2019-2020學(xué)年四川省棠湖高二下學(xué)期第一次在線月考物理試題 解析版

四川省棠湖2019-2020學(xué)年高二下學(xué)期第一次在線月考物理試題解析版注意事項(xiàng)：1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。6.考試時(shí)間：150分鐘；物理化學(xué)生物同堂分卷考試，物理110分，化學(xué)100分，生物分90分，共300分第I卷選擇題（54分）一、選擇題（每小題6分，共9個(gè)小題，共54分；其中1-6題為單選題，7-9題多選題，少選得3分，多選錯(cuò)選得0分。）1.關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線,下列說法正確的是()A.電場(chǎng)線是真實(shí)存在的線，最早由法拉第發(fā)現(xiàn)B.電場(chǎng)強(qiáng)度較大的地方電場(chǎng)線一定較疏C.沿電場(chǎng)線方向,電勢(shì)一定越來越低D.電場(chǎng)線一定是帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡【答案】C【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線是人為了方便研究電場(chǎng)而假想出來的，A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱，那么電場(chǎng)強(qiáng)度較大的地方電場(chǎng)線一定較密，B錯(cuò)誤；C．沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)會(huì)降低，因此沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來越低，C正確；D．電場(chǎng)線不一定與帶電粒子的軌跡重合，只有電場(chǎng)線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場(chǎng)線方向在同一條直線上時(shí)電場(chǎng)線才與帶電粒子的軌跡重合，D錯(cuò)誤；故選C。2.兩個(gè)半徑、材質(zhì)均相同的金屬球A、B帶等量同種電荷，它們之間的距離遠(yuǎn)大于小球本身直徑。已知它們相隔一定距離時(shí)，兩球之間的相互作用力的大小是F，現(xiàn)在用一個(gè)帶有絕緣柄的原來不帶電的半徑、材質(zhì)均相同的金屬小球C，先與小球A接觸，再和小球B接觸后移開。這時(shí)，A、B兩球之間的相互作用力大小變?yōu)?)A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】設(shè)原來兩球帶電量為q，兩球之間的相互作用力大小為；小球C先與A接觸后，A球帶的電荷，C球帶的電荷，然后C再與B接觸后，B、C兩球的帶電量為：A、B兩球之間的相互作用力大小為：；A．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼?，A錯(cuò)誤；B．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼模珺錯(cuò)誤；C．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼模珻錯(cuò)誤；D．綜上分析兩球之間的作用力變?yōu)樵瓉淼模珼正確；故選D。3.如圖所示，在光滑的水平絕緣桿上，套有一個(gè)通電線圈（從右側(cè)向左看電流為順時(shí)針方向），線圈左側(cè)放置一個(gè)與線圈共軸的螺線管。閉合開卷后，將通電線圈由圖示位置靜止釋放。下列說法正確的是A.線圈向右運(yùn)動(dòng)，磁通量增大 B.線圈向右移動(dòng)，磁通量減小C.線圈向左移動(dòng)，磁通量增大 D.線圈向左移動(dòng)，磁通量減小【答案】C【解析】【詳解】閉合開關(guān)后螺線管中通電，產(chǎn)生磁場(chǎng)，磁場(chǎng)對(duì)右側(cè)通電線圈有安培力，桿光滑，則合力等于安培力，由右手螺旋法則可知，螺線管右端為S極，線圈左端相當(dāng)N極，則通電線圈受安培力向左移動(dòng)。向左移動(dòng)，靠近磁極，磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，根據(jù)可知，磁通量增大；A．線圈向右運(yùn)動(dòng)，磁通量增大，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．線圈向右移動(dòng)，磁通量減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．線圈向左移動(dòng)，磁通量增大，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．線圈向左移動(dòng)，磁通量減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。4.如圖所示，豎直放置的帶有一定電量的平行板電容器，板電勢(shì)高于板電勢(shì)，兩極板間距為。質(zhì)量為、帶電荷量為的微粒，從板的邊緣以初速度射入電場(chǎng)，沿與水平方向夾角為60°的直線從板的邊緣射出，設(shè)重力加速度為。則A.兩極板間的電勢(shì)差為 B.微粒的動(dòng)能減少C.微粒的電勢(shì)能減少 D.微粒的機(jī)械能減少【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)受力分析圖可知解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由動(dòng)能定理：得：即微粒的動(dòng)能減少，B錯(cuò)誤；C．由于則電勢(shì)能增加，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量守恒定律知微粒的電勢(shì)能和機(jī)械能之和保持不變，電勢(shì)能增加，機(jī)械能減小，D正確。故選D。5.如圖所示，一束質(zhì)量、速度和電荷量不全相等的離子，經(jīng)過由正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)組成的速度選擇器，進(jìn)入另一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中并分裂為A、B束，下列說法中正確的是A.組成A、B束的粒子都帶負(fù)電B.組成A、B束的離子質(zhì)量一定不同C.速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外D.A束離子的比荷（）大于B束離子的比荷【答案】D【解析】【詳解】A：粒子進(jìn)入上面磁場(chǎng)時(shí)，速度方向向上，洛侖茲力方向向左，根據(jù)左手定則可判斷出組成A、B束的粒子都帶正電；故A錯(cuò)誤．BD：粒子能沿直線經(jīng)過速度選擇器，則可得，A、B束的粒子的速度大小相等；進(jìn)入上面磁場(chǎng)后可得，因?yàn)椋?，所以；又粒子的質(zhì)量、速度和電荷量不全相等，故組成A、B束的離子質(zhì)量可能相等、可能不等．即B錯(cuò)誤、D正確．C：速度選擇器左板帶正電、右板帶負(fù)電，則電場(chǎng)強(qiáng)度向右，粒子帶正電，電場(chǎng)力的方向向右；沿直線經(jīng)過速度選擇器，洛侖茲力方向向左，粒子帶正電且速度向上，據(jù)左手定則可判斷出磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．故C錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】速度選擇器選擇的是粒子速度的大小、方向；速度選擇器對(duì)粒子的電性、電荷量沒有選擇．6.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流表和電壓表為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A.電壓表讀數(shù)增大 B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng) D.上消耗的功率逐漸增大【答案】B【解析】【詳解】AB．由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，干路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時(shí)，R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．因R3兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．R3上電流減小，根據(jù)P=I32R3，則R3消耗的功率逐漸變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B。7.如圖所示，在邊界上方存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有兩個(gè)電荷量、質(zhì)量均相同的正、負(fù)粒子(不計(jì)重力)，從邊界上的O點(diǎn)以相同速度先后射入磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成θ角，則正、負(fù)粒子在磁場(chǎng)中：A.運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同B.重新回到邊界所用時(shí)間相同C.重新回到邊界時(shí)速度大小和方向相同D.重新回到邊界時(shí)與O點(diǎn)的距離相等【答案】ACD【解析】【詳解】A．根據(jù)牛頓第二定律得：解得：由題q、m、v、B大小均相同，則r相同。故A正確。

B．粒子的運(yùn)動(dòng)周期，由題q、m、B大小均相同，則知T相同。粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子順時(shí)針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時(shí)正離子的速度偏向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：同理，負(fù)離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：顯然時(shí)間不等。故B錯(cuò)誤。C．正負(fù)離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同。故C正確。D．根據(jù)幾何知識(shí)得知重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離S=2rsinθ，r、θ相同，則S相同。故D正確。

故選ACD。8.在如圖甲所示的電路中，為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器，閉合開關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的完整過程圖線如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.圖乙中圖線a是電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線B.電源內(nèi)阻為ΩC.電源的最大輸出功率為WD.滑動(dòng)變阻器的最大功率為W【答案】AC【解析】【詳解】A．將滑動(dòng)變阻器的滑片P從最右端移到最左端，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，R1的電壓和電源的內(nèi)電壓增大，則R2的電壓減小，所以電壓表V1的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)減小，可知圖線b反映的是電壓表V1的示數(shù)隨電流的變化，圖線a反映的是電壓表V2的示數(shù)隨電流的變化，故A正確。

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得電壓表V2的示數(shù)為：U2=E-I（R1+r）①由圖線a的斜率大小等于R1+r，由圖知：圖線b的斜率等于R1，則有：則電源的內(nèi)阻為r=5Ω，故B錯(cuò)誤；C．圖線a延長與U軸的截距為電源的電動(dòng)勢(shì)E=6V，當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時(shí)，電源的輸出功率最大，最大的輸出功率為：故C正確；D．把R1等效為內(nèi)阻，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于R1+r時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為10Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，滑動(dòng)變阻器的最大功率為：故D錯(cuò)誤；故選AC。9.如圖，有兩根和水平方向成角的光滑平行的金屬軌道，上端接有可變電阻R，下端足夠長，空間有垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感強(qiáng)度為及一根質(zhì)量為m的金屬桿從軌道上由靜止滑下．經(jīng)過足夠長的時(shí)間，金屬桿的速度趨近于一個(gè)最大速度vm，則（）A.如果B增大，vm將變大 B.如果α變大，vm將變大C.如果R變大，vm將變大 D.如果m變小，vm將變大【答案】BC【解析】當(dāng)金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度最大，此時(shí)有mgsinθ=F安，又安培力大小為

聯(lián)立得：根據(jù)上式分析得知：當(dāng)只B增大時(shí)，vm將變小．故A錯(cuò)誤；如果只增大θ，vm將變大．故B正確；當(dāng)只R增大，vm將變大，故C正確；只減小m，vm將變小．故D錯(cuò)誤．故選BC．點(diǎn)睛：本題第一方面要會(huì)分析金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況，第二方面要熟記安培力的經(jīng)驗(yàn)公式，通過列式進(jìn)行分析.第II卷非選擇題二．實(shí)驗(yàn)題10.如圖所示，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為_____mm；螺旋測(cè)微器讀數(shù)為_____mm?！敬鸢浮?1).21.6(2).0.920(0.919或0.921均可)【解析】【詳解】[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為21mm，游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm，所以最終讀數(shù)為：21mm+0.6mm=21.6mm；[2]螺旋測(cè)微器的固定刻度為0.5mm，可動(dòng)刻度為42.0×0.01mm=0.420mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.420mm=0.920mm，由于讀數(shù)誤差，所以0.919mm或0.921mm均可。11.（1）利用多用電表測(cè)某導(dǎo)體的電阻，該同學(xué)先用多用電表電阻擋“×100”測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度過大，為了減小測(cè)量誤差，應(yīng)將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到____________（選填“×1k”或“×10”）的位置，然后將兩表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零，再用兩表筆與導(dǎo)體連接好并讀數(shù)。（2）他按正確的實(shí)驗(yàn)操作，用多用電表電阻擋測(cè)量時(shí)指針停在圖所示的位置，則此材料電阻的測(cè)量值為________Ω。（3）若該材料的長度為L，直徑為D，電阻為R，則該材料電阻率的表達(dá)式ρ=________?！敬鸢浮?1).×10(2).140(3).【解析】【詳解】（1）[1]指針的偏轉(zhuǎn)角過大，表明選用的倍率過大，應(yīng)當(dāng)減小倍率，即應(yīng)將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到×10，更換檔位之后，應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；（2）[2]指針指示的示數(shù)與倍率的乘積即為此材料電阻的測(cè)量值，歐姆表的讀數(shù)為14×10Ω=140Ω；（3）[3]根據(jù)電阻定律可得圓柱體導(dǎo)體材料的橫截面積聯(lián)立可得金屬電阻率12.在“測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，已連接好部分實(shí)驗(yàn)電路．（1）按如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，把圖乙中剩余的電路連接起來_______．（2）在圖乙電路中，為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于______端（選填“A”或“B”）．（3）圖丙是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的U-I圖象，由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=______Ω【答案】(1).(2).B(3).1.50(4).1【解析】【詳解】(1)電路連接如圖．(2)閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值應(yīng)該最大，故滑片應(yīng)置于B端．(3)由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻r＝Ω＝1.0Ω.三、解答題13.如圖所示是一提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的電路圖．電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻r=0.8Ω，電路中另一電阻R=10Ω，直流電壓U=160V，電壓表示數(shù)UV=110V．試求：（1）通過電動(dòng)機(jī)電流；（2）輸入電動(dòng)機(jī)的電功率；（3）若電動(dòng)機(jī)以v=10m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量．(g取10m/s2)．【答案】（1）5A（2）550W（3）53kg【解析】【詳解】（1）通過R的電流：；（2）電動(dòng)機(jī)的輸入功率：，（3）電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻發(fā)熱功率：，輸出的機(jī)械功率：而解得：14.如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=6.0V、內(nèi)阻r=0.5Ω的直流電源．現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m=0.05kg的導(dǎo)體棒ab垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R=2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（