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試卷第=page2222頁,總=sectionpages2222頁試卷第=page2121頁,總=sectionpages2222頁貴州省興義市某校初二(下)期中考試數(shù)學試卷一、選擇題
1.若二次根式3x+1有意義,則xA.x>13 B.x≥-
2.在下列長度的各組線段中,能構(gòu)成直角三角形的是(?????????)A.3,6,8 B.4,5,8 C.6,8,10 D.7,7,10
3.下列二次根式中,是最簡二次根式的是(
)A.x2+y2 B.x
4.檢查一個門框(已知兩組對邊分別相等)是不是矩形,不可用的方法是(?????????)A.測量兩條對角線是否相等B.測量門框相鄰的兩個角是否相等C.測量兩條對角線是否互相平分D.測量門框的一個角是否是直角
5.下列計算結(jié)果正確的是(
)A.32-2=3 B.(-2)
6.如圖是屋架設計圖的一部分,其中∠A=30°,D是斜梁AB的中點,BC,DE垂直于橫梁AC,DC=8m,則A.2m B.4m C.6
7.如圖,在△ABC中,∠C=90°,點D在邊BC上,AD=BD,DE平分∠ADB交AB于點E,連接CE.若AC=12A.6 B.8 C.10 D.12
8.如圖,在四邊形ABCD中,∠ABC=∠ADC=90°,∠DAC=45°,∠BAC=30°,A.15° B.14° C.12
9.如圖,四邊形ABCD為矩形,O為對角線AC,BD的交點,AE⊥BO于點E.若∠BOC=120°,AB=4A.25 B.4 C.2 D.
10.如圖,菱形ABCD的對角線相交于點O,AC=12,BD=16,點P為邊BC上一點,且點P不與點B,C重合,過點P作PE⊥AC于點E,PF⊥BD于點F,連結(jié)EF,則A.4 B.4.8 C.5 D.6二、填空題
化簡:8-31三、解答題
(1)計算:48-(2)已知a=12+1,
如圖,某工廠C前面有一條筆直的公路,原來有兩條路AC,BC可以從工廠C到達公路,經(jīng)測量AC=600m,BC=800m,AB=1000m,現(xiàn)需要修建一條路,使工廠
如圖,平行四邊形ABCD的對角線AC,BD交于點O,M,N分別是AB,AD的中點.
(1)求證:四邊形AMON是平行四邊形;(2)若AC=6,BD=4,∠AOB
如圖,在△ABC中,AB=AC,點D是邊AB上一點,DE?//?BC交AC于點E,連接BE,點F,G,H分別為BE,1求證:FG=2當∠A為多少度時,F(xiàn)G
閱讀下面的問題:
12+1=2-12+12-(1)求17+6(2)已知n是正整數(shù),求1n+1+(3)計算12+1+
如圖1,已知AD?//?BC,AB?(1)求證:四邊形ABCD為矩形;(2)如圖2,M為AD的中點,在AB上取一點N,使∠BNC=2∠DCM.
①若N為AB中點,BN=2,求CN的長;
②若CM=3,CN
參考答案與試題解析貴州省興義市某校初二(下)期中考試數(shù)學試卷一、選擇題1.【答案】B【考點】二次根式有意義的條件【解析】要使二次根式有意義,即被開方數(shù)為非負數(shù),據(jù)此解答即可.【解答】解:由題意得:3x+1≥0,
解得x≥-132.【答案】C【考點】勾股定理的逆定理【解析】由勾股定理的逆定理,只要驗證兩小邊的平方和等于最長邊的平方即可.【解答】解:對于A,∵32+62≠82,故不能構(gòu)成直角三角形;
對于B,∵42+52≠82,故不能構(gòu)成直角三角形;
對于C,∵3.【答案】A【考點】最簡二次根式【解析】判定一個二次根式是不是最簡二次根式的方法,就是逐個檢查最簡二次根式的兩個條件是否同時滿足,同時滿足的就是最簡二次根式,否則就不是.【解答】解:對于A,符合最簡二次根式的兩個條件,故本選項正確;
對于B,x3=3x3,不是最簡二次根式,故本選項錯誤;
對于C,
12a=23a,不是最簡二次根式,故本選項錯誤;
對于4.【答案】C【考點】矩形的判定【解析】由矩形的判定、平行四邊形的判定,依次判斷可求解.【解答】解:∵門框兩組對邊分別相等,
∴門框是個平行四邊形.
∵對角線相等的平行四邊形是矩形,
故A不符合題意;
∵豎門框與地面垂直,門框一定是矩形,
故B不符合題意;
∵對角線互相平分的四邊形是平行四邊形,
故C符合題意;
∵一個角是直角的平行四邊形是矩形,
故D不符合題意.
故選C.5.【答案】D【考點】二次根式的混合運算【解析】根據(jù)二次根式的加減法對A進行判斷;根據(jù)二次根式的除法法則對B進行判斷;根據(jù)二次根式的性質(zhì)對C、D進行判斷.【解答】解:A,原式=22,所以A選項錯誤;
B,原式=2,所以B選項錯誤.
C,原式=12,所以C選項錯誤;
D,原式=12÷3=2,所以D選項正確.
6.【答案】B【考點】含30度角的直角三角形三角形中位線定理直角三角形斜邊上的中線【解析】由于BC、DE垂直于橫梁AC,可得BC//DE,而D是AB中點,可AB=BD,利用平行線分線段成比例定理可得AE:CE=AD:BD,從而有AE=CE,即可證【解答】解:∵立柱BC,DE垂直于橫梁AC,
∴BC//DE.
∵D是AB中點,
∴AD=BD,
∴DE是△ABC的中位線,
∴DE=12BC.
在Rt△7.【答案】C【考點】角平分線的性質(zhì)勾股定理等腰三角形的性質(zhì):三線合一直角三角形斜邊上的中線【解析】首先根據(jù)勾股定理求得斜邊AB的長度,然后結(jié)合等腰三角形的性質(zhì)來求CE的長度.【解答】解:在△ABC中,∠C=90°,AC=12,BC=16,
由勾股定理知:
AB=AC2+BC2=122+162=20,
∵AD=BD,8.【答案】A【考點】三角形內(nèi)角和定理直角三角形斜邊上的中線等腰三角形的性質(zhì)三角形的外角性質(zhì)【解析】連接DE,根據(jù)直角三角形斜邊上中線的性質(zhì)得出DE=BE=12AC,DE=【解答】解:連接DE.
∵∠ABC=∠ADC=90°,E為AC的中點,
∴DE=BE=12AC,AE=CE=DE,AE=BE.
∵∠DAC=9.【答案】D【考點】矩形的性質(zhì)勾股定理等邊三角形的性質(zhì)與判定【解析】根據(jù)矩形對角線互相平分的性質(zhì)和∠AOB=60°即可判定△AOB為等邊三角形,則AO=AB,根據(jù)BO【解答】解:∵矩形對角線互相平分且相等,
∴AO=BO.
又∠AOB=180°-120°=60°,
∴△AOB為等邊三角形,
即AO=BO=AB=410.【答案】B【考點】垂線段最短菱形的性質(zhì)矩形的判定與性質(zhì)勾股定理【解析】連接OP,由菱形的性質(zhì)解得BO=12BD=8,OC=12AC=6,再根據(jù)勾股定理解得BC【解答】解:連接OP.
因為四邊形ABCD是菱形,AC=12,BD=16,
∴
AC⊥BD,
BO=12BD=8,OC=12AC=6,
∴
BC=OB2+OC2=64+36=10.
∵
PE⊥AC,PF⊥BD,AC⊥BD,
∴四邊形OEPF為矩形,二、填空題【答案】2【考點】二次根式的化簡求值【解析】此題暫無解析【解答】解:原式=22-322
=三、解答題【答案】解:(1)原式=43-(2)∵a=12+1=2-【考點】二次根式的混合運算【解析】此題暫無解析【解答】解:(1)原式=43-(2)∵a=12+1=2-【答案】解:根據(jù)垂線段最短,過點C作CD⊥AB于點D,如圖,
則沿CD修路就能使工廠C到公路的距離最短.
在△ABC中,AC=600m,BC=800m,AB=1000m,
∴AC2+BC2=AB2,
∴△ABC是直角三角形,且∠【考點】勾股定理的逆定理三角形的面積【解析】根據(jù)垂線段最短,過點C作ED⊥AB于點D,則沿CD修路就能使工廠C到公路的距離最短.然后利用勾股定理得逆定理判斷出4ABC是Rt三角形,且∠【解答】解:根據(jù)垂線段最短,過點C作CD⊥AB于點D,如圖,
則沿CD修路就能使工廠C到公路的距離最短.
在△ABC中,AC=600m,BC=800m,AB=1000m,
∴AC2+BC2=AB2,
∴△ABC是直角三角形,且【答案】(1)證明:∵四邊形ABCD是平行四邊形,
∴AO=OC,BO=OD,AB//CD,AD//BC.
∵M,N分別是AB,AD的中點,O為對角線AC,BD的交點,
∴MO//BC,NO(2)解:∵AC=6,BD=4,
∴AO=3,BO=2.
∵∠AOB=90°,M,N分別是AB,AD的中點,
∴AB=AO2+B【考點】平行四邊形的性質(zhì)平行四邊形的判定勾股定理【解析】此題暫無解析【解答】(1)證明:∵四邊形ABCD是平行四邊形,
∴AO=OC,BO=OD,AB//CD,AD//BC.
∵M,N分別是AB,AD的中點,O為對角線AC,BD的交點,
∴MO//BC,NO(2)解:∵AC=6,BD=4,
∴AO=3,BO=2.
∵∠AOB=90°,M,N分別是AB,AD的中點,
∴AB=AO2+B【答案】1證明:∵AB=AC,
∴∠ABC=∠ACB.
∵DE//BC,
∴∠ADE=∠ABC,∠AED=∠ACB,
∴∠ADE=∠AED,
∴AD=AE,
∴DB=EC,
∵點F,G,H分別為BE,2解:∵FG是△EDE的中位線,F(xiàn)H是△BCE的中位線,
∴FH//AC,F(xiàn)N//AB,
∵FG⊥FH,
∴AB⊥AC【考點】等腰三角形的判定與性質(zhì)三角形中位線定理平行線的性質(zhì)平行公理及推論【解析】1根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)得到∠ABC=∠ACB,根據(jù)平行線的性質(zhì)、等腰三角形的判定定理得到AD2延長FG交AC于N,根據(jù)三角形中位線定理得到FH//AC,【解答】1證明:∵AB=AC,
∴∠ABC=∠ACB.
∵DE//BC,
∴∠ADE=∠ABC,∠AED=∠ACB,
∴∠ADE=∠AED,
∴AD=AE,
∴DB=EC,
∵點F,G,H分別為BE2解:∵FG是△EDE的中位線,F(xiàn)H是△BCE的中位線,
∴FH//AC,F(xiàn)N//AB,
∵FG⊥FH,
∴AB⊥【答案】解:(1)根據(jù)所給式子可知,
把17+6的分子,分母分別乘以7-6即可化簡;
把17-6的分子,分母分別乘以(2)由所給式子和(1)的計算可知,
當分母中的兩個二次根式的被開方數(shù)相差1時,
其化簡的結(jié)果等于它的有理化因式;
1n+1+n(3)根據(jù)(2)中所總結(jié)規(guī)律計算即可.
12【考點】規(guī)律型:數(shù)字的變化類分母有理化分式的化簡求值【解析】(1)本題考查了規(guī)律型——數(shù)字類規(guī)律與探究,要求學生通過觀察,分析、歸納發(fā)現(xiàn)其中的規(guī)律,并應用發(fā)現(xiàn)的規(guī)律解決問題.熟練掌握有理化因式是解答本題的關(guān)鍵,單項二次根式的有理化因式是它本身或者本身的相反數(shù);其他代數(shù)式的有理化因式可用平方差公式來進行分步確定.(2)本題考查了規(guī)律型——數(shù)字類規(guī)律與探究,要求學生通過觀察,分析、歸納發(fā)現(xiàn)其中的規(guī)律,并應用發(fā)現(xiàn)的規(guī)律解決問題.熟練掌握有理化因式是解答本題的關(guān)鍵,單項二次根式的有理化因式是它本身或者本身的相反數(shù);其他代數(shù)式的有理化因式可用平方差公式來進行分步確定.(3)本題考查了規(guī)律型——數(shù)字類規(guī)律與探究,要求學生通過觀察,分析、歸納發(fā)現(xiàn)其中的規(guī)律,并應用發(fā)現(xiàn)的規(guī)律解決問題.熟練掌握有理化因式是解答本題的關(guān)鍵,單項二次根式的有理化因式是它本身或者本身的相反數(shù);其他代數(shù)式的有理化因式可用平方差公式來進行分步確定.【解答】解:(1)根據(jù)所給式子可知,
把17+6的分子,分母分別乘以7-6即可化簡;
把17-6的分子,分母分別乘以(2)由所給式子和(1)的計算可知,
當分母中的兩個二次根式的被開方數(shù)相差1時,
其化簡的結(jié)果等于它的有理化因式;
1n+1+n(3)根據(jù)(2)中所總結(jié)規(guī)律計算即可.
12【答案】(1)證明:∵AD?//?BC,AB?//?CD,
∴四邊形ABCD是平行四邊形,
∵AB?//?CD,
∴∠B+∠(2)①如圖2中,延長CM,BA交于點E.
∵AN=BN=2,
∴AB=CD=4,
∵AE?//?DC,
∴∠E=∠MCD,
∵M為AD中點,
∴AM=MD.
在△AEM和△DCM中,
∠E=∠MCD∠AME=∠CMDAM=DM,
∴△AME?△DMC,
∴AE=CD=4,
∵AB//DC,
∴∠BNC=∠DCN.
∵∠BNC=2∠【考點】全等三角形的性質(zhì)與判定矩形的判定與性質(zhì)矩形的判定勾股定理【解析】(1)只要證明∠B=90°即可.
(2)如圖2中,延長CM、BA交于點E,只要證明△AME?△DMC,得到AE=CD-4,再證明
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