2020-2021學年安徽省六安一中高二(下)期末物理試卷

20202021年安徽省六安一高二（下）期物理試卷在人工智能機器人跑步比賽中??時機器人位于同一起跑線上，機器人甲、乙運動的速時圖象如圖所示，則下列說法正確的B.C.D.

機器人乙起跑時，機器人甲正好跑了2m機器人乙從起跑開始，經(jīng)3后好追上機器人甲機器人甲、乙相遇之前的最大距離為4m機器人乙超過機器人甲后，甲、乙可能再次相遇

如圖所示，在一平直公路上，一輛汽車從O由靜止開始做勻加速直線運動，已知在s經(jīng)過相距的AB兩，汽車經(jīng)過時的速度，則B.C.D.

汽車從O點需要的時間為5A點點的距離為m汽車經(jīng)過B點速度大小汽車從A點B的平均速度大小

一雜技演員，用一只手拋球接球。他每時間豎直向上拋出一球，手里始終有一個球，即后一球落下時拋出手里的球并立即抓住落下的設、接球的時間差忽略不，共有5個。如將球的運動看作是豎直上拋運動球與球不會碰撞每個球上升的最大高度都是m取

那B.C.D.

??小球被拋出的速度大小為當有球恰入手的瞬間，其余四個小球的速度大小要么要么為

如圖，在豎直平面內(nèi)，有一直角三角形金屬框架，底邊水質(zhì)量為的小球質(zhì)量

的小球套框架上，可以無摩擦地滑動b之不可伸長的細線連接。當系統(tǒng)處于平衡時，關于細線上的張力細線與金屬框架形成的夾角，列說法正確的第1頁，共頁

????

??

，

B.

6????

，C.

，

D.

3??，60°

一定質(zhì)量的小球用bc三輕彈簧固定，三根彈簧互角均豎直平面內(nèi)，且彈簧豎直方向，如圖所示。已知小球靜止時三根彈簧的彈力大小均為F，重力加速度為，則下列說法正確的B.C.D.

三根彈簧均被拉伸三根彈簧均被壓縮彈簧能被拉伸小球的質(zhì)量為??

如圖為一個水平傳感器的簡易模型為壁光滑豎直放置的正三角形，內(nèi)部有一個略小于三角形內(nèi)切圓的小球，三角形各邊有壓力傳感器，通過測出小球?qū)θ厜毫Φ拇笮∠⒗韱卧娠@示擺放處的傾角中邊恰好處于水平狀態(tài)，現(xiàn)將其以軸在豎直平面內(nèi)順時針緩慢轉(zhuǎn)動，直到邊于方的水平，則在轉(zhuǎn)動過程C.

球?qū)叺膲毫σ恢痹龃笄驅(qū)厜毫ο仍龃蠛鬁p小

B.D.

球?qū)厜毫σ恢睖p小球?qū)Φ膲毫ο葴p小后增大

如圖所示，，B是糙水平面上的兩、、A三點在同一豎直線上，且，P點固定一光滑的小立柱，一小物塊通過原長的彈性輕繩與懸點O連接。當小物塊靜于點時，小物塊受到彈性輕繩的拉力小于重力。將小物塊移至彈性輕繩處于彈性限度內(nèi)，靜止釋放后，小物塊沿地面運動通過A點。

，在小物塊從運動到A的程B.C.D.

小物塊受到的滑動摩擦力保持不變小物塊受到的滑動摩擦力逐漸減小小物塊受到的滑動摩擦力逐漸增大小物塊受到的滑動摩擦力先減小后增大

如圖所示，小球A輕質(zhì)彈簧和細線連接，輕質(zhì)彈簧另一端固定在左側豎直墻上輕彈簧與豎直方向的夾角6細線另一端固定在右側豎直墻上保持水平、小球由另一根豎直輕質(zhì)彈簧連接。開始時、B兩均靜止，某時刻剪斷細線，關于剪斷細線瞬間、B的加速度大小、，下列說法正確的是小的量是小球的倍，重力加速度大小??第2頁，共頁

????2????22????2????222

B.

??

，??C.

，??

D.

3，??

如圖所示為兒童樂園里一項游樂活動的示意圖，金屬導軌傾斜固定，傾角，軌上開有一狹槽，內(nèi)置于一小球，球可沿槽無摩擦滑動，繩子一端與球相連，另一端連接一抱枕，小孩可抱住抱與之一起下滑，繩與豎直方向夾角，保持不變。假設抱枕質(zhì)量，小孩質(zhì)量，球、繩的質(zhì)量及空氣阻力忽略不計，則下列說法正確的B.C.D.

小孩與抱枕一起做勻速直線運動分析可知小孩對抱枕的作用力垂直導軌方向向下繩子拉力與抱枕對小孩的作用力之比如所示，一足夠長的斜面體靜置于粗糙水平地面上，小物塊在無外界作用下恰能沿著體速下滑物塊施加一水平向右的恒力，當物塊運動到最低點且未停下之直整個過程斜面體始終靜止不，相比于未施加F過，下列說法正確的B.C.D.

物塊與斜面體間的摩擦力增大斜面體與地面間的彈力不變斜面體與地面間的摩擦力方向水平向左斜面體與地面間的摩擦力保持不變?nèi)缢荆|(zhì)的平托盤B與一豎直放置的輕彈簧焊接，托盤上一質(zhì)量的小物塊，個裝置靜止現(xiàn)小物塊A施一個豎直向上的變力F其從靜止開始以加速2??做加直線運動知簧的勁度系數(shù)，，??

2

。以下結論正確的是B.C.D.

變力的小值為N變力的最小值為N小物塊托盤B分瞬間的速度小物塊A與盤離瞬間的速度為5第3頁，共頁

在滑水平地面上放置一足夠長的質(zhì)量為M的木板B如甲所示，其上表面粗糙，在木板上面放置一個質(zhì)量為m可視為質(zhì)點的物塊A現(xiàn)在給一個水平向左的拉力F用傳感器得到A的速度隨外力的化關系如圖乙所示，設最大靜擦力等于滑動摩擦力，則B.C.D.

物塊A的量為木板B的量A、之間的動摩擦因數(shù)當A的速度時，外力驗證力的平行四邊形定則”實驗中，部分實驗步驟如下，請完成有關內(nèi)容：A.B.

將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上，另一端拴上兩根細線其中一根細線掛上質(zhì)量相等的鉤碼，使橡皮筋拉伸，如圖甲所示，記錄______、、；C

將步驟中的鉤碼取下，分別在兩根細線上上4個和個量相等的鉤碼，用兩光滑硬棒B、C使兩細線互成角度，如圖乙所示，小心調(diào)整、C的置，使，錄_____；如“力的平行四邊形定則”得到驗證，那么圖乙：；用木板細繩套橡皮筋測計等做“驗證力的平四邊形定則”的實驗了使實驗能夠順利進行，且盡量減小誤差，你認為下列說法或做法能夠達到上述目的A.B.

用測力計拉細繩套時，拉力應沿彈簧的軸線，且與水平木板平行兩細繩套必須等長C

同一次實驗兩次拉細繩套須使結點到達同一位置D用測力計拉兩個細繩時，兩拉力夾角越大越好．第4頁，共頁

如質(zhì)量為的面體斜為上面放置一質(zhì)量為M物b，斜面體上表面對物塊有磁性引力，此時物塊能保持靜止?，F(xiàn)用大小為向豎直向上的力恰使、墻壁向上做勻速直線運動，且、b相靜.改為水平向左的作用

作用在b此好不受摩擦力且b恰不沿墻壁下滑重加速度g取??與壁間動摩擦因數(shù)；(2)和m各多少。

2

。求：小想用以下兩種方式提起重物。圖甲是一用鉸鏈固定于點輕桿，通過繩將掛于的重物提起；圖乙是一端固定的桿斜恒定為，另一端有一光滑滑輪，繩CD繞滑輪提起重物。當圖甲中桿與水平面夾時，繩與水平方向夾角；時圖乙中繩與水平方向夾角也為，知重物的重力

，求兩種情況下，桿的作用力分別為多少??第5頁，共頁

如所示輛車載著許多相同的圓柱形空油桶在高速公路上勻速行駛，由于霧霾影響該駕駛員的能度為已每只空油桶質(zhì)量為m力加速度為g，不計油桶之間的摩擦力。貨勻速行駛時，桶受桶給它的支持力為多大？為止緊急剎車時桶脫桶砸向前方的駕駛室而發(fā)生危險，剎車時的加速度不能超過多少？為保安全行駛，貨車勻速行駛的速度不能超過多大？ETC是停車電子收系統(tǒng)的簡稱。最近，重慶市某ETC通的通行車速由原來?提高至，車通過ETC通的流程如圖所示。為簡便計算，假設汽車的度朝收費站沿直線勻速行駛，如果過ETC道，需要在收費站中心線處好勻減速至

，勻速通過中心線后，再勻加速至正行駛。設汽車勻加速勻減速過程中的加速度大小均

，忽略汽車車身長度。求：汽過通時，從開始減速到恢復正常行駛過程中的位移大?。蝗缙嚨亩韧ㄟ^勻速行駛區(qū)間。其他條件不變，求汽車提速后ETC通道過程中比提速前節(jié)省的時間。第6頁，共頁

第7頁，共頁

3513甲??????30????????3513甲??????30????????31.

【答案【解析】解A、圖與t

軸所圍面積表示位移，可知機器人乙??時跑，此時機器人甲跑過的距離

，錯；B機器人乙起跑3后通過的位移

甲

乙通過的位移

乙

知

乙

，說明機器人乙從起跑開始，經(jīng)s后剛好追上機器甲，故正；C、機器人在速度相即時距最遠，兩者間的最大距離等3內(nèi)位移之差，則兩者間最大距離為

，錯：D、機人乙超過機器人甲后，乙的速度總比甲的大，則甲、乙不可能再相遇，故D錯。故選：B。根據(jù)速度時圖象與時間軸圍成的面積表示移，分析機器人的位移。當兩機器人的速度相等時相距最遠，由位移之差求最大距離。根據(jù)位移關系可確定何時兩機器人相遇。對于速度時圖象，要注意觀察三點：一點注意橫縱坐標的含義；二線、注意斜率的意義；三面、速度時間圖象中圖形與時間軸圍成的面積為這時間內(nèi)物體通過的位移。2.【答案C【解析】解汽從點B點的平均速度大小為

????

??3

，故D錯；C

根據(jù)勻變速直線運動平均速度關系式，????

代入數(shù)據(jù)，有

故C確；??根加速度定義式????????

3

3

從點到點需要的時間滿足

??，??代入數(shù)據(jù)解A點O點的距離為

????????

，錯。故選：。根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于平均速度，結合速度公式求出加速度和點速度，再根據(jù)速度位移公式和速度公式求出O到位移和時間。本題是勻變速直線運動的題目，要分析物體運動情況，利用運動學的基本公式求解。本題運動程較為簡第8頁，共頁

22單，難度較小。223.

【答案【解析】解AB、小球拋出做豎直上拋運動，每個球上升的最大高度都是m，假設上升時間是t，從拋出到回到手里的時間是t，根據(jù)，解得√2

√??，據(jù)豎直上拋運動的對稱性可10知，手中有一個球，空中有四個球，在拋接球時，空中有三個球，有1個上升，個下降，一個在最高點，共時間間，故2，入數(shù)據(jù)可解0.5，A錯，B正確；C、公

2

2可知，小球被拋出的速度大小為??√√×10×510，故C誤；0D、當球恰入手的瞬間，其余4個球一個在最高點，其速度為零；一個剛拋出，其速度10；個在上升，1個降，速度等大反

5，錯．故選：B。本題中小球拋出后做豎直上拋運動，對于豎直上拋運動，為了分析方便，其上升運動可以認為最高點開始的自由落體運動的逆運動，上升運動和下降運動具有對稱性。本題考查豎直上拋運動，要求學生利用豎直上拋運動的規(guī)律結合其運動的對稱性代入題干所給境進行分析求解，難度適中。4.

【答案【解析】解：分別對兩小球受力分析有第9頁，共頁

????????????????由圖可得??，????????????????

，解得

22

，，故選：A。對兩球進行受力分析，做出受力分析圖，從而求出各力以及夾角之間的數(shù)量關系，即可求解。本題考查受力分析，要求學生做出受力分析圖進行分析并求出相關力的大小，難度適中。5.

【答案D【解析】解、三根彈簧互角且彈力大小相等均為，球平衡、力的合力必在豎直方向上，所以c彈簧同為拉伸或壓縮，因此、c的力互成角由于彈力大小相等，則bc兩彈簧彈力的合力

，且三彈簧的彈力的合力等于小球重力mg即，，此等式????左側只能取”且合力豎直向上，故彈簧的彈力向上，彈簧被壓縮，、兩彈簧的合力向上，彈簧被拉伸，故誤；D、由

可，小球質(zhì)量

2

，故D正確．故選：D。對小球進行受力分析合的成與分解進行分析可斷三根彈簧的狀態(tài)及彈力與小球質(zhì)量關系。本題考查受力分析，要求學生運用受力分析知識結合彈簧彈力知識進行分析和求解，難度不大6.

【答案C【解析】解：正三角形內(nèi)部的小球受力如圖所示，設BC與水平面間夾角，現(xiàn)將正三角形以C為在豎直平面內(nèi)順時針緩慢轉(zhuǎn)動AB邊于上方的水平過程中增到，由幾何關系可知，隨著角從到增過程中，角與之保持不變，，120°，以也持不變，由平衡條件和正弦定理得sin°

第10頁，共18頁

??????????00??????????0000球?qū)C邊的壓力

′????

????sin??????°3

????????(120°時????

隨的大而增大3時隨的大而減小此將其以C為在豎直平面內(nèi)順時針緩慢轉(zhuǎn)動直到AB邊于上方的水平過程，球?qū)厜毫ο仍龃蠛鬁p小，故C正，錯。故選：。對正三角形內(nèi)部的小球受力分析，根據(jù)平衡條件列方程求解球?qū)Ω鬟叺膲毫ψ兓闆r。本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程行解答。7.

【答案C【解析】解：對小物塊受力分析因為

，彈性輕繩開始原長到A點伸長量為

，則在A點塊對地面的壓力

設在B點繩子與豎直方向的夾角，則物塊在點性輕繩中的張力

cos

則物塊在對地面的壓力為：

??

cos

??

??則從B點到A點物塊對地面正壓力的化量為eq\o\ac(△,)??????小物塊從運動到A的程中與直向的夾減小增大塊地面正壓力的變化eq\o\ac(△,)增大，由可知，小物塊受到的滑動摩擦力逐漸增大，故C正，錯。故選：。分析物塊所受的支持力的變化情況，結合胡克定律，及平衡條件，且依據(jù)滑動摩擦力公，可分析滑動摩擦力變化情況?？疾槠胶鈼l件的應用胡克律與滑動摩擦力公式此的關鍵是先對小物塊在B點受力分析，由豎直方向上合力為零，分析物塊對地面壓力的變化。第11頁，共18頁

????總總

【答案D【解析】解：設兩小球的質(zhì)量為2m和，球體作為研究對象，A處靜止狀態(tài)受力平衡，由平衡條件得細線拉剪細瞬間彈簧的彈力沒有變化球受到的合力與原來細線的拉力大小相等，方向相反，由牛頓第二定律得

，球的受力情況不變，則加速度仍為，故D正，錯；故選：D。對小球受力分析，根據(jù)平衡條件求水平輕繩的拉力大小，剪斷輕繩瞬間彈簧的彈力沒有變化，子的拉力為零，根據(jù)牛頓第二定律求解即可。本題平衡條件和牛頓第二定律的綜合，關鍵要明確彈簧的彈力不能突變，剪斷輕繩瞬間彈簧的力沒有變化。9.

【答案BC【解析由于球沿斜槽無摩擦滑動統(tǒng)有相同的加速度

解得做勻加速直線運動隔離對小孩和抱枕分析加度)??解可得故錯誤B正確；C、抱枕分析，受重力、拉力、小孩對抱枕的作用力，因為沿繩子方向合力為零，平行導軌方向的合力為，知孩對抱枕的作用與繩子在同一條直線上，故C正確；D對和抱枕整體分析據(jù)平行四邊形定則知繩的拉力

)??，枕對小孩的作用力方向沿繩子方向向上，大小

，則繩子拉與抱枕對小孩的作用力之比：

，故D錯；故選：。小孩、抱枕和球均勻相同的加速度，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，隔離分析時抓住它們的加速度相同，在沿繩子方向上的合力為零，合力平行于導軌方向，結合牛頓第二定律分析求．解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，抓住它們的加速度相同，結合牛頓第二定律進行求解，握整體法第12頁，共18頁

2地1????????????????2地1????????????????(2+1)×102210.

【答案AD【解析未加力F時塊做勻速運動斜面對物體支持力

??面對物體摩擦，加力時斜面體對物塊的合力方向豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，物塊對斜面體的合力方向豎直向下，地面對斜面體沒有摩擦力；加水平力F后，斜面對物體支持

??，面對物摩擦，2加力F，摩擦力和支持力按相同比例增大，因此斜面體對物塊的合力方向仍然豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律塊斜面體的合力方向仍然豎直向下以面體與地面間仍然沒有摩擦力錯誤正確；A、未加力F時物塊做勻速運動，斜面對物體摩擦

，水力F后斜面對體摩擦力????可知摩擦力增大，故A正確；2B、小物塊沿斜面速下滑時，斜面體受到地面支持力大小為

，施加外力F后斜面體受到地面支持力大小地????

小物塊對斜面體的摩擦力和壓力都變大，所以斜面體與地面間的彈力變大，錯誤。故選：。對未加力F和加了水平力F的平衡情況分別進行分析，列出相應關系式，即進行分析與求解。本題考查學生受力分析能力與共點力平衡的分析，要求學生根據(jù)題目不同情況分析求解，難度中。11.

【答案BD【解析】解AB、整受力，由牛頓第二定律得????，

??當最時最剛始施力時最等于重力F最A錯；剛始，彈簧的壓縮，??

(正確，AB分時，其間恰好無作用力，對托盤，由牛頓第二定律可??

0.02得??物塊在這一過程的位移為??0.03由運動學公式可

2

2代數(shù)據(jù)得??

，第13頁，共18頁

，由圖像可得，當拉222錯誤，D，由圖像可得，當拉222故選：。對AB整根據(jù)牛頓第二定律得出F的達，對表達式進行分析求出F的小值；根據(jù)平衡條件求出彈簧開始的壓縮量、分離B對A的用力為0對物體B運牛頓第二定律列得出彈簧的壓縮量兩壓縮量差即為運動的位移，當再根據(jù)運動學公式即可求解小物A與盤分離瞬間的速度。本題的關鍵要明確臨界狀態(tài)和臨界條件。從受力角度看，兩物體分離的條件是兩物體間的正壓從動學角度看，一起運動的兩物體恰好分離時，兩物體在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等。12.

【答案BC【解析】解、拉力小于3時A、起加速運動，有

2????3力大于3N時A相對滑動????整得

由圖像可得2聯(lián)????解得????，，，故錯誤B正，C正確；D加速3??/時力為????錯；故選：。當拉力較小時，和M保相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時和M發(fā)相滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析．本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析．13.

【答案】鉤碼個數(shù)；結點的位置；線的方向；兩次結點位置重合；鉤碼和細線方向3：；AC【解析】解據(jù)實驗原理可知，圖甲中需要記錄合力的大小和方向后，畫出來的合力是實際值，該實驗中根據(jù)鉤碼個數(shù)來表示拉力大小，因此需要記錄的是：鉤碼個或線拉力，皮筋與細線點的位置，線的方向；該實驗采用“等效代替”法，因此在用兩個繩套拉橡皮筋時，要將橡皮筋與細線結點拉到與步結點位置重合，同時記錄鉤碼個數(shù)和對應的細線方向．故答案為：鉤碼個數(shù)或線拉，皮筋與細線結點的位置O，細線的向；橡皮筋與細線結點的位置與步驟結點位置重合，鉤碼個數(shù)和對應的細線方向．第14頁，共18頁

根O點于平衡狀態(tài)，正交分解有：豎直方向：水平方向：聯(lián)立得：．、測力計拉細繩套時，拉力應沿彈簧軸線，且與水平木板平行，故A正；B、為減小實驗過中的偶然誤差，就要設法減小讀數(shù)誤差，兩個分力的大小不一定要相等，繩子的長短對分力大小和方向亦無影響，故B錯；C、實驗中必須確保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果與兩個力作用效果相同，故C正確；D、在驗中兩個分力的夾角大小適當，在作圖時有利于減小誤差即可，非越大越好，故D錯；故選：．故答案為：鉤個數(shù)；結的位置；細線方向，兩次結點位置重合，鉤碼數(shù)和細線方向：；??“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理是：記錄兩個分力以及合力的大小和方向后，選用相的標度將這三個力畫出來，畫出來的合力是實際值，然后根據(jù)平行四邊形畫出合力的理論值，通過比較際值和理論值的關系來進行驗證，明確了實驗原理即可知知道實驗中需要記錄的物理量和具體的操作．要圍繞“驗證力的平行四邊形定則”的實驗原理對實驗步驟和實驗中需要注意的問題進行理解正確理解“等效代替”的含義．14.

【答案】解用小為20N方豎直向上的力F恰使、b貼壁向上做勻速直線運動，則(水平向左的作用受力平衡，

用在b上且、b恰不沿墻壁下滑b整豎直方向聯(lián)立解得

水向左的作用作在b上此時恰不受摩擦力，對力分析如圖，則有在沿斜面方向代入數(shù)據(jù)可，用大小為N方豎直向上的力F恰使a貼壁向上做勻速直線運動，則整理解得??第15頁，共18頁

313313答：與墻壁間動摩擦因數(shù)為；大，m為?！窘馕觥恳詀、b為整體，結合題意利用共點力的平衡，求出動摩擦因數(shù)；結題意和已知量，根據(jù)共點力的平衡求出a和b的質(zhì)量。在受力分析時，要注意整體法和隔離法的應用。在求共同加速度時，可以利用整體法；在求系內(nèi)部的相互作用力時要利用隔離法。15.

【答案】解：甲圖中，對P結受力分析可知，桿的作用力，三角形關系得??????120°????37°解得

乙圖中對滑輪N受分析如圖，設桿的作用力為′，據(jù)共點的平衡條件，和輪兩側繩子的合力大相等，滑輪兩側繩的拉力相等，都等于懸掛物的重力，????30°3答：圖甲中桿的作用力大小為150，圖乙中桿的作用力大小為180【解析】分別對圖甲和圖乙中的P和受力分析，根據(jù)共點力的平衡求出桿的作用力。在處理輕桿問題時注可動桿的彈力一定沿桿的方向桿的彈力不一定沿桿理輕繩題時，要注意死結和活結兩種接法。16.

【答案】解貨勻速行駛時，A、B、均處于平衡狀態(tài)，對桶受力分析如圖：第16頁，共18頁

????2??2????2??2正交分解可

??1解得????1在離瞬間，對桶受力分析如圖：豎直方向上水平方向上

聯(lián)立可得方向向右以大加速度做減速運動，由速度位移公