福建省長汀一中2022-2023學(xué)年物理高二第二學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

福建省長汀一中2022-2023學(xué)年物理高二第二學(xué)期期中調(diào)研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、首先指出磁場對運(yùn)動電荷有作用力的科學(xué)家是（）A．庫侖 B．奧斯特 C．安培 D．洛倫茲2、靜止在勻強(qiáng)電場中的碳14原子核,某時刻放射的某種粒子與反沖核的初速度方向均與電場方向垂直，且經(jīng)過相等的時間后形成的軌跡如圖所示(a、b表示長度)．那么碳14的核反應(yīng)方程可能是（）A．B．C．D．3、下列解釋中正確的是（）A．跳高時，在落地處墊海綿是為了減小沖量B．在碼頭上裝橡皮輪胎，是為了減小渡船靠岸過程受到的沖量C．動量相同的兩個物體受相同的制動力作用，質(zhì)量小的先停下來D．人從越高的地方跳下，落地時越危險(xiǎn)，是因?yàn)槁涞貢r人受到的沖量越大4、下圖中曲線a、b、c、d為氣泡室中某放射物質(zhì)發(fā)生衰變放出的部分粒子的經(jīng)跡，氣泡室中磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里．以下判斷可能正確的是A．a(chǎn)、b為粒子的經(jīng)跡 B．a(chǎn)、b為粒子的經(jīng)跡C．c、d為粒子的經(jīng)跡 D．c、d為粒子的經(jīng)跡5、在觀察布朗運(yùn)動時，下面說法正確的是A．布朗運(yùn)動是指懸浮在液體中的固體分子的運(yùn)動B．布朗運(yùn)動是指液體分子的運(yùn)動C．布朗運(yùn)動是液體分子運(yùn)動的反映D．布朗運(yùn)動是固體分子無規(guī)則運(yùn)動的反映6、線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動而產(chǎn)生交變電流，則()A．當(dāng)線圈位于中性面時，磁通量為零B．當(dāng)線圈經(jīng)過中性面時，感應(yīng)電流方向?qū)⒏淖僀．當(dāng)穿過線圈的磁通量為零時，線圈中的感應(yīng)電流也為零D．當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過一周時，感應(yīng)電動勢方向改變一次二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平桌面上固定兩條光滑平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端連接電源，整個裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)將兩根質(zhì)量相同的導(dǎo)體棒M、N依次靜置于導(dǎo)軌上的同一位置，接通電源，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌從桌面右側(cè)水平拋出，始終與地面平行，落地位置與導(dǎo)軌右端的水平距離分別為s1和s2。不計(jì)電源和導(dǎo)軌電阻，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則接通電源使導(dǎo)體棒通電瞬間內(nèi)，兩次相比A．通過棒電荷量之比為1:1B．安培力對棒沖量比為s1:s2C．安培力對棒做功比s1:s2D．安培力對棒做功比s8、如圖所示是用干涉法檢查某塊厚玻璃的上表面是否平整的裝置，檢查中所觀察到的干涉條紋如圖乙所示，則()A．產(chǎn)生干涉的兩列光波分別是由a的上表面和b的下表面反射的B．產(chǎn)生干涉的兩列光波分別是由a的下表面和b的上表面反射的C．被檢查的玻璃表面有凸起D．被檢查的玻璃表面有凹陷9、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4:1，電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦交流電，圖中Rt為熱敏電阻(其隨溫度升高電阻變小)，R為定值電阻．下列說法正確的是)A．副線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式為u＝9sin50πt(V)B．變壓器原、副線圈中的電流之比和輸入、輸出功率之比均為1:4C．t＝0.02s時電壓表V2的示數(shù)為9VD．Rt處溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)不變10、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R1．在金屬線框的下方有一勻強(qiáng)磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強(qiáng)磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一髙度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿出勻強(qiáng)磁場區(qū)域瞬間的v-t圖象，圖象中的物理量均為已知量．重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力．下列說法正確的是A．金屬線框剛進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流方向沿adcba方向B．金屬線框的邊長為v1(t2-t1)C．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為D．金屬線框在1-t4的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了節(jié)能環(huán)保，一些公共場所使用光控開關(guān)控制照明系統(tǒng)．光控開關(guān)可采用光敏電阻來控制，光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件（照度可以反映光的強(qiáng)弱，光越強(qiáng)，照度越大，照度單位為1x）．（1）某光敏電阻R在不同照度下的阻值如下表，根據(jù)表中已知數(shù)據(jù)，在如圖甲所示的坐標(biāo)系中描繪出了阻值隨照度變化的曲線．由圖象可求出照度為1.01x時的電阻約為_______．照度/1x0.20.40.60.81.01.2電阻/5.83.72.82.31.8（2）如圖乙所示是街道路燈自由控制模擬電路，利用直流電源為電磁鐵供電，利用照明電源為路燈供電．為達(dá)到天亮燈熄、天暗燈亮的效果，路燈應(yīng)接在________（填“AB”或“BC”）之間，請用筆畫線代替導(dǎo)線，正確連接電路元件_______．（3）用多用電表“”擋，按正確步驟測量圖乙中電磁鐵線圈電阻時，指針示數(shù)如圖丙所示，則線圈的電阻為_________．已知當(dāng)線圈中的電流大于或等于2mA時，繼電器的銜鐵將被吸合，圖中直流電源的電動勢E=6V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，滑動變阻器有三種規(guī)格可供選擇：．要求天色漸暗照度降低至1.01x時點(diǎn)亮路燈，滑動變阻器應(yīng)選擇_________（填“”“”或“”）．為使天色更暗時才點(diǎn)亮路燈，應(yīng)適當(dāng)?shù)豞________（填“增大”或“減小”）滑動變阻器的電阻．12．（12分）利用氣墊導(dǎo)軌通過閃光照相進(jìn)行“探究碰撞中的不變量”這一實(shí)驗(yàn)。(1)實(shí)驗(yàn)要求研究兩滑塊碰撞時動能損失很小或很大等各種情況，若要求碰撞時動能損失最大，應(yīng)選圖________（選填“甲”或“乙”）圖中的裝置，若要求碰撞時動能損失最小，則應(yīng)選圖________（選填“甲”或“乙”）圖中的裝置。（甲圖兩滑塊分別裝有彈性圈，乙圖兩滑塊分別裝有撞針和橡皮泥）(2)若通過實(shí)驗(yàn)已驗(yàn)證碰撞前、后系統(tǒng)的動量守恒，某同學(xué)再進(jìn)行以下實(shí)驗(yàn)。某次實(shí)驗(yàn)時碰撞前B滑塊靜止，A滑塊勻速向B滑塊運(yùn)動并發(fā)生碰撞，利用頻閃照相的方法連續(xù)4次拍攝得到的閃光照片如圖丙所示。已知相鄰兩次閃光的時間間隔為T，在這4次閃光的過程中，A、B兩滑塊均在0~80cm范圍內(nèi)，且第1次閃光時，滑塊A恰好位于x＝10cm處。若A、B兩滑塊的碰撞時間及閃光持續(xù)的時間極短，均可忽略不計(jì)，則可知碰撞發(fā)生在第1次閃光后的________時刻，A、B兩滑塊的質(zhì)量比mA：mB＝________。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的、足夠長的光滑金屬軌道與光滑傾斜軌道以小圓弧平滑對接．在傾斜軌道上高h(yuǎn)=l.8m處放置一金屬桿a，在平直軌道靠右端處放置另一金屬桿b，平直軌道區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)磁揚(yáng)．現(xiàn)由靜止釋放桿a，桿a下滑到水平軌道后即進(jìn)入磁場，此時桿b的速度大小為v0=3m/s，方向向左．已知ma=1kg，mb=lkg，金屬桿與軌道接觸良好，g取10m/s1．求：（1）桿a下滑到水平軌道上瞬間的速度大?。?）桿a、b在水平軌道上的共同速度大?。?）在整個過程中電路消耗的電能．14．（16分）已知在t1時刻簡諧橫波的波形如圖中實(shí)線所示；在時刻t2該波的波形如圖中虛線所示．t2-t1=0.02s．求：⑴該波可能的傳播速度．⑵若已知T<t2-t1<2T，且圖中P質(zhì)點(diǎn)在t1時刻的振動速度方向向上，求可能的波速．⑶若0.01s<T<0.02s，且從t1時刻起，圖中Q質(zhì)點(diǎn)比R質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，求可能的波速．15．（12分）如圖所示，傾角θ=37°的光滑固定斜面上放有A、B、C三個質(zhì)量均為m的物塊(均可視為質(zhì)點(diǎn))，A固定，C與斜面底端處的擋板接觸，B與C通過輕彈簧相連且均處于靜止?fàn)顟B(tài)，A、B間的距離為d?，F(xiàn)釋放A，一段時間后A與B發(fā)生碰撞，重力加速度大小為g，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。(1)求A與B碰撞前瞬間A的速度大小v0；(2)若A、B碰撞為彈性碰撞，碰撞后立即撤去A，且B沿斜面向下運(yùn)動到速度為零時(此時B與C未接觸彈簧仍在彈性限度內(nèi))，彈簧的彈性勢能增量為Ep，求B沿斜面向下運(yùn)動的最大距離x；(3)若A下滑后與B碰撞并粘在一起，且C剛好要離開擋板時，A、B的總動能為Ek，求彈簧的勁度系數(shù)k。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：荷蘭科學(xué)家洛倫茲首先提出了磁場對運(yùn)動電荷有作用力，庫侖是提出了點(diǎn)電荷之間作用力的公式即庫侖定律；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；安培提出了左手定則．故選D．考點(diǎn)：物理學(xué)史【名師點(diǎn)睛】2、A【解析】

設(shè)時間為t，則而故有又因?yàn)閯恿渴睾鉳1v1=m2v2故q1：q2=1：2A.q1：q2=1：2.故選項(xiàng)A符合題意.B.q1：q2=1：5.故選項(xiàng)B不符合題意.C.q1：q2=-6：7.故選項(xiàng)C不符合題意.D.q1：q2=1：3.故選項(xiàng)D不符合題意.3、D【解析】

A.跳高時，在落地處墊海綿是為了延長作用時間減小沖力，不是減小沖量，故選項(xiàng)A錯誤；B.在碼頭上裝橡皮輪胎，是為了延長作用時間，從而減小沖力，不是減小沖量，故選項(xiàng)B錯誤；C.動量相同的兩個物體受相同的制動力作用，根據(jù)動量定理，則知運(yùn)動時間相等，故選項(xiàng)C錯誤；D.從越高的地方跳下，落地時速度越大，速度變化量越大，動量變化量越大，則沖量越大，故選項(xiàng)D正確．4、D【解析】射線是不帶電的光子流，在磁場中不偏轉(zhuǎn)，故選項(xiàng)B錯誤．粒子為氦核帶正電，由左手定則知受到向上的洛倫茲力向上偏轉(zhuǎn)，故選項(xiàng)A、C錯誤；粒子是帶負(fù)電的電子流，應(yīng)向下偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)D正確．故選D．【考點(diǎn)定位】三種放射線的性質(zhì)、帶電粒子在磁場中的運(yùn)動．5、C【解析】

A．布朗運(yùn)動是懸浮在液體中的固體微粒的運(yùn)動，不是固體分子，固體微粒是實(shí)物粒子，所以A項(xiàng)錯誤；B．布朗運(yùn)動不是液體分子的運(yùn)動，但布朗運(yùn)動是大量液體分子對固體微粒撞擊的集體行為的結(jié)果，所以B項(xiàng)錯誤；CD．布朗運(yùn)動反映了周圍液體分子是在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動的，所以C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯誤。故選C。6、B【解析】A項(xiàng)：中性面上磁通量最大，故A錯誤；B項(xiàng)：線圈每經(jīng)過一次中性面，感應(yīng)電流方向?qū)⒏淖円淮?；故B正確；C項(xiàng)：當(dāng)穿過線圈的磁通量為零時，線圈處于與中性面相互垂直的位置，此時感應(yīng)電流最大；故C錯誤；D項(xiàng)：線圈每經(jīng)一次中性面，電流方向改變一交；當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過一周時，感應(yīng)電流方向改變兩次；故D錯誤．點(diǎn)晴：本題考查線圈在轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生感應(yīng)電流的特點(diǎn)；特別要注意在中性面處的特點(diǎn)．明確在中性面上磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌從桌面右側(cè)水平拋出后做平拋運(yùn)動，下落高度相等，則平拋運(yùn)動的時間相等，由s=v0t得，導(dǎo)體棒M、N平拋運(yùn)動初速度之比為v1：v2=s1：s2。由動量定理：BILΔt=mv，即BLq=mv，即q=mvBL∝v，則通過棒電荷量之比為q1：q2=v1：v2=s1：s2，選項(xiàng)A錯誤；安培力對棒沖量I=BILΔt=mv∝v，則I1：I2=v1：v2=s1：s2，選項(xiàng)B正確；根據(jù)動能定理得：安培力對導(dǎo)體棒做功W=12mv2∝v2，則做功之比為W1：W2=v12：v22=s8、BD【解析】分析：薄膜干涉形成的條紋是膜的上下表面的發(fā)射光干涉產(chǎn)生的．當(dāng)兩反射光的路程差（即膜厚度的2倍）是半波長的偶數(shù)倍，出現(xiàn)明條紋，是半波長的奇數(shù)倍，出現(xiàn)暗條紋，可知薄膜干涉是等厚干涉，即明條紋處空氣膜的厚度相同．解答：解：A、薄膜干涉形成的條紋是膜的上下表面的發(fā)射光干涉產(chǎn)生的．故A錯誤，B正確．C、薄膜干涉是等厚干涉，即明條紋處空氣膜的厚度相同．從彎曲的條紋可知，檢查平面左邊處的空氣膜厚度與后面的空氣膜厚度相同，知該處凹陷．故C錯誤，D正確．故選BD．9、CD【解析】

A.由圖乙可知交流電壓最大值Um=36V，原線圈電壓的有效值U1=36V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值為100π，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得副線圈電壓的有效值為9V，原線圈電壓為零時，變化最快，副線圈中感應(yīng)電動勢最大，副線圈兩端電壓的瞬時值表達(dá)式u=9sin100πtV，故A錯誤；B.變壓器原、副線圈中的電流之比與匝數(shù)成反比，為1:4,；輸入和輸出功率相等，大小之比為1:1，故B錯誤；C.電壓表V2的示數(shù)為有輸出電壓的效值，為9V，故C正確；D.

Rt處溫度升高時，阻值減小，電流表的示數(shù)變大，電壓表示數(shù)不變，故D正確；故選CD10、BC【解析】

金屬框進(jìn)入磁場前做勻加速運(yùn)動，由圖線與時間軸所圍的面積讀出金屬框初始位置的bc邊到邊界MN的高度；由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)時間和速度求解金屬框的邊長；由圖知，金屬線框進(jìn)入磁場過程做勻速直線運(yùn)動，重力和安培力平衡，列式可求出B．由能量守恒定律求出在進(jìn)入磁場過程中金屬框產(chǎn)生的熱量．【詳解】金屬線框剛進(jìn)入磁場時，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿abcda方向；故A錯誤；由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，速度為v1，運(yùn)動時間為t2-t1，故金屬框的邊長：l=v1（t2-t1）；故B正確；在金屬框進(jìn)入磁場的過程中，金屬框所受安培力等于重力，則得：mg=BIl，，又l=v1（t2-t1）．聯(lián)立解得：；故C正確；t1到t2時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律，產(chǎn)生的熱量為：Q1=mgl=mgυ1（t2-t1）；t3到t4時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律，產(chǎn)生的熱量為：Q2=mgl+m(v32?v22)=mgυ1（t2-t1）+m(v32?v22)；故Q=Q1+Q2=2mgυ1（t2-t1）+m(v32?v22)；故D正確；故選BCD．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）2.0；（2）AB；（3）140、R3、減小【解析】（1）從圖像上可以看出當(dāng)照度為1.0lx時的電阻約為（2）當(dāng)天亮?xí)r，光敏電阻的阻值變小，所以回路中電流增大，則銜鐵被吸下來，此次觸片和下方接觸，此時燈泡應(yīng)該熄滅，說明燈泡接在了AB上，連接電路圖如圖所示：（3）根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則，所以電阻值為,回路中的電流為2mA時回路中的需要中電阻，所以選擇滑動變組器比較合理．若要求天色漸暗照度降低至1.0lx時點(diǎn)亮路燈，則天色更暗時光明電阻更大，要先保證回路中的電流2mA不變，則應(yīng)減小滑動變阻器的阻值．故本題答案是：(1).2.0;(2).AB,如圖(3)14.0;R3;減小12、乙甲2.5T1：3【解析】

(1)[1][2]若要求碰撞時動能損失最大，則需兩滑塊碰撞后結(jié)合在一起，故應(yīng)選乙圖中的裝置；若要求碰撞時動能損失最小，則應(yīng)使兩滑塊發(fā)生彈性碰撞，即選甲圖中的裝置。(2)[3][4]第1次閃光時，滑塊A恰好位于x＝10cm處，由圖丙可知，第二次閃光時A在x＝30cm處，第三次閃光時A在x＝50cm處，碰撞發(fā)生在x＝60cm處。分析知從第三次閃光到發(fā)生碰撞所需的時間為，則可知碰撞發(fā)生在第1次閃光后的2.5T時刻。設(shè)碰前A的速度為v，則碰后A的速度為－，B的速度為，根據(jù)動量守恒定律可得mAv＝－mA·＋mB·解得即mA：mB＝1：3四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6m/s（1）3m/s（3）17J【解析】

（1）設(shè)桿a下滑到水平軌道瞬間的速度為Va，桿a從斜軌道上下滑到水平軌道的過程中，只有重力做功，由機(jī)械能守恒定律得magh=mava1解得va=6m/s．（1）當(dāng)a以6m/s的速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后，a、b兩桿所受的安培力等大反向，合力為零，最終一起勻速運(yùn)動．設(shè)共同的速度為V，取水平向右為正，由動量守恒定律得mava-mbv0=（ma+mb）v解得v=3m/s

（3）設(shè)消耗的電能為E，由能量守恒定律得E=mava1+mbv01-（ma+mb）v1

代入數(shù)據(jù)解得E=17J．【