2022屆河南省安陽市第三十五中學物理高二第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2021-2022高二下物理期末模擬試卷考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、甲、乙兩個同學打乒乓球，某次動作中，甲同學持拍的拍面與水平方向成45°角，乙同學持拍的拍面與水平方向成30°角，如圖所示．設乒乓球擊打拍面時速度方向與拍面垂直，且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等，不計空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速度υ1與乒乓球擊打乙的球拍的速度υ2之比為（）A． B． C． D．2、如圖甲所示，在豎直平面內(nèi)有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4，在L1與L2、L3與L4之間均存在著勻強磁場，磁感應強度的大小為1T，方向垂直于豎直平面向里．現(xiàn)有一矩形線圈abcd，寬度cd＝L＝0.5m，質量為0.1kg，電阻為2Ω，將其從圖示位置(cd邊與L1重合)由靜止釋放，速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，t1時刻cd邊與L2重合，t2時刻ab邊與L3重合，t3時刻ab邊與L4重合，t2－t3之間的圖線為與t軸平行的直線，t1－t2之間和t3之后的圖線均為傾斜直線，已知t1－t2的時間間隔為0.6s，整個運動過程中線圈始終位于豎直平面內(nèi)．(重力加速度g取10m/s2)則()A．在0－t1時間內(nèi)，通過線圈的電荷量為2.5CB．線圈勻速運動的速度為8m/sC．線圈的長度ad＝1mD．0－t3時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為4.2J3、用水平力F推靜止在斜面上的物塊,當力F由零開始逐漸增大到某一值而物塊仍保持靜止狀態(tài),則物塊(

)A．所受斜面摩擦力可能變?yōu)榱鉈．所受合力逐漸增大C．所受斜面彈力逐漸變小D．所受斜面作用力大小不變4、如圖所示，a是由兩種單色光組成的一束復色光，射向半圓玻璃磚的圓心O，折射后分成b、c兩種單色光。由此可知A．玻璃對c光的折射率較大B．c光在玻璃中的傳播速度較大C．b光的頻率較小D．b光的光子能量較小5、電視機顯像管的陰極工作時能發(fā)射電子，熒光屏被電子束撞擊就能發(fā)光．可是，很細的束電子打在熒光屏上只能產(chǎn)生一個亮點．如圖所示，為使電子束偏轉，產(chǎn)生一幅畫面，需要在管頸安裝偏轉線圈來提供偏轉磁場．如果要使電子束打在熒光屏上的位置由A逐漸向B點移動，則下列關于偏轉磁場說法正確的是A．偏轉磁場應該是勻強磁場，方向垂直于紙面向里B．偏轉磁場應該是勻強磁場，方向垂直于紙面向外C．偏轉磁場應該是先垂直于紙面向外，其磁感應強度逐漸減小為0，然后反方向增大D．偏轉磁場應該是先垂直于紙面向里，其磁感應強度逐漸減小為0，然后反方向增大6、如圖所示，內(nèi)壁光滑，四角呈圓弧狀的長方形空腔管，位于豎直平面內(nèi)，BD等高，AB邊長于AD邊．現(xiàn)有兩個相同的小球，從靜止開始由A點同時分別從左右兩側運動到C點，小球與彎管處碰撞過程中動能的損失和所用時間都不計，則下列說法正確的是（）A．兩球同時到達C點，兩球到C點時動量相等B．兩球同時到達C點，兩球到C點時動量不等C．兩球到達C時的速率相同，左側小球先到達D．兩球到達C時的速率相同，右側小球先到達二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是氫原子的能級示意圖.當氫原子從的能級躍遷到的能級時,輻射紫色光,光的波長為.下列判斷正確的是（）A．躍遷過程中電子的軌道是連續(xù)變小的B．氫原子從躍遷到能級時,輻射光的波長大于C．輻射的紫色光能使處于能級的氫原子電離D．大量處于能級的氫原子向低能級躍遷時最多輻射6種不同譜線8、關于晶體及液晶，下列說法中正確的是（）A．晶體的導熱性能一定是各向異性B．組成晶體的原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的C．單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點D．在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變E.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點9、如圖所示，電源的電動勢E＝30V，內(nèi)阻r＝2Ω，定值電阻R＝16Ω，M是電動機，線圈電阻R′＝1Ω。電動機正常工作時，理想電壓表示數(shù)為12V，則A．通過定值電阻R的電流為2AB．定值電阻R兩端的電壓為16VC．電動機的輸出功率11WD．電動機的發(fā)熱功率為2W10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器.開關閉合后，燈泡L能正常發(fā)光．當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A．燈泡L將變暗 B．燈泡L將變亮C．電容器C的電荷量將減小 D．電容器C的電荷量將增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計(零刻線在正中位置)及開關如圖所示連接在一起，在開關閉合、線圈A在線圈B中的情況下，某同學發(fā)現(xiàn)當他將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電流計指針向右偏轉，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時，電流表指針________。當開關由斷開狀態(tài)突然閉合，電流表指針將___________。(均選填“右偏”或“左偏”)12．（12分）如圖為“碰撞實驗器”，它可以探究動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗中必須要求的條件是______．A．斜槽軌道盡量光滑以減少誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球和被碰球的質量必須相等，且大小相同D．入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止釋放(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜置于小平軌道的末端，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并重復多次．本實驗還需要完成的必要步驟是________(填選項前的符號)．A．用天平測量兩個小球的質量m1、m2B．測量拋出點距地面的高度HC．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、ND．測量平拋射程OM、ON(3)某次實驗中得出的落點情況如圖所示，假設碰撞過程中動量守恒，則入射小球的質量m1和被碰小球的質量m2之比為________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為邊長為L的單匝正方形線圈abcd，放在磁感強度為B的勻強磁場中，從圖示位置開始以bc邊為軸勻速轉動．線圈從圖示位置轉過一周的過程中產(chǎn)生的熱量已知線圈的bc邊與磁場方向垂直，線圈電阻為求：(1)線圈轉動的角速度大??；(2)線圈從圖示位置轉過時，線圈產(chǎn)生的感應電動勢的瞬時值；(3)線圈從圖示位罝轉過的過程中，線圈產(chǎn)生的感應電動勢的平均值．14．（16分）測定玻璃的折射率．取一塊半圓形玻璃磚，O點為圓心，一束紅色激光從左側圓面對準圓心O進入玻璃磚，最初入射光線垂直于玻璃磚右側平面，如圖中實線所示．保持入射光方向和O點位置不變，讓玻璃磚繞O點沿逆時針方向緩慢旋轉，當轉過θ角時（圖中虛線位置），折射光線消失．則玻璃對紅光的折射率n=_____．若換綠色激光重復上述實驗，則折射光線消失時，玻璃磚轉過的角度θ′____θ（選填“>”、“=”或“<”）．15．（12分）如圖甲所示，U形氣缸固定在水平地面上，用面積S=10cm2的活塞(該活塞重力不計)封閉著一定質量的氣體，已知氣缸不漏氣，活塞移動過程無摩擦．外界大氣壓強為p0=1.0×105Pa，初始時活塞緊壓小擋板.現(xiàn)緩慢升高缸內(nèi)氣體的溫度.①請在乙圖中作出能反映氣缸內(nèi)氣體的壓強p隨熱力學溫度T變化的圖像；②當溫度緩慢升高到t1=27℃時，活塞與小擋板間恰好無作用力.現(xiàn)在活塞上加一質量為m=4kg的砝碼，要使加砝碼后的活塞與小擋板間恰好無作用力，則溫度至少要升高到多少攝氏度?g取10N/kg.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題可知，乒乓球在甲與乙之間做斜上拋運動，根據(jù)斜上拋運動的特點可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變，豎直方向的分速度是不斷變化的，由于乒乓球擊打拍面時速度與拍面垂直，在甲處：；在乙處：；所以：＝．故C正確，ABD錯誤2、B【解析】根據(jù)平衡有：mg=BIL；而；聯(lián)立兩式解得：，故B正確．t1～t2的時間間隔內(nèi)線圈一直做勻加速直線運動，知ab邊剛進上邊的磁場時，cd邊也剛進下邊的磁場．設磁場的寬度為d，則線圈的長度：L′=2d；線圈下降的位移為：x=L′+d=3d，則有：3d=vt-gt2，將v=8m/s，t=0.6s，代入解得：d=1m，所以線圈的長度為L′=2d=2m．故C錯誤．在0～t1時間內(nèi)，cd邊從L1運動到L2，通過線圈的電荷量為：．故A錯誤．0～t3時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒得：Q=mg（3d+2d）-mv2=0.1×10×(3+2)?×0.1×82＝1.8J．故D錯誤．故選B．點睛：解決本題的關鍵理清線圈的運動情況，選擇合適的規(guī)律進行求解，本題的難點就是通過線圈勻加速直線運動挖掘出下落的位移為磁場寬度的3倍．3、A【解析】

ABC.物體靜止平衡，所受合力為零；受力分析如圖所示，把F沿斜面向上和垂直于斜面向下分解，隨著F增大，所受斜面摩擦力先減后增，某時可能變?yōu)榱悖凰苄泵鎻椓σ恢敝饾u變大；A正確BC錯誤。D.所受斜面作用力，根據(jù)平衡條件可知斜面對物體作用力大小等于，逐漸變大，D錯誤。4、B【解析】

AC.由圖知，兩束光的入射角相等，b光的折射角大于c光的折射角，由折射定律可知，玻璃磚對b光的折射率大于c光的折射率，所以b光的頻率大于c光的頻率，AC錯誤。B.根據(jù)可知，折射率大的b光，在玻璃中傳播速度小，B正確。D.光子能量，所以頻率大的b光光子能量大，D錯誤。5、C【解析】

要使電子束打在熒光屏上A點，電子束所受的洛倫茲力方向向上，根據(jù)左手定則可以得知，偏轉磁場的方向應該由里向外．要使電子束打在熒光屏上B點，電子束所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則可以得知，偏轉磁場的方向應該由外向里．要使電子束在熒光屏上的位置由A向B點移動，電子在偏轉磁場中運動的半徑先增大后減小，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：，則電子在磁場中圓周運動的半徑公式，故偏轉磁場應該是先垂直于紙面向外，其磁感應強度逐漸減小為零，然后反方向增大．故C正確，ABD錯誤．6、D【解析】由機械能守恒可知，兩小球達到C點的速率相同，畫出兩小球運動的速率時間圖象，如圖由圖象可知，右側小球先到達C點，故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.根據(jù)玻爾理論，原子只能處于一系列不連續(xù)的軌道狀態(tài)，故A錯誤；B.從n=5躍遷到n=2的能級時，輻射光的波長為434nm，即有：h=(?0.54?(?3.4))eV=2.86eV，而從n=5躍遷到n=3的能級時，輻射能量減小，則光的波長更長，故B正確；C.從n=5躍遷到n=2的能級時，輻射光的能量為(?0.54?(?3.4))eV=2.86eV，處于能級的氫原子電離所需要的能量為0-（-0.85）=0.85eV，所以輻射的紫色光可以使處于能級的氫原子電離，故C正確；D.根據(jù)數(shù)學組合C=10，可知一群n=5能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生10種譜線．故D錯誤．故選BC8、BCE【解析】

A.晶體有單晶體和多晶體，多晶體物理性質各向同性，單晶體才各向異性，故A錯誤。B.組成晶體的原子（或分子、離子）都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性。選項B正確；C.單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，選項C正確；D.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能增加，選項D錯誤；E.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點，選項E正確.9、BC【解析】

A．理想電壓表示數(shù)為12V，根據(jù)閉合電路歐姆定律，內(nèi)阻r和定值電阻R的電壓和為U=18V，根據(jù)歐姆定律，通過定值電阻R的電流為=1A，故A錯誤；B．根據(jù)歐姆定律，定值電阻R兩端的電壓=1×16V=16V，故B正確；CD．電動機的總功率=12W，電動機的發(fā)熱功率=1W，電動機的輸出功率=11W，故C正確，D錯誤。10、AD【解析】

AB.當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，電路中電流減小，燈L變暗，故A正確，B錯誤；CD.電容器的電壓等于路端電壓，電路中電流減小，內(nèi)電壓增減小，可見路端電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大，故C錯誤，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、右偏左偏【解析】當他將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電阻變大，電路中電流減小，穿過B的磁通量減小，產(chǎn)生的感應電流使電流計指針向右偏轉，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時，穿過B的磁通量也是減小，產(chǎn)生的感應電流使電流計指針也向右偏轉。當開關由斷開狀態(tài)突然閉合，電流變大，穿過B的磁通量變大，產(chǎn)生的感應電流使電流計指針向左偏轉.12、（1）BD（2）ACD（3）4:1【解析】試題分析：（1）A、只要小球離開軌道時的水平速度相等即可，不需要要求軌道光滑，故A錯誤；為了保證小球做平拋運動，斜槽末端必須水平；故B正確；為防止入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，故C錯誤；為保證小球每次平拋的速度均相同；故應入射小球每次從同一點由靜止釋放；故D正確；（2）實驗時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中CD是必須的，而且C要在D之前．至于用天平秤質量先后均可以．所以答案是ACD；（3）由圖2所示可知，OP=1．5cm，OM=2．5cm，ON=3．0cm，如果兩球碰撞過程動量守恒，則：，代入數(shù)據(jù)求得：；考點：驗證碰撞中的動量守恒實驗【名師點睛】驗證碰撞中的動量守恒，入射球質量應大于被碰球的質量；驗