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文檔簡介

九年級數(shù)學中考復習《幾何圖形變換綜合壓軸題》專題訓練(附答案)1.已知△ADE和△ABC都是等腰直角三角形,∠ADE=∠BAC=90°,P為AE的中點,連接DP.(1)如圖1,點A,B,D在同一條直線上,直接寫出DP與AE的位置關(guān)系;(2)將圖1中的△ADE繞點A逆時針旋轉(zhuǎn),當AD落在圖2所示的位置時,點C,D,P恰好在同一條直線上.①在圖2中,按要求補全圖形,并證明∠BAE=∠ACP;②連接BD,交AE于點F.判斷線段BF與DF的數(shù)量關(guān)系,并證明.2.如圖,等邊三角形ABC中,D為AB邊上一點(點D不與點A,B重合),連接CD,將CD平移到BE(其中點B和C對應),連接AE.將△BCD繞著點B逆時針旋轉(zhuǎn)至△BAF,延長AF交BE于點G.(1)連接DF,求證:△BDF是等邊三角形;(2)求證:D,F(xiàn),E三點共線;(3)當BG=2EG時,求tan∠AEB的值.3.如圖1,△ABE是等腰三角形,AB=AE,∠BAE=45°,過點B作BC⊥AE于點C,在BC上截取CD=CE,連接AD、DE,并延長AD交BE于點P;(1)求證:AD=BE;(2)試說明AD⊥BE;(3)如圖2,將△CDE繞著點C旋轉(zhuǎn)一定的角度,那么AD與BE的位置關(guān)系是否發(fā)生變化,說明理由.4.如圖,在平面直角坐標系中,已知△ABC的三個頂點的坐標分別為A(﹣3,5),B(﹣2,1),C(﹣1,3).(1)畫出△ABC關(guān)于x軸的對稱圖形△A1B1C1;(2)畫出△A1B1C1向右平移4個單位長度后得到的△A2B2C2;(3)如果點M(a,b)是△ABC內(nèi)部的一點,則經(jīng)過上述兩次變換后,在△A2B2C2內(nèi)部的對應點M2的坐標是;(4)在y軸上存在一點P,使PA+PB的值最小,請在圖中標出點P,并直接寫出點P的坐標.5.【問題背景】如圖1,點P是菱形ABCD內(nèi)一點,∠ABC=60°,PA=1,PB=2,PC=,求∠APB的度數(shù).小明通過分析,思考,形成如下思路:思路一:將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)60°,得到△BP'A,連接PP',從而求出∠APB的度數(shù);思路二:將△APB繞點B順時針旋轉(zhuǎn)60°,得到△CP'B,連接PP',從而求出∠APB的度數(shù).請參考小明的思路,任選一種寫出完整的解答過程.【類比探究】如圖2,若點P是正方形ABCD外一點,PA=4,PB=1,PC=3,求∠APB的度數(shù).6.如圖,在正方形ABCD中,∠EAF=45°,∠EAF繞點A順時針旋轉(zhuǎn),它的兩邊分別交CB,DC(或它們的延長線)于點E、F.AG⊥EF于點G.(1)當∠EAF繞點A旋轉(zhuǎn)到BE=DF時,請你寫出線段AG與AB的數(shù)量關(guān)系,并證明.(2)當∠EAF繞點A旋轉(zhuǎn)到BE≠DF時,問(1)中線段AG與AB的數(shù)量關(guān)系還成立嗎?若成立,給出證明,若不成立,說明理由.7.如圖1,在△ABC中,AE⊥BC于E,AE=BE,D是AE上的一點,且DE=CE,連接BD,CD.(1)如圖1,直接寫出線段BD與AC的位置關(guān)系和數(shù)量關(guān)系.(2)如圖2,若將△DCE繞點E旋轉(zhuǎn)一定的角度后,上題結(jié)論是否發(fā)生變化,若變化,請寫出新的結(jié)論;若不變,請說明理由;8.一節(jié)數(shù)學課上,張老師提出了這樣一個問題:如圖1,點P是正方形ABCD內(nèi)一點,PA=1,PB=2,PC=3.你能求出∠APB的度數(shù)嗎?(1)小明通過觀察、分析、思考,形成了如下思路:思路一:將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△BP′A,連接PP′,求出∠APB的度數(shù);思路二:將△APB繞點B順時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△CP'B,連接PP′,求出∠APB的度數(shù).請參考小明的思路,任選一種寫出完整的解答過程.(2)如圖2,若點P是正方形ABCD外一點,PA=,PB=1,PC=,求∠APB的度數(shù).9.如圖,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=6,BC=8,動點P從A出發(fā),沿AC以每秒3個單位長度的速度向終點C勻速運動,點D為AB的中點,當點P不與A、C重合時,連結(jié)PD,以直線PD為對稱軸作△APD的軸對稱圖形△PED,連結(jié)AE,動點P的運動時間為t秒.(1)線段AB的長為.(2)當直線AE與BC垂直時,求t的值.(3)當△ADE是鈍角三角形時,求t的取值范圍.10.如圖①,在等邊三角形ABC中,點D,E分別在邊AB,AC上,且AD=AE,連接BE,CD,點M,N,P分別是BE,CD,BC的中點.(1)觀察猜想:△PMN的形狀是.(2)探究證明:把△ADE繞點A按逆時針方向旋轉(zhuǎn)到圖②的位置,△PMN的形狀是否發(fā)生改變?請說明理由.(3)拓展延伸:把△ADE繞點A在平面內(nèi)自由旋轉(zhuǎn),若AB=3,AD=1,請直接寫出△PMN周長的最大值.11.已知正方形ABCD,將線段BA繞點B旋轉(zhuǎn)α(0°<α<90°),得到線段BE,連接EA,EC.(1)如圖1,當點E在正方形ABCD的內(nèi)部時,若BE平分∠ABC,AB=4,則∠AEC=°,四邊形ABCE的面積為;(2)當點E在正方形ABCD的外部時,①在圖2中依題意補全圖形,并求∠AEC的度數(shù);②作∠EBC的平分線BF交EC于點G,交EA的延長線于點F,連接CF.用等式表示線段AE,F(xiàn)B,F(xiàn)C之間的數(shù)量關(guān)系,并證明.12.如圖,把一塊直角三角尺ABC的直角頂點C放置在水平直線MN上,在△ABC中,∠C=90°,AC=BC,試回答下列問題:(1)若把三角尺ABC繞著點C按順時針方向旋轉(zhuǎn),當AB∥MN時,∠2=度;(2)在三角尺ABC繞著點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)過程中,分別作AM⊥MN于M,BN⊥MN與N,若AM=6,BN=2,求MN.(3)三角尺ABC繞著點C按順時針方向繼續(xù)旋轉(zhuǎn)到圖3的位置,其他條件不變,則AM、BN與MN之間有什么關(guān)系?請說明理由.13.如圖,在△ABC中,,D,E,F(xiàn)分別為AC,AB,BC的中點,連接DE,DF.(1)如圖1,求證:;(2)如圖2,將∠EDF繞點D順時針旋轉(zhuǎn)一定角度,得到∠PDQ,當射線DP交AB于點G,射線DQ交BC于點N時,連接FE并延長交射線DP于點M,判斷FN與EM的數(shù)量關(guān)系,并說明理由;(3)如圖3,在(2)的條件下,當DP⊥AB時,求DN的長.14.在△ABC中,AB=AC,∠ABC=α,點D是直線BC上一點,點C關(guān)于射線AD的對稱點為點E.作直線BE交射線AD于點F.連接CF.(1)如圖1,點D在線段BC上,補全圖形,求∠AFB的大?。ㄓ煤恋拇鷶?shù)式表示);(2)如果∠α=60°,①如圖2,當點D在線段BC上時,用等式表示線段AF,BF,CF之間的數(shù)量關(guān)系,并證明;②如圖3,當點D在線段CB的延長線上時,直接寫出線段AF、BF、CF之間的數(shù)量關(guān)系.15.旋轉(zhuǎn)變換是解決數(shù)學問題中一種重要的思想方法,通過旋轉(zhuǎn)變換可以將分散的條件集中到一起,從而方便解決問題.已知,△ABC中,AB=AC,∠BAC=α,點D、E在邊BC上,且.(1)如圖a,當α=60°時,將△AEC繞點A順時針旋轉(zhuǎn)60°到△AFB的位置,連結(jié)DF.①∠DAF=;②求證:DF=DE;(2)如圖b,當α=90°時,猜想BD、DE、CE的數(shù)量關(guān)系,并說明理由.16.如圖,△ABC和△ADE是有公共頂點的等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°,把△ADE繞點A旋轉(zhuǎn),點P為射線BD與CE的交點.(1)如圖1,當點D在線段CE上時,求證:BD=CD+AD;(2)若AB=2,AD=1,①如圖2,當點E在BA延長線上時,求PC的長;②在旋轉(zhuǎn)過程中,當四邊形ADPE為正方形時,直接寫出線段PB長度的值.17.如圖,△ABC與△ACD為正三角形,點O為射線CA上的動點,作射線OM與射線BC相交于點E,將射線OM繞點O逆時針旋轉(zhuǎn)60°,得到射線ON,射線ON與射線CD相交于點F.(1)如圖1,點O與點A重合時,點E,F(xiàn)分別在線段BC,CD上,求證:△OEC≌△OFD;(2)如圖2,當點O在CA的延長線上時,E,F(xiàn)分別在線段BC的延長線和線段CD的延長線上,請證明:OC+CE=CF;(3)點O在線段AC上,若AB=6,BO=2,當CF=1時,請求出BE的長.18.綜合與探究我們經(jīng)常會遇到三角形中的“折疊”問題,在解答這種問題時,通常會考慮到折疊前與折疊后的圖形全等,并利用全等圖形的性質(zhì),即對應角相等,對應邊相等來研究解決數(shù)學中的“折疊”問題,每個小組剪了一些如圖1所示的Rt△ABC紙片(∠B=90°,AB=6,BC=8)并進行探究:(1)如圖2,“奮斗”小組將Rt△ABC紙片沿DE折疊,使點C落在△ABC外部的C'處.①若∠1=40°,∠C=37°,則∠2的度數(shù)為.②∠1,∠2,∠C之間的數(shù)量關(guān)系為.(2)如圖3,“勤奮”小組將△ABC沿DE折疊,使點C與點A重合,求BD的長;(3)如圖4,“雄鷹”小組將△ABC沿AD折疊,使點B落在點E處,連接CE,當△CDE為直角三角形時,求BD的長.19.【操作發(fā)現(xiàn)】如圖1,△ABC和△ADE是等邊三角形,連接BD,CE交于點F.①的值為;②∠BFC的度數(shù)為°;【類比探究】如圖2,在△ABC和△ADE中,∠ACB=∠AED=90°,AC=BC,AE=DE,連接CE交BD的延長線于點F.計算的值及∠BFC的度數(shù);【實際應用】在(2)的條件下,將△ADE繞點A在平面內(nèi)旋轉(zhuǎn),CE,BD所在直線交于點F,若AE=1,AC=,請直接寫出當點D與點F重合時BD的長.20.在△ABC中,AB=AC,點D為平面內(nèi)一點,(1)觀察猜想:如圖1,當∠BAC=90°,點D在BC上時,探究BD2、DC2與AD2之間的數(shù)量關(guān)系,我們可以把△ABD繞著點A逆時針旋轉(zhuǎn)90°得△ACE,根據(jù)圖形,請你通過探究直接寫出BD2、DC2與AD2之間的數(shù)量關(guān)系:;(2)類比探究:如圖2,當∠BAC=60°時,點D為△ABC外一點,將△ABD順時針旋轉(zhuǎn)后得到△BCE,若D、E、C三點在一直線上,求∠ADB的度數(shù);(3)拓展應用:如圖3,已知∠BAC=∠BDA=120°,DC=10,AD=2,求BD的長.參考答案1.解:(1)∵△ADE是等腰直角三角形,∠ADE=90°,∴AD=ED,∵P為AE的中點,∴DP⊥AE;(2)①補全圖形如圖2所示;證明:∵△ADE和△ABC都是等腰直角三角形,∠ADE=∠BAC=90°,∴∠DAE=45°,AD=ED,∵P為AE的中點,∴∠ADP=∠EDP=45°,∴∠BAE+∠CAD=∠BAC﹣∠DAE=45°,∵∠CAD+∠ACP=∠ADP=45°,∴∠BAE=∠ACP;②BF=DF.證明:如圖3,延長CP至G,使PG=DP連接AG,BG,∵△ADE是等腰直角三角形,∠ADE=90°,∴AD=DE,∠DAE=45°,∵P為AE的中點,∴∠APD=∠APG=90°,AP=DP=PG,∠ADP=45°,∴△APG≌△APD(SAS),∴AG=AD,∠PAG=∠DAE=∠AGP=45°,∴∠GAD=∠BAC=90°,∴∠BAG+∠BAD=∠CAD+∠BAD=90°,∴∠BAG=∠CAD,∵AG=AD,AB=AC,∴△BAG≌△CAD(SAS),∴∠AGB=∠ADC=180°﹣∠ADP=135°,∴∠BGC=∠AGB﹣∠AGP=90°,∴∠BGC=∠APG,∴PF∥BG,∴==1,∴BF=DF.2.證明:(1)連接DF,如圖,∵△ABC是等邊三角形,∴BA=BC,∠ABC=60°,∵△BCD繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)至△BAF,∴∠FBD=∠ABC=60°,BF=BD,∴△BDF是等邊三角形,(2)連接DE,如圖,∵△BDF是等邊三角形,∴∠BDF=60°,∵CD平移得到BE,(其中點B和C對應),∴DE∥BC,DE=BC,∴∠BDE=∠ABC=60°,∴∠BDE=∠BDF,∴點F在DE上,即D,E,F(xiàn)三點共線,解:(3)延長AG,CB交于點H,如圖,∵EF∥BC,∴∠GEF=∠GBH,∠GFE=∠GHB,∴△GEF∽△GBH,∴.∵BG=2EG,∴BH=2EF,∵ED=BC=AB,DF=BD,∴EF=AD,設(shè)AB=a,BD=b,∴EF=AD=a﹣b,∴BH=2a﹣2b.∵DF∥BH,∴△ADF∽△ABH,∴,即,解得a1=2b,<b(舍去),∴AB=2b,即D為AB中點,∴CD⊥AB,∴∠CDB=90°,∴,∴,∵BE∥CD,∴∠ABE=∠CDB=90°,在Rt△ABE中,.3.解:(1)∵BC⊥AE,∠BAE=45°,∴∠CBA=∠CAB,∴BC=CA,在△BCE和△ACD中,,∴△BCE≌△ACD(SAS),∴AD=BE.(2)∵△BCE≌△ACD,∴∠EBC=∠DAC,∵∠BDP=∠ADC,∴∠BPD=∠DCA=90°,∴AD⊥BE.(3)AD⊥BE不發(fā)生變化.理由:如圖(2),∵△BCE≌△ACD,∴∠EBC=∠DAC,∵∠BFP=∠AFC,∴∠BPF=∠ACF=90°,∴AD⊥BE.4.解:(1)△ABC關(guān)于x軸的對稱圖形△A1B1C1見下圖;(2)△A1B1C1沿x軸向右平移4個單位長度后得到的△A2B2C2見上圖;(3)關(guān)于x軸的對稱的點橫坐標不變,縱坐標變?yōu)橄喾磾?shù),沿x軸向右平移4個單位長度則橫坐標增加4,∴AC上有一點M(a,b)經(jīng)過上述兩次變換,對應A2C2上的點M2的坐標是(a+4,﹣b),故答案為:(a+4,﹣b);(4)如下圖:若使PA+PB的值最小,作A關(guān)于y軸對稱點A′,連接A′B,與y軸交點即為所求的點P,∵A(﹣3,5),∴A′(3,5),又B(﹣2,1),∴A′B的解析式為:y=x+,令x=0得y=,∴P(0,),故答案為:(0,).5.【問題背景】解:思路一:如圖1,將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)60°,得到△BP'A,連接PP',∴△ABP'≌△CBP,∴∠PBP'=60°,BP'=BP=2,AP'=CP=,∴△BPP'是等邊三角形,∴∠BPP'=60°,∵AP=1,∴AP2+PP'2=1+4=5,∴AP2+PP'2=AP'2,∴∠APP'=90°,∴∠APB=∠APP'+∠BPP'=90°+60°=150°.【類比探究】將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△BP′A,連接PP′,∴△ABP'≌△CBP,∴∠PBP'=90°,BP'=BP=1,AP'=CP=3,在Rt△PBP'中,BP=BP'=1,∴∠BPP'=45°,根據(jù)勾股定理得,PP'=BP=,∵AP=4,∴AP2+PP'2=16+2=18,∵AP'2=(3)2=18,∴AP2+PP'2=AP'2,∴△APP'是直角三角形,且∠APP'=90°,∴∠APB=∠APP'﹣∠BPP'=90°﹣45°=45°.6.解;(1)結(jié)論AG=AB.理由:如圖①中,∵AB=AD,∠B=∠D,BE=DF,∴△ABE≌△ADF(SAS),∴∠BAE=∠DAF,AE=AF,∵AG⊥EF,∠EAF=45°,∴∠BAE=∠EAG=22.5°,∵AE=AE,∠B=∠AGE=90°,∴△ABE≌△AGE(ASA),∴AB=AG.故答案為AG=AB.(2)成立.證明:如圖②中,延長CB至M,使BM=DF.∵AB=AD,BM=DF,∠ABM=∠D=90°,∴△ABM≌△ADF(SAS),∴AM=AF,∠BAM=∠DAF,∵∠EAF=45°,∴∠BAE+∠DAF=45°,∴∠BAE+∠BAM=45°,即∠EAM=∠EAF,又AE=AE,AM=AF,∴△AME≌△AFE(SAS),∴ME=EF,∴,∴AB=AG.7.解:(1)BD=AC,BD⊥AC,理由:延長BD交AC于F.∵AE⊥BC,∴∠AEB=∠AEC=90°,在△BED和△AEC中,,∴△BED≌△AEC(SAS),∴BD=AC,∠DBE=∠CAE,∵∠BED=90°,∴∠EBD+∠BDE=90°,∵∠BDE=∠ADF,∴∠ADF+∠CAE=90°,∴∠AFD=180°﹣90°=90°,∴BD⊥AC;(2)結(jié)論不發(fā)生變化,理由是:設(shè)AC與DE相交于點O,∵∠BEA=∠DEC=90°,∴∠BEA+∠AED=∠DEC+∠AED,∴∠BED=∠AEC,在△BED和△AEC中,,∴△BED≌△AEC(SAS),∴BD=AC,∠BDE=∠ACE,∵∠DEC=90°,∴∠ACE+∠EOC=90°,∵∠EOC=∠DOF,∴∠BDE+∠DOF=90°,∴∠DFO=180°﹣90°=90°,∴BD⊥AC.8.解:(1)思路一,如圖1,將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△BP'A,連接PP',則△ABP'≌△CBP,AP'=CP=3,BP'=BP=2,∠PBP'=90°,∴∠BPP'=45°,根據(jù)勾股定理得,PP′=BP=2,∵AP=1,∴AP2+P'P2=1+8=9,又∵P'A2=32=9,∴AP2+P'P2=P'A2,∴△APP'是直角三角形,且∠APP'=90°,∴∠APB=∠APP'+∠BPP'=90°+45°=135°.思路二,將△PAB繞點B順時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△P′CB,連接PP′,∴P'B=PB=2,P'C=AP=1,∠P'BP=90°,∠APB=∠BP'C,∴∠BP'P=45°,P'P===2,∵PC=3,P'C=1,∴P'C2+PP'2=PC2,∴∠PP'C=90°,∴∠BP'C=∠BP'P+∠PP'C=45°+90°=135°,∴∠APB=∠BP'C=135°;(2)如圖3,將△BPC繞點B逆時針旋轉(zhuǎn)90°,得到△BP'A,連接PP'.則△ABP'≌△CBP,AP'=CP=,BP'=BP=1,∠PBP'=90°,∴∠BPP'=45°,根據(jù)勾股定理得,PP'=BP=,∵AP=,∴AP2+P'P2=5+2=7,又∵=7,∴AP2+P'P2=P'A2,∴△APP'是直角三角形,且∠APP'=90°,∴∠APB=∠APP'﹣∠BPP'=90°﹣45°=45°.9.解:(1)∵∠C=90°,AC=6,BC=8,∴AB===10,故答案為:10;(2)當直線AE與BC垂直時,如圖,∵AE⊥BC,DP⊥AE,∴DP∥BC,∵D為AB的中點,∴P為AC的中點,∴AP=3,∴3t=3,∴t=1;(3)如圖,∵以直線PD為對稱軸作△APD的軸對稱圖形△PED,∴△ADE為等腰三角形,且AD=DE,則△ADE是鈍角三角形時,只能是∠ADE為鈍角當∠ADE=90°時,則∠ADP=∠PDE=45°,過點P作PF⊥AD于點F,則PF=DF,∵sinA=,∴,∴PF=,∵cosA=,∴,∴AF=t,∵AD=AF+DF=5,∴=5,∴t=,故當t>時,△ADE是鈍角三角形,但P在AC上,不與A,C重合,故P運動的時間t<=2(秒),即s<t<2s.10.解:(1)如圖1,∵△ABC為等邊三角形,∴AB=AC,∠ABC=∠ACB=60°,∵AD=AE,∴BD=CE,∵點M、N、P分別是BE、CD、BC的中點.∴PM∥CE,PM=CE,PN∥AD,PN=BD,∴PM=PN,∠BPM=∠BCA=60°,∠CPN=∠CBA=60°,∴∠MPN=60°,∴△PMN為等邊三角形;故答案為:等邊三角形;(2)△PMN的形狀不發(fā)生改變,仍然為等邊三角形.理由如下:連接CE、BD,如圖2,∵AB=AC,AE=AD,∠BAC=∠DAE=60°,∴把△ABD繞點A逆時針旋轉(zhuǎn)60°可得到△CAE,∴BD=CE,∠ABD=∠ACE,與(1)一樣可得PM∥CE,PM=CE,PN∥AD,PN=BD,∴PM=PN,∠BPM=∠BCE,∠CPN=∠CBD,∴∠BPM+∠CPN=∠BCE+∠CBD=∠ABC﹣∠ABD+∠ACB+∠ACE=60°+60°=120°,∴∠MPN=60°,∴△PMN為等邊三角形.(3)∵PN=BD,∴當BD的值最大時,PN的值最大,∵AB﹣AD≤BD≤AB+AD(當且僅當點B、A、D共線時取等號),∴BD的最大值為1+3=4,∴PN的最大值為2,∴△PMN的周長的最大值為6.11.解:(1)∵將線段BA繞點B旋轉(zhuǎn)α(0°<α<90°),得到線段BE,∴AB=BE,∴∠BAE=∠BEA,∵四邊形ABCD是正方形,∴AB=BC,∠ABC=90°,∵BE平分∠ABC,∴∠ABE=∠CBE=45°,∵BE=BE,∴△ABE≌△CBE(SAS),∴∠AEB=∠CEB,∴∠AEC=∠AEB+∠CEB=180°﹣45°=135°;過點A作AF⊥BE于點F,如圖1,∵AB=4,∴AF=AB=2,∴S△ABE=BE?AF==4,∴四邊形ABCE的面積=2S△ABE=8,故答案為:135°,8;(2)①補全圖形如圖2,∵將線段BA繞點B旋轉(zhuǎn)α(0°<α<90°),得到線段BE,∴BE=BA=BC,∠ABC=90°,∠ABE=α,∴∠BEA=∠BAE=90°﹣,∠BEC=∠BCE=45°﹣,∴∠AEC=∠BEA﹣∠BEC=45°;②FB=2FC﹣AE.證明:過點B作BH∥EC交FC的延長線于點H,如圖3,∵BE=BC,BF平分∠EBC,∴BF垂直平分EC,∴FE=FC,∴∠FEC=∠FCE,由①知,∠AEC=45°,∴∠FEC=∠FCE=45°,∴∠GFC=45°,∵BH∥EC,∵∠FBH=∠FGC=90°,∠H=∠FCG=45°,∴BF=BH?tan45°=BH,F(xiàn)H=FB,∵∠ABF=90°﹣∠FBC,∠CBH=90°﹣∠FBC,∴∠ABF=∠CBH,∵AB=CB,∴△ABF≌△CBH(SAS),∴AF=CH,∵FH=FC+CH=FC+AF=FC+FE﹣AE=2CF﹣AE,∴FB=2FC﹣AE.12.解:(1)在△ABC中,AB=AC,∠ACB=90°,∴∠B=∠A=45°,∵AB∥MB,∴∠2=∠B=45°,故答案為45;(2)∵AM⊥MN于M,BN⊥MN于N,∴∠AMC=90°,∠BNC=90°.∴∠1+∠CAM=90°,又∵∠1+∠2=90°,∴∠2=∠CAM,同理:∠1=∠CBN,在△AMC和△CNB中,,∴△AMC≌△CNB(ASA),∴AM=CN,MC=BN,∴MN=MC+CN=AM+BN=2+6=8;(3)MN=BN﹣AM,理由:同(2)的方法得,△AMC≌△CNB(ASA),∴AM=CN,MC=BN,∴MN=MC﹣CN=BN﹣AM.13.(1)證明:如圖1,連接AF,∵,D,E,F(xiàn)分別為AC,AB,BC的中點,∴,AF⊥BC,∴,∴;(2)解:,理由如下:連接AF,如圖2,∵,D,E,F(xiàn)分別為AC,AB,BC的中點,∴,∴四邊形CDEF是平行四邊形,∴∠DEF=∠C,∵,∴∠DFC=∠C,∴∠DFC=∠DEF,∴180°﹣∠DFC=180°﹣∠DEF,∴∠DFN=∠DEM,∵將∠EDF繞點D順時針旋轉(zhuǎn)一定角度,得到∠PDQ,∴∠EDF=∠PDQ,∵∠FDN+∠NDE=∠EDM+∠NDE,∴∠FDN=∠EDM,∴△DNF∽△DME,∴,∴;(3)解:如圖,連接AF,過點C作CH⊥AB于H,Rt△AFC中,,∴,∵,∴,∵DP⊥AB,∴△AGD∽△AHC,∴,∴,Rt△GED中,,Rt△AGD中,,∴,∵EF∥AD,∴∠EMG=∠ADG,∴,∴,∴,∵△DNF∽△DME,∴,∴.14.解:(1)補全圖形如下,連接AE,CE,∵點E為點C關(guān)于AD的對稱點,∴AE=AC,EF=FC,∠EAD=∠CAD,設(shè)∠EAD=∠CAD=x,∴∠CAE=2x,∵AB=AC,∴∠ACB=∠ABCα.∴∠BAE=180°﹣2x﹣2α,∴∠ABE+∠AEB=2x+2α,∵AE=AB,∴∠ABE=∠AEB=x+α,∴∠AFB=∠AEB﹣∠EAD=α;(2)①AF=BF+CF.延長FB至點G,使FG=FA,連接AG,∵AB=AC,∴∠ABC=α=60°,∴△ABC為等邊三角形,∠BAC=60°,由(1)知∠AFB=α=60°,∴△AFG為等邊三角形,∴AG=AF,∠GAF=60°,∴∠GAB=∠FAC,在△ABG和△ACF中,,∴△ABG≌△ACF(SAS),∴BG=CF,∴CF+BF=BG+BF=GF,∵GF=AF,∴AF=BF+CF;②結(jié)論為:CF=AF+BF.連接AE.∵點E為點C關(guān)于AD的對稱點,∴AE=AC,EF=FC,∠EAD=∠CAD,設(shè)∠EAD=∠CAD=x,∴∠CAE=2x,∵AB=AC=AE,∴∠ACB=∠ABC=∠BAC=60°.∴∠DAB=x﹣60°,∴∠EAB=x+x﹣60°=2x﹣60°,∵AE=AB,∴∠ABE=∠AEB==120°﹣x,∴∠AFE=∠DAB+∠ABE=x﹣60°+120°﹣x=60°,在BE上取點G,使得FG=FA,連接AG,∴△AFG為等邊三角形,∴AG=AF,∠GAF=60°,∴∠GAE=∠FAB=x﹣60°,在△AGE與△AFB中,,∴△AGE≌△AFB(SAS),∴BF=EG,∴EF=EG+FG=BF+AF,∴CF=EF=BF+AF.15.(1)①解:由旋轉(zhuǎn)知,AF=AE,∠BAF=∠CAE,∠EAF=60°,∵∠DAE=α,∠BAC=α=60°,∴∠DAE=×60°=30°,∴∠CAE+∠BAD=∠BAC﹣∠DAE=30°,∴∠DAF=∠BAD+∠BAF=∠BAD+∠CAE=30°,故答案為:30°;②證明:由①知,AF=AE,∠DAF=∠DAE=30°,∵AB=AC,∴△DAF≌△DAE(SAS),∴DF=DE;(2)解:DE2=BD2+CE2,理由如下:如圖,將△AEC繞點A順時針旋轉(zhuǎn)90°到△AFB的位置,連結(jié)DF,∴AF=AE,∠EAF=90°=∠BAC,∴∠BAF=∠CAE,∴△BAF≌△CAE(SAS),∴BF=CE,∠ABF=∠ACE,在Rt△ABC中,∠C=∠ABC=45°,∴∠ABF=45°,∴∠DBF=90°,根據(jù)勾股定理得,DF2=BD2+BF2,∴DF2=BD2+CE2,同(1)②的方法得,DF=DE,∴DE2=BD2+CE2.16.(1)證明:∵△ABC和△ADE是等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°,∴AB=AC,AD=AE,∠DAB=∠CAE,∴△ABD≌△ACE(SAS),∴BD=CE,∴BD=CD+DE,又∵△ADE是等腰直角三角形,∴ED=AD,∴BD=CD+AD;(2)解:①∵△ABC和△ADE是等腰直角三角形,∠BAC=∠DAE=90°,∴AB=AC,AD=AE,∴△ABD≌△ACE(SAS),∴∠ABD=∠ACE,∵∠ADB=∠PDC,∴△ABD∽△PCD,∴,又∵AB=2,AD=1,∠BAC=90°,∴CD=AC﹣AD=AB﹣AD=1,BD==,∴,∴PC=;②當四邊形ADPE為正方形時,點P在線段BD上,∵∠ADB=90°,AD=1,AB=2,∴BD===,∴PB=﹣1;如圖,當點P在線段BD的延長線上時,同理PB=BD+PD=+1.綜上所述可得PB的長為+1或﹣1.17.(1)證明:∵△ABC與△ACD為正三角形,∴AB=AC=BC=AD=CD,∠BAC=∠BCA=∠ADC=∠DAC=60°,∵將射線OM繞點O逆時針旋轉(zhuǎn)60°,∴AE=AF,∠EAF=60°,∴∠BAC=∠CAD=∠EAF=60°,∴∠EAC=∠DAF,且AC=AD,AE=AF,在△AEC與△AFD中,,∴△AEC≌△AFD(SAS),(2)CE+CO=CF,如圖,過點O作OH∥BC,交CF于H,∴∠HOC=∠BCA=60°,∠OHC=∠HCE=60°,∴△COH是等邊三角形,∴OC=CH=OH,∵∠EOF=∠COH=∠CHO=∠BCA=60°,∴∠COE=∠FOH,∠OCE=∠OHF=120°,OH=OC,在△OHF與△OCE中,,∴△OHF≌△OCE(ASA),∴CE=FH,∵CF=CH+FH,∴CF=CO+CE;(3)作BH⊥AC于H,∵AB=6,AH=CH=3,∴BH=AH=3,當點O在線段AH上,點F在線段CD上時,∵OB=2,∴OH==1,∴OC=3+1=4,過點O作ON∥AB,交BC于N,∴△ONC是等邊三角形,∴ON=OC=CN=4,∠NOC=∠EOF=60°=∠ONC=∠OCF,∴∠NOE=∠COF,ON=OC,∠ONC=∠OCF,在△ONE與△OCF中,,∴△ONE≌△OCF(ASA),∴CF=NE,∴CO=CE+CF,∵OC=4,CF=1,∴CE=3,∴BE=6﹣3=3,當點O在線段CH上,點E在線段BC上時,同法可證:OC=CE+CF,∵OC=CH﹣OH=3﹣1=2,CF=1,∴CE=1,∴BE=6﹣1=5,綜上所述,滿足條件的BE的值為:3或5.18.解:(1)①由折疊性質(zhì)可得∠C=∠C′=3

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