倍【答案】BC【分析】【剖析】OA桿切割磁感線，由右手定那么可得OA桿感覺電流的方向，依據(jù)法拉第電磁感覺定律求得產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢(shì)；依據(jù)閉合電路歐姆定律求得OM中感覺電流，依據(jù)求得流過OM的電荷量，依據(jù)能量守恒可得外力的功率等于發(fā)熱功率；【詳解】A．OA桿由OM地點(diǎn)以恒定的角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)到ON地點(diǎn)的過程，產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢(shì)，那么感覺電流大小恒定，由右手定那么可得OM中電流方向?yàn)镸流向O，故A錯(cuò)誤；BD．依據(jù)閉合電路歐姆定律可得OM中感覺電流，那么流過OM的電荷量為，假定

OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，那么流過

OM的電荷量不變，故B正確，D錯(cuò)誤；C．OM的發(fā)熱功率

，依據(jù)能量守恒可得外力的功率應(yīng)為，故C正確；應(yīng)選BC。【點(diǎn)睛】重點(diǎn)是明確OA桿的切割磁感線是電源，依據(jù)能量守恒定律、切割公式和歐姆定律頻頻列式求解。9."蹦極"是一項(xiàng)深受年青人喜歡的極限運(yùn)動(dòng)，跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在腰間，從幾十米高處跳下．如右圖所示，某人做蹦極運(yùn)動(dòng)，他從高臺(tái)由靜止開始著落，著落過程不計(jì)空氣阻力，設(shè)彈性繩原長為h0，彈性繩的彈性勢(shì)能與其伸長量的平方成正比．那么他在從高臺(tái)著落至最低點(diǎn)的過程中，他的動(dòng)能Ek、彈性繩的彈性勢(shì)能EP隨著落高度h變化的關(guān)系圖象正確的選項(xiàng)是A.B.C.D.【答案】BD【分析】【剖析】剖析人運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，，依據(jù)動(dòng)能定理求出動(dòng)能Ek與著落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行剖析，依據(jù)功能關(guān)系可求彈性繩的彈性勢(shì)能EP與著落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行剖析；【詳解】彈性繩被拉直前，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，依據(jù)動(dòng)能定理可得，〔〕，彈性繩的彈性勢(shì)能為零；彈性繩剛被拉直到人所受的重力與彈力大小相等的過程，人做加快度減小的加快運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加快度為零，速度抵達(dá)最大值，從人所受的重力與彈力大小相等到最低點(diǎn)的過程中，人做加快度增大的減速運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)時(shí)速度為零；依據(jù)動(dòng)能定理可得，〔〕，戰(zhàn)勝彈性繩的彈力做功等于彈性繩的彈性勢(shì)能的變化量可得，那么有他的動(dòng)能，〔〕，彈性繩的彈性勢(shì)能，故BD正確，AC錯(cuò)誤；應(yīng)選BD。三、簡答題：本題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計(jì)42分．請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的地點(diǎn)．10.用以下列圖的實(shí)驗(yàn)裝置研究“加快度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系〞

.圖中

為兩個(gè)光電門,為固定在木槽上的遮光條.實(shí)驗(yàn)前(不掛鉤碼)左右挪動(dòng)小木塊使木槽能夠在長木板上勻速運(yùn)動(dòng).遮光條的寬度為,兩光電門間的距離為.實(shí)驗(yàn)時(shí)木槽每次都從同一地點(diǎn)由靜止開釋,研究對(duì)象為木槽(包含內(nèi)部的砝碼)及鉤碼構(gòu)成的系統(tǒng).(1)經(jīng)過光電計(jì)時(shí)器讀出遮光條經(jīng)過

兩個(gè)光電門的時(shí)間分別是

,那么木槽的加快度是_______.(

用丈量的符號(hào)表示

)保持懸掛鉤碼的質(zhì)量不變,增添或減少槽內(nèi)的砝碼,測(cè)出每次對(duì)應(yīng)的加快度,為了能直觀反應(yīng)在合外力必定的狀況下

,加快度與質(zhì)量的關(guān)系

,應(yīng)作出

a_______關(guān)系圖象(

表示槽及槽內(nèi)砝碼的總質(zhì)量

).A.B.

C.

D.為了精準(zhǔn)丈量木槽運(yùn)動(dòng)的加快度,甲同學(xué)固定光電門,挪動(dòng)光電門,而后開釋木槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過光電門的時(shí)間,乙同學(xué)固定光電門,挪動(dòng)光電門,而后開釋木槽,測(cè)出遮光條每次經(jīng)過光電門的時(shí)間,兩位同學(xué)依據(jù)圖象求解系統(tǒng)的加快度.甲同學(xué)作出的圖象應(yīng)為以下列圖中的_________,乙同學(xué)作出的圖象應(yīng)為以下列圖中的_________.假定甲同學(xué)所作圖象斜率的絕對(duì)值為,那么木槽的加快度_________.ABCD【答案】(1).B(2).D(3).B(4).C(5).【分析】【詳解】〔1〕對(duì)系統(tǒng)研究，總質(zhì)量保持不變，加快度與協(xié)力成正比，系統(tǒng)所受的合力為mg，那么a與mg的關(guān)系是成正比關(guān)系，應(yīng)選B?！?〕懸掛鉤碼的質(zhì)量m保持不變，即協(xié)力保持不變，a與系統(tǒng)質(zhì)量成反比，可知為了能直觀反應(yīng)在合外力必定的狀況下，加快度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)作a-圖線，應(yīng)選D。〔3〕甲同學(xué)固定光電門B，挪動(dòng)光電門A，而后開釋凹槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過光22電門A的時(shí)間t1．經(jīng)過光電門A的剎時(shí)速度vA＝，B點(diǎn)的速度為定值，依據(jù)vB-vA＝2ax得，，故B正確。乙同學(xué)固定光電門A，挪動(dòng)光電門B，而后開釋凹槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過光電門B的時(shí)間t2，經(jīng)過光電門B的剎時(shí)速度vB＝，A點(diǎn)的速度為定值，依據(jù)22得，，故C正確。假定甲同學(xué)所作圖vB-vA＝2ax象的斜率的絕對(duì)值為k，那么有，解得系統(tǒng)的加快度。【點(diǎn)睛】對(duì)于圖線問題，一般的解題思路是得出物理量的關(guān)系式，進(jìn)而確立正確的圖線，聯(lián)合圖線的斜率或截距求解一些物理量.11.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來丈量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，定值電阻R1＝16Ω．〔1〕閉合開關(guān)S后，電壓表V1無讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)電路中存在斷路故障，那么該故障可能在______〔選填“ab〞、“bc〞或“cd〞〕兩點(diǎn)間．〔2〕清除故障后，閉合開關(guān)S，調(diào)理滑動(dòng)變阻器的阻值，記錄多組電壓表的示數(shù)U2，以下表所示．請(qǐng)依據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出U2－U1圖象．

U1、U2/V

U1/V〔3〕由圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)E＝__V，內(nèi)阻r＝__Ω．〔結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字〕【答案】(1).cd(2).【分析】【剖析】明確電路構(gòu)造，進(jìn)而剖析故障原由；依據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象；依據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行剖析，列出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，進(jìn)而明確圖象的意義并求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；【詳解】解：(1)電壓表V1無讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，說明V1無與電源斷開，而V2與電源是連結(jié)的，故發(fā)生斷路的是cd；依據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象以下列圖；(3)依據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律可知：，變形可得：，由圖可知，圖象與縱軸的截距表示電動(dòng)勢(shì)，故；圖象的斜率，解得：；【點(diǎn)睛】安阻法丈量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法，注意本題中將電壓表與定值電阻并聯(lián)充任電流表使用，注意數(shù)據(jù)辦理的根本方法。12.以下說法中正確的選項(xiàng)是．振動(dòng)的帶電微粒輻射或汲取的能量能夠是隨意數(shù)值B.鈾核〔〕衰變?yōu)棣亮Ｗ雍土硪辉雍耍プ儺a(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能實(shí)驗(yàn)說明，只需照耀光的強(qiáng)度足夠大，就必定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象核力將核子牢牢約束在原子核內(nèi)，所以核力只表現(xiàn)為引力【答案】B【分析】【詳解】A．依據(jù)普朗克能量子假說的認(rèn)識(shí)，振動(dòng)的帶電微粒輻射或汲取的能量只好是某一最小能量值的整數(shù)倍，故A錯(cuò)誤；B．鈾核( )衰變的過程中會(huì)開釋能量，所以衰變產(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能，故B正確；C．依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的頻次有關(guān)，與光的強(qiáng)度沒關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．核力將核子牢牢約束在原子核內(nèi)，核力在大于，小于的范圍內(nèi)表現(xiàn)為吸引力，在小于時(shí)表現(xiàn)為斥力，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選B?！军c(diǎn)睛】振動(dòng)的帶電微粒輻射或汲取的能量只好是某一最小能量值的整數(shù)倍，衰變產(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能；發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的強(qiáng)度沒關(guān)。將總質(zhì)量為1.05kg的模型火箭點(diǎn)火升空，在0.02s時(shí)間內(nèi)有50g燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭尾部噴出．在燃?xì)鈬姵鲞^程，火箭獲取的均勻推力為_____N，在燃?xì)鈬姵龊蟮乃矔r(shí)，火箭的速度大小為_____m/s〔燃?xì)鈬姵鲞^程中重力和空氣阻力可忽視〕．【答案】(1).500(2).10【分析】【剖析】依據(jù)動(dòng)能定理可求燃?xì)猥@取的均勻推力，依據(jù)牛頓第三定律可知火箭獲取的均勻推力，在噴氣的很短時(shí)間內(nèi)，火箭和燃?xì)鈽?gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，聯(lián)合動(dòng)量守恒定律求出火箭的速度大??；【詳解】在燃?xì)鈬姵鲞^程，以燃?xì)鉃閷?duì)象，規(guī)定火箭的速度方向?yàn)檎较?，依?jù)動(dòng)能定理可得：，解得，依據(jù)牛頓第三定律可得火箭獲取的均勻推力為500N；發(fā)射前后系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，依據(jù)動(dòng)量守恒定律得，解得火箭的速度大??；我國自行研制的一種大型激光器，能發(fā)出頻次為ν、功率為P0的高純度和高亮度激光．以下列圖，光電管的陰極K用某金屬制成，閉合開關(guān)S，當(dāng)該激光射向陰極，產(chǎn)生了光電流．挪動(dòng)變阻器的滑片P，當(dāng)光電流恰為零時(shí)，電壓表的示數(shù)為Uc，普朗克常量為h，電子電荷量為e，真空中的光速為c．求：①激光器發(fā)出的光子的動(dòng)量p；②光電管陰極K的截止頻次νc．【答案】①p=②νc=ν-【分析】【剖析】依據(jù)光電效應(yīng)方程，求出光電子的最大初動(dòng)能，依據(jù)逸出功和截止頻次的大小關(guān)系求出光電管陰極K的截止頻次；【詳解】解：①由：解得p=②由又解得由解得15.以下說法中正確的選項(xiàng)是．油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)致使丈量結(jié)果偏大制作晶體管、集成電路只好用單晶體，單晶體是各向同性的必定量的理想氣體等壓膨脹，氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小水凝固成冰后，水分子的熱運(yùn)動(dòng)停止【答案】AC【分析】【詳解】A．油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)致使薄層的面積偏小，依據(jù)可知丈量結(jié)果偏大，故A正確；B．制作晶體管、集成電路只好用單晶體，因?yàn)閱尉w擁有各向異性，故B錯(cuò)誤；C．必定量的理想氣體等壓膨脹，體積變大，單位體積的分子數(shù)減小，氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小，故C正確；D．分子是永不暫停地做無規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，所以水凝固成冰后，水分子的熱運(yùn)動(dòng)不會(huì)停止，D錯(cuò)誤；應(yīng)選AC?！军c(diǎn)睛】油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)致使薄層的面積??；制作晶體管、集成電路只好用單晶體；分子是永不暫停地做無規(guī)那么運(yùn)動(dòng)；氧氣分子在0℃和100℃溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖A2中兩條曲線所示．圖中實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在_____℃時(shí)的情況；圖中虛線下面積_____實(shí)線下面積．〔填“大于〞、“等于〞、“小于〞〕【答案】

(1).100

(2).

等于【分析】【剖析】依據(jù)對(duì)應(yīng)的最大比率的速率區(qū)間，說明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度的情況；【詳解】由圖可知，擁有最大比率的速率區(qū)間，0℃時(shí)對(duì)應(yīng)的速率小，故說明虛線為0℃的散布圖象，實(shí)線對(duì)應(yīng)的最大比率的速率區(qū)間內(nèi)分子動(dòng)能大，說明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度大，故為實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在100℃時(shí)的情況；在0℃和100℃兩種不一樣狀況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)當(dāng)?shù)扔?，即相等；【點(diǎn)睛】溫度是分子均勻動(dòng)能的標(biāo)記，溫度高升分子的均勻動(dòng)能增添，不一樣溫度下同樣速率的分子所占比率不一樣，要注意明確圖象的意義是解題的重點(diǎn)；如圖，必定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷狀態(tài)b、c、抵達(dá)狀態(tài)d，必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能與溫度知足U=kT〔k為常數(shù)〕．該氣體在狀態(tài)a時(shí)溫度為T0，求：①氣體在狀態(tài)d時(shí)的溫度；②氣體從狀態(tài)a抵達(dá)狀態(tài)d過程從外界汲取的熱量．【答案】①Td=3T0②Q=2kT0﹢6p0V0【分析】【剖析】a到d氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律能夠求出氣體的溫度；求出氣體做的功，而后應(yīng)用熱力學(xué)第必定律求出從外界汲取的熱量；【詳解】解：①狀態(tài)a與狀態(tài)d壓強(qiáng)相等，由：可得：②依題意可知：，由熱力學(xué)第必定律，有：此中：聯(lián)立可得：以下說法正確的選項(xiàng)是________．在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，假定僅將入射光由綠光改為紅光，那么相鄰干涉條紋間距變寬光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物全息照片的拍攝利用了光的衍射原理地面上測(cè)得靜止的直桿長為L，那么在高速飛翔火箭中的人測(cè)到手中的桿長應(yīng)小于L【答案】AB【分析】【剖析】依據(jù)相對(duì)論原理，沿著飛翔方向上，長度縮短，依據(jù)條紋寬度的公式，剖析改變?nèi)肷涔饪傻孟噜徃缮鏃l紋間距的變化；【詳解】A．在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，依據(jù)條紋寬度的公式可知，假定僅將入射光由綠光改為紅光，波長變長，那么相鄰干涉條紋間距變寬，故A正確；B．光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物，利用了激光的頻次單調(diào)性的特色，故正確；C．全息照片常常用激光來拍攝，主假如利用了激光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)相對(duì)論原理，地面上測(cè)得靜止的直桿長為L，在沿桿方向高速飛翔火箭中的人相對(duì)于桿是靜止的，所以測(cè)得長度不變，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選AB?！军c(diǎn)睛】在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，波長變長，那么相鄰干涉條紋間距變寬；光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物；全息照片利用了激光的干涉原理；較長軟繩的一端固定在O點(diǎn)，拉直后的水平繩沿x軸，手持軟繩的另一端點(diǎn)A以周期T=0.5s在豎直方向上做簡諧運(yùn)動(dòng)，帶動(dòng)繩上的其余質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)形成簡諧波沿繩水平流傳，表示如圖．繩上有另一質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向?yàn)椤策x填“豎直向下〞、“豎直向下〞、“水平向右〞或“水平向左〞〕．振動(dòng)在x軸負(fù)方向上流傳的速度v為___________m/s．【答案】(1).豎直向下(2).2【分析】【剖析】依據(jù)“上下坡法〞可知質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向；由圖可知波長，依據(jù)速度公式求出流傳的速度；【詳解】波的流傳方向?yàn)閤軸負(fù)方向，依據(jù)“上下坡法〞可知繩上有另一質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向?yàn)樨Q直向下；由圖可知波長，振動(dòng)在x軸負(fù)方向上流傳的速度；20.以下列圖，折射率，半徑為R的透明球體固定在水平川面上，O為球心，其底部P點(diǎn)有一點(diǎn)光源，過透明球體的極點(diǎn)Q有一足夠大的水平光屏，真空中光速為c，求：①光在球體中沿直線從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的流傳時(shí)間t；②假定不考慮光在透明球體中的反射影響，光屏上光照面積S的大小?！敬鸢浮竣佗凇痉治觥俊?〕光在透明球體內(nèi)流傳速度

①光從的時(shí)間②聯(lián)立①②得③〔2〕設(shè)透明球體介質(zhì)的臨界角為

,那么

得

④光屏上光照面為認(rèn)為圓心，為半徑的圓，以下列圖，由幾何知識(shí)得，其半徑⑤光屏上光照面積⑥【點(diǎn)睛】解決光學(xué)識(shí)題的重點(diǎn)要掌握全反射的條件、折射定律、光速公式，運(yùn)用幾何知識(shí)聯(lián)合解決這種問題．

、臨界角公式四、計(jì)算題:本題共3小題，合計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫出必需的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不可以得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中一定明確寫出數(shù)值和單位．以下列圖，一根有必定電阻的直導(dǎo)體棒質(zhì)量為、長為L，其兩頭放在位于水平面內(nèi)間距也為L的圓滑平行導(dǎo)軌上，并與之接觸優(yōu)秀；棒左邊兩導(dǎo)軌之間連結(jié)一可控電阻；導(dǎo)軌置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面，時(shí)刻，給導(dǎo)體棒一個(gè)平行與導(dǎo)軌的初速度，此時(shí)可控電阻的阻值為，在棒運(yùn)動(dòng)過程中，經(jīng)過可控電阻的變化使棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，導(dǎo)體棒向來在磁場(chǎng)中。〔1〕求可控電阻R隨時(shí)間變化的關(guān)系式；〔2〕假定棒中電流強(qiáng)度為I，求時(shí)間內(nèi)可控電阻上耗費(fèi)的均勻功率P；〔3〕假定在棒的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中將題中的可控電阻改為阻值為的定值電阻，那么棒將減速運(yùn)動(dòng)位移后停下；而由題干條件，棒將運(yùn)動(dòng)位移后停下，求的值?！敬鸢浮俊?〕；〔2〕；〔3〕【分析】試題剖析：〔1〕因棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，故棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)棒的電阻為，電流為I，其初速度為，加快度大小為，經(jīng)時(shí)間后，棒的速度變?yōu)?，那么有：而，時(shí)刻棒中電流為：，經(jīng)時(shí)間后棒中電流為：，由以上各式得：。〔2〕因可控電阻R隨時(shí)間均勻減小，故所求功率為：，由以上各式得：?！?〕將可控電阻改為定值電阻，棒將變減速運(yùn)動(dòng)，有：，，而，，由以上各式得，而，由以上各式得，所求?？键c(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感覺電動(dòng)勢(shì)；電磁感覺中的能量轉(zhuǎn)變【名師點(diǎn)睛】解決本題的重點(diǎn)知道剖析導(dǎo)體棒受力狀況，應(yīng)用閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律求解，注意對(duì)于線性變化的物理量求均勻的思路，本題中先后用到均勻電動(dòng)勢(shì)、均勻電阻和均勻加快度。22.以下列圖，小車右端有一半圓形圓滑軌道BC相切車表面于B點(diǎn)，一個(gè)質(zhì)量為m=1.0kg能夠視為質(zhì)點(diǎn)的物塊擱置在A點(diǎn)，隨小車一同以速度v0沿圓滑水平面上向右勻速運(yùn)動(dòng)．勁度系數(shù)較大的輕質(zhì)彈簧固定在右邊豎直擋板上．當(dāng)小車壓縮彈簧到最短時(shí)，彈簧自鎖〔即不再壓縮也不恢復(fù)形變〕，此時(shí)，物塊恰幸虧小車的B處，今后物塊