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2019年高考物理重點(diǎn)難點(diǎn)易考點(diǎn)總結(jié)
專(zhuān)題二力與物體的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)
【專(zhuān)題定位】本專(zhuān)題解決的是物體(或帶電體)在力的作用下的勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題.高考對(duì)本專(zhuān)題考查的內(nèi)
容主要有:①勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及運(yùn)動(dòng)圖象問(wèn)題;②行車(chē)安全問(wèn)題;③物體在傳送帶(或平板車(chē))上的
運(yùn)動(dòng)問(wèn)題;④帶電粒子(或帶電體)在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中的勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題;⑤電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)分析.考
查的主要方法和規(guī)律有:動(dòng)力學(xué)方法、圖象法、臨界問(wèn)題的處理方法、運(yùn)動(dòng)學(xué)的基本規(guī)律等.
應(yīng)考策略】抓住“兩個(gè)分析”和“一個(gè)橋梁”.“兩個(gè)分析”是指“受力分析”和“運(yùn)動(dòng)情景或運(yùn)動(dòng)過(guò)
程分析”.“一個(gè)橋梁”是指“加速度是聯(lián)系運(yùn)動(dòng)和受力的橋梁”.綜合應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
解決問(wèn)題.
第1課時(shí)動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在力學(xué)中的應(yīng)用
知識(shí)方法聚焦填填更有底
、知識(shí)回扣
1.物體或帶電粒子做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件是:物體或帶電粒子所受合力為恒力,且與速度方向共線(xiàn).
2.勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律為
速度公式:v—Vn+at.
位移公式:x—Vat+^ar.
速度和位移公式的推論:公—屆=2"
中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度:4=:=生產(chǎn).
2
任意相鄰兩個(gè)連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)的位移之差是一個(gè)恒量,即^x=xn+l-x,,=a(M).
3.速度一時(shí)間關(guān)系圖線(xiàn)的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度,圖線(xiàn)與時(shí)間軸所包圍的面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位
移.勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的kt圖象是一條傾斜直線(xiàn).
4.位移一時(shí)間關(guān)系圖線(xiàn)的斜率表示物體的速度,勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的x-f圖象是一條拋物線(xiàn).
5.超重或失重時(shí);物體的重力并未發(fā)生變化,只是物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦Γ┌l(fā)生了變化.物
體發(fā)生超重或失重現(xiàn)象與物體的運(yùn)動(dòng)方向逑,只決定于物體的加速度方向.當(dāng)“有豎直向上的分量時(shí),
超重:當(dāng)。有豎直向下的分量時(shí),如重:當(dāng)a=g且豎直向下時(shí),完全失重.
、規(guī)律方法
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1.動(dòng)力學(xué)的兩類(lèi)基本問(wèn)題的處理思路
2.解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的常用方法
(1)整體法與隔離法.
(2)正交分解法:一般沿加速度方向和垂直于加速度方向進(jìn)行分解,有時(shí)根據(jù)情況也可以把加速度進(jìn)行正交
分解.
(3)逆向思維法:把運(yùn)動(dòng)過(guò)程的末狀態(tài)作為初狀態(tài)的反向研究問(wèn)題的方法,一般用于勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題,
比如剎車(chē)問(wèn)題、豎直上拋運(yùn)動(dòng).
熱點(diǎn)考向例析做做有感悟
考向1運(yùn)動(dòng)學(xué)基本規(guī)律的應(yīng)用
[例1](2014.新課標(biāo)I?24)公路上行駛的兩汽車(chē)之間應(yīng)保持一定的安全距離.當(dāng)前車(chē)突然停止時(shí),后車(chē)司
機(jī)可以采取剎車(chē)措施,使汽車(chē)在安全距離內(nèi)停下而不會(huì)與前車(chē)相碰.通常情況下,人的反應(yīng)時(shí)間和汽車(chē)系
統(tǒng)的反應(yīng)時(shí)間之和為1s.當(dāng)汽車(chē)在晴天干燥瀝青路面上以108km/h的速度勻速行駛時(shí),安全距離為120
m.設(shè)雨天時(shí)汽車(chē)輪胎與瀝青路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為晴天時(shí)的宗若要求安全距離仍為120m,求汽車(chē)在雨天
安全行駛的最大速度.(g取lOm/s?)
【審題突破】在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車(chē)做什么運(yùn)動(dòng)?采取剎車(chē)措施后呢?要求安全距離和汽車(chē)的位移有什么關(guān)
系?
解析設(shè)路面干燥時(shí),汽車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為剎車(chē)時(shí)汽車(chē)的加速度大小為如,安全距離為S,
反應(yīng)時(shí)間為也由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得
"o〃?g=m?o①
$=如。+熟
式中,機(jī)和00分別為汽車(chē)的質(zhì)量和剎車(chē)前的速度.
設(shè)在雨天行駛時(shí),汽車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃,依題意有
2
"=/③
設(shè)在雨天行駛時(shí)汽車(chē)剎車(chē)的加速度大小為4,安全行駛的最大速度為由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得
^mg=ma@
S="o+五⑤
聯(lián)立①②③④⑤式并代入題給數(shù)據(jù)得
0=20m/s(u=-24m/s不符合實(shí)際,舍去)
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答案20m/s
【以題說(shuō)法】解決此類(lèi)問(wèn)題必須熟練掌握運(yùn)動(dòng)學(xué)的基本規(guī)律和推論(即五個(gè)關(guān)系式).對(duì)于勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)還
要會(huì)靈活運(yùn)用逆向思維法.對(duì)于追及相遇問(wèn)題要能分別清晰地分析兩物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程,能找出空間和時(shí)間
的關(guān)系等.
皿現(xiàn)紅為了迎接外賓,對(duì)國(guó)賓車(chē)隊(duì)要求非常嚴(yán)格.設(shè)從同一地點(diǎn)先后開(kāi)出甲、乙兩輛不同型號(hào)的國(guó)賓
汽車(chē)在平直的公路上排成直線(xiàn)行駛.汽車(chē)甲先開(kāi)出,汽車(chē)乙后開(kāi)出.汽車(chē)甲從靜止出發(fā)先做加速度為0
的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),達(dá)到速度。后改為勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).汽車(chē)乙從靜止出發(fā)先做加速度為。2的勻加速直線(xiàn)運(yùn)
動(dòng),達(dá)到同一速度。后也改為勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).要使甲、乙兩輛汽車(chē)都勻速行駛時(shí)彼此間隔的間距為X.則甲、
乙兩輛汽車(chē)依次啟動(dòng)的時(shí)間間隔為多少?(不計(jì)汽車(chē)的大小)
經(jīng)拿4+旦_旦
口菜o+2s2a2
解析設(shè)當(dāng)甲經(jīng)過(guò)一段時(shí)間h勻加速運(yùn)動(dòng)達(dá)到速度。,位移為xi,
對(duì)甲,有:0=4山①
。~=2。內(nèi)②)
設(shè)乙出發(fā)后,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間亥勻加速運(yùn)動(dòng)達(dá)到速度。,位移為
對(duì)乙,有:0=。2,2③
2
V=2Q2X2@
設(shè)甲勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間[后,乙也開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng),甲、乙依次啟動(dòng)的時(shí)間間隔為加,
由題意知:△/=/]+/—殳⑤
1=為+。/一必⑥
解得:加三+合一券
VZ6Z]
考向2挖掘圖象信息解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題
【例2】如圖1甲所示,在傾角為37。的粗糙且足夠長(zhǎng)的斜面底端,一質(zhì)量〃?=2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊壓縮
一輕彈簧并鎖定,滑塊與彈簧不相連.f=0s時(shí)解除鎖定,計(jì)算機(jī)通過(guò)傳感器描繪出滑塊的速度時(shí)間圖象
如圖乙所示,其中3段為曲線(xiàn),be段為直線(xiàn),10m/s2,sin37。=0.6,cos37。=0.8則下列說(shuō)法正確
的是()
16
08/一十一*
°0.10.20.30.4r/s
甲乙
圖1
A.在0.15s末滑塊的加速度為一16m/s?
B.滑塊在0.1?0.2s時(shí)間間隔內(nèi)沿斜面向下運(yùn)動(dòng)
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C.滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.25
D.在滑塊與彈簧脫離之前,滑塊一直在做加速運(yùn)動(dòng)
癰題突破】結(jié)合圖象可知滑塊在斜面上分別做什么運(yùn)動(dòng)?曲段為直線(xiàn)說(shuō)明什么?
解析在0—/圖象中,斜率代表加速度,0.15s末滑塊的加速度〃=*=-8m/s2,故A錯(cuò)誤;滑塊在0.1?
0.2s時(shí)間間隔內(nèi)沿斜面向上運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;滑塊在0.1?0.2s內(nèi),由牛頓第二定律可知,一mgsin37°-
Hmgcos3T=ma,可求得〃=0.25,故C正確;在0?0.1s過(guò)程中為滑塊和彈簧接觸的過(guò)程,由圖象可知,
滑塊先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng),故D錯(cuò)誤.
答案C
【以題說(shuō)法】解圖象類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵在于將圖象與物理過(guò)程對(duì)應(yīng)起來(lái),通過(guò)圖象的坐標(biāo)軸、關(guān)鍵點(diǎn)、斜率、
面積等信息,對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程進(jìn)行分析,從而解決問(wèn)題.
軌加峰*(2014?福建?15)如圖2所示,滑塊以初速度內(nèi)沿表面粗糙且足夠長(zhǎng)的固定斜面,從頂端下滑,
直至速度為零.對(duì)于該運(yùn)動(dòng)過(guò)程,若用爪s、。、。分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小,
f表示時(shí)間,則下列圖象最能正確描述這一運(yùn)動(dòng)規(guī)律的是()
圖2
答案B
解析滑塊沿斜面向下做勻減速運(yùn)動(dòng),故滑塊下滑過(guò)程中,速度隨時(shí)間均勻變化,加速度“不變,選項(xiàng)C、
D錯(cuò)誤.
h1.
設(shè)斜面傾角為a則5=而萬(wàn)=如一呼故〃一人S—/圖象都應(yīng)是開(kāi)口向下的拋物線(xiàn),選項(xiàng)A錯(cuò)誤,選項(xiàng)
B正確.
考向3應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析傳送帶問(wèn)題
【例3】如圖3所示,一水平傳送帶以4m/s的速度逆時(shí)針傳送,水平部分長(zhǎng)L=6m,其左端與一傾角為
。=3?!愕墓饣泵嫫交噙B,斜面足夠長(zhǎng),一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊無(wú)初速度地放在傳送帶最右端,已知物
塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,g=iom/sz.求物塊從放到傳送帶上到第一次滑回傳送帶最遠(yuǎn)端所用的
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時(shí)間.
癰題突破】物塊在傳送帶上向左和向右如何判斷做何運(yùn)動(dòng)?在斜面上向上、向下運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是否一樣?
解析物塊與傳送帶間的摩擦力:Ff—fimg—ma\
代入數(shù)據(jù)得?=2m/s2
設(shè)當(dāng)物塊加速到與傳送帶速度相同時(shí)發(fā)生的位移為X,,
由。2=2”巾,解得:%|=4m<6m
V
則物塊加速到o的時(shí)間:t]=—=2s
?
物塊與傳送帶速度相同時(shí),它們一起運(yùn)動(dòng),一起運(yùn)動(dòng)的位移為X2=L~X\=2m
一起運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:,2=蔗=0.5s
物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度:〃2="叱:3。=5m/s2
Az?
根據(jù)對(duì)稱(chēng)性,上升和下降的時(shí)間相同:打=—=0.8s
Au
返回傳送帶后,向右減速的時(shí)間:〃=—=2s
物塊從放到傳送帶上到第一次滑回傳送帶最遠(yuǎn)端所用的時(shí)間:t3=4+攵+2,3+14=6.1S.
答案6.1s
【以題說(shuō)法】1.傳送帶問(wèn)題的實(shí)質(zhì)是相對(duì)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題,這樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)將直接影響摩擦力的方向.因此,搞清
楚物體與傳送帶間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向是解決該問(wèn)題的關(guān)鍵.
2.傳送帶問(wèn)題還常常涉及到臨界問(wèn)題,即物體與傳送帶速度相同,這時(shí)會(huì)出現(xiàn)摩擦力改變的臨界狀態(tài),
具體如何改變要根據(jù)具體情況判斷.
皿遇她如圖4所示,與水平方向成37。角的傳送帶以恒定速度。=2m/s順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng),兩傳動(dòng)輪間
距L=5m.現(xiàn)將質(zhì)量為1kg且可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊以。。=4m/s的速度沿傳送帶向上的方向自底端滑上傳
送帶.物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為"=05取g=10m/s\已知sin37。=0.6,cos37Oz=0.8,計(jì)算時(shí),
可認(rèn)為滑動(dòng)摩擦力近似等于最大靜摩擦力,求物塊在傳送帶上上升的最大高度.
圖4
答案0.96m
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解析物塊剛滑上傳送帶時(shí),物塊相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng),受到摩擦力沿傳送帶向下,將勻減速上滑,直至
與傳送帶速度相同,物塊向上減速時(shí),由牛頓第二定律得
〃?gsin0+/imgcos6—ma\
則有:ai=g(sin6+〃cos0=10X(0.64-0.5X0.8)m/s2=iom/s2
物塊沿傳送帶向上的位移為:
VQ—V242—22
X|=^T=2XT0m=0.6m
由于最大靜摩擦力Ff=〃mgcoseVmgsin仇物塊與傳送帶速度相同后,物塊受到滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上,
但合力沿傳送帶向下,故繼續(xù)勻減速上升,直至速度為零.
根據(jù)牛頓第二定律可得:
zngsin0—fimgcos9=ma2
得:a2=g(sin。一〃cos(9)=10X(0.6—0.5X0.8)m/s2=2m/s2
物塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)的位移為:
v222
%2=2^=2X2m=l01
則物塊沿傳送帶上升的最大高度為:
H=(xi+x2)sin370=(0.6+l)X0.6m=0.96m.
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審題破題真題演練題題有秘訣
2.應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析“滑塊一木板模型”問(wèn)題
【例4】(14分)如圖5所示,水平地面上有一質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板,一個(gè)質(zhì)量為,"的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放在
長(zhǎng)木板的最右端.己知,“與M之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為出,木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為他.從某時(shí)刻起物塊
機(jī)以01的水平初速度向左運(yùn)動(dòng),同時(shí)木板M在水平外力尸作用下始終向右以速度02(。2>。1)勻速運(yùn)動(dòng),求:
I.1—
'///////////////////////.
圖5
(1)在物塊m向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中外力F的大小;
(2)木板至少多長(zhǎng)物塊不會(huì)從木板上滑下來(lái)?
思維導(dǎo)圖
“勻速運(yùn)動(dòng),說(shuō)明:“處于平衡狀態(tài)
臨界條件加滑到“最左端時(shí)剛好共速,
木板長(zhǎng)度最短
受力分析
其更妥牛頓第二定律
'勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律方程
心/M與地面間的彈力為:(M+m)g,則Ff2=以2(m+M)g
、一m之間的幾何關(guān)系
a管題模板
解析(1)在物塊向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,木板受力如圖所示,其中&1、尸也分別為物塊和地面給木板的摩擦力,
由題意可知
F{i=nxmg(\分)
丘=〃2(m+M)g(2分)
由平衡條件得:F=ai+Ff2=〃mg+〃2(w+M)g(2分)
(2)設(shè)物塊向左勻減速至速度為零的時(shí)間為t\,則
「加分)
設(shè)物塊向左勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為X”則
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V\Ui\
即赤(1分)
設(shè)物塊由速度為零向右勻加速至與木板同速(即停止相對(duì)滑動(dòng))的時(shí)間為及,則r=~(l分)
2"ig
設(shè)物塊向右勺加速運(yùn)動(dòng)的位移為x2f則
V2V7、
向=5,2=?。?分)
此過(guò)程中木板向右勻速運(yùn)動(dòng)的總位移為X’,則
X'=。2?1+切(1分)
則物塊不從木板上滑下來(lái)的最小長(zhǎng)度:
L=x'+的一數(shù)(2分)
代入數(shù)據(jù)解得:L=弊等.(2分)
“1g2
答案(l)"i〃ig+"2(m+M)g(2)”〃;,
點(diǎn)睛之筆平板車(chē)類(lèi)問(wèn)題中,滑動(dòng)摩擦力的分析方法與傳送帶類(lèi)似,但這類(lèi)問(wèn)題比傳送帶類(lèi)問(wèn)題更復(fù)雜,
因?yàn)槠桨遘?chē)往往受到摩擦力的影響也做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),處理此類(lèi)雙體勻變速運(yùn)動(dòng)問(wèn)題要注意從速度、位
移、時(shí)間等角度,尋找它們之間的聯(lián)系.要使滑塊不從車(chē)的末端掉下來(lái)的臨界條件是滑塊到達(dá)小車(chē)末端時(shí)
的速度與小車(chē)的速度恰好相等.
里高再現(xiàn)場(chǎng)
(限時(shí):15分鐘,滿(mǎn)分:18分)
如圖6所示,傾角a=30。的足夠長(zhǎng)光滑斜面固定在水平面上,斜面上放一長(zhǎng)L=1.8m、質(zhì)量M=3kg的薄
木板,木板的最右端疊放一質(zhì)量m=1kg的小物塊,物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=竽.對(duì)木板施加沿斜面
向上的恒力F,使木板沿斜面由靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).設(shè)物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦
力,取重力加速度g=10m/s2.
圖6
(1)為使物塊不滑離木板,求力尸應(yīng)滿(mǎn)足的條件;
(2)若尸=37.5N,物塊能否滑離木板?若不能,請(qǐng)說(shuō)明理由;若能,求出物塊滑離木板所用的時(shí)間及滑離
木板后沿斜面上升的最大距離.
答案(1)FW3ON(2)能1.2s0.9m
解析(1)對(duì)M、組成的整體,由牛頓第二定律
/一(M+m)gsina=(M+ni)a
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對(duì)加,有Ff—mgsina=ma
FfW〃〃?gcosa
代入數(shù)據(jù)得bW30N.
(2)F=37.5N>30N,物塊能滑離木板
對(duì)M,有F—/zwgcosa-Mgsina=Ma\
對(duì)ni,有〃mgcosa-mgsina=mci2
設(shè)物塊滑離木板所用時(shí)間為1,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
1212,
呼"一呼2r=L
代入數(shù)據(jù)得:r=1.2s
物塊滑離木板時(shí)的速度V=Cl2t
由一2gssina=0一/
代入數(shù)據(jù)得s=0.9m.
專(zhuān)題突破練
(限時(shí):45分鐘)
題組1運(yùn)動(dòng)學(xué)基本規(guī)律的應(yīng)用
1.測(cè)速儀安裝有超聲波發(fā)射和接收裝置,如圖1所示,B為測(cè)速儀,A為汽車(chē),兩者相距335m,某時(shí)刻
8發(fā)出超聲波,同時(shí)A由靜止開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),當(dāng)8接收到反射回來(lái)的超聲波信號(hào)時(shí),A8相距355
m,已知聲速340m/s,則汽車(chē)的加速度大小為()
網(wǎng)〃〃
圖1
A.20m/s2B.10m/s2
C.5m/s2D.無(wú)法計(jì)算
答案B
解析設(shè)超聲波來(lái)回傳播時(shí)間為f,汽車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度為“,聲速為。,則?一,g)2=335m,;4/=355m
-335m,聯(lián)立解得:f=2s,a=10m/s2,選項(xiàng)B正確.
2.(2014.新課標(biāo)H24)2012年10月,奧地利極限運(yùn)動(dòng)員菲利克斯?鮑姆加特納乘氣球升至約39km的高空
后跳下,經(jīng)過(guò)4分20秒到達(dá)距地面約1.5km高度處,打開(kāi)降落傘并成功落地,打破了跳傘運(yùn)動(dòng)的多項(xiàng)世
界紀(jì)錄.取重力加速度的大小g=10m/s2.
(1)若忽略空氣阻力,求該運(yùn)動(dòng)員從靜止開(kāi)始下落至1.5km高度處所需的時(shí)間及其在此處速度的大??;
(2)實(shí)際上,物體在空氣中運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)受到空氣的阻力,高速運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力的大小可近似表示為尸初2,其
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中。為速率,上為阻力系數(shù),其數(shù)值與物體的形狀、橫截面積及空氣密度有關(guān).己知該運(yùn)動(dòng)員在某段時(shí)間
內(nèi)高速下落的。一f圖象如圖2所示.若該運(yùn)動(dòng)員和所帶裝備的總質(zhì)量,“=100kg,試估算該運(yùn)動(dòng)員在達(dá)到
最大速度時(shí)所受阻力的阻力系數(shù).(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)
4()0
350
300
250
200
150
203040506070809()100Z/s
圖2
答案⑴87s8.7Xio2m/s(2)0.008kg/m
解析(1)設(shè)該運(yùn)動(dòng)員從開(kāi)始自由下落至1.5km高度處的時(shí)間為r,下落距離為s,在1.5km高度處的速度
大小為。.根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有
根據(jù)題意有
s=3.9X1(/m-1.5X1()3m=3.75X1(/m③
聯(lián)立①②③式得個(gè)87s@
0^8.7X102mzs⑤
(2)該運(yùn)動(dòng)員達(dá)到最大速度Omax時(shí),加速度為零,根據(jù)平衡條件有〃笈=切匕⑥
由所給的V一t圖象可讀出Umax*5360m/s⑦
由⑥⑦式得6=0.008kg/m.
題組2挖掘圖象信息解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題
3.(2014.新課標(biāo)H/4)甲、乙兩汽車(chē)在一平直公路上同向行駛.在,=0到的時(shí)間內(nèi),它們的—f圖
像如圖3所示.在這段時(shí)間內(nèi)()
A.汽車(chē)中的平均速度比乙的大
B.汽車(chē)乙的平均速度等于安友
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C.甲、乙兩汽車(chē)的位移相同
D.汽車(chē)甲的加速度大小逐漸減小,汽車(chē)乙的加速度大小逐漸增大
答案A
解析根據(jù)V—t圖像下方的面積表示位移,可以看出汽車(chē)甲的位移Xw大于汽車(chē)乙的位移X5選項(xiàng)C錯(cuò)誤;
X
根據(jù)0=7得,汽車(chē)甲的平均速度。,大于汽車(chē)乙的平均速度選項(xiàng)A正確:汽車(chē)乙的位移x1卜于初速
度為。2、末速度為小的勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移X,即汽車(chē)乙的平均速度小于葉蟲(chóng),選項(xiàng)B錯(cuò)誤;根據(jù)P—r
圖像的斜率反映了加速度的大小,因此汽車(chē)甲、乙的加速度大小都逐漸減小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.
4.如圖4甲所示,一個(gè),〃=3kg的物體放在粗糙水平地面上,從f=0時(shí)刻起,物體在水平力尸作用下由
靜止開(kāi)始做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).在0?3s時(shí)間內(nèi)物體的加速度a隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示,已知物體與地面
間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等.則()
甲乙
圖4
A.在0?3s時(shí)間內(nèi),物體的速度先增大后減小
B.2s末物體的速度最大,最大速度為8m/s
C.2s末尸最大,尸的最大值為12N
D.前2s內(nèi)物體做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),力F大小保持不變
答案D
解析物體在前3s內(nèi)始終做加速運(yùn)動(dòng),第3s內(nèi)加速度減小說(shuō)明物體速度增加得慢了,但仍是加速運(yùn)動(dòng),
故A錯(cuò)誤;因?yàn)槲矬w速度始終增加,故3s末物體的速度最大,在。一f圖象上圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面
積表示速度變化,AonlOm/s,物體由靜止開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng),故最大速度為iom/s,所以B錯(cuò)誤;由F$=
ma知前2s內(nèi)的合外力為12N,由于受摩擦力作用,故作用力大于12N,故C錯(cuò)誤.
5.我國(guó)蹦床隊(duì)組建時(shí)間不長(zhǎng),但已經(jīng)在國(guó)際大賽中取得了驕人的成績(jī).假如運(yùn)動(dòng)員從某一高處下落到蹦
床后又被彈回到原來(lái)的高度,其整個(gè)過(guò)程中的速度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖5所示,其中?!ǘ魏蚆段為直
線(xiàn),則根據(jù)此圖象可知運(yùn)動(dòng)員()
圖5
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A.在外?益時(shí)間內(nèi)所受合力逐漸增大
B.在以時(shí)刻處于平衡位置
C.在打時(shí)刻處于平衡狀態(tài)
D.在q時(shí)刻所受的彈力最大
答案B
解析在f]?打時(shí)間內(nèi),人受到的彈力小于人的重力,合力向下,人在向下加速運(yùn)動(dòng),但是加速度的大小
是在減小的,合力是在減小的,所以A錯(cuò)誤.在『2時(shí)刻,彈力和人的重力相等,此時(shí)處于平衡位置,速度
到達(dá)最大,所以B正確.在打時(shí)刻,人的速度最小,此時(shí)彈力最大,具有向上的加速度,所以C錯(cuò)誤.在
久時(shí)刻,人向上運(yùn)動(dòng),速度達(dá)到最大,此時(shí)的合力為零,所以D錯(cuò)誤.
題組3應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析傳送帶問(wèn)題
6.(2014?四川?7改編)如圖6所示,水平傳送帶以速度力勻速運(yùn)動(dòng),小物體P、。由通過(guò)定滑輪且不可伸
長(zhǎng)的輕繩相連,f=0時(shí)刻尸在傳送帶左端具有速度?2,尸與定滑輪間的繩水平,片力時(shí)刻P離開(kāi)傳送帶.不
計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦,繩足夠長(zhǎng).正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖像可能是()
圖6
A.①②B.①③C.②③D.②④
答案C
解析若。|>。2,且P受到的滑動(dòng)摩擦力大于Q的重力,則可能先向右勺加速,加速至0后隨傳送帶一起
向右勻速,此過(guò)程如圖②所示,故②正確.若%>。2,且P受到的滑動(dòng)摩擦力小于。的重力,此時(shí)P一直
向右減速,減速到零后反向加速.若。2>S,「受到的滑動(dòng)摩擦力向左,開(kāi)始時(shí)加速度當(dāng)減
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速至速度為5時(shí),摩擦力反向,若有Fr>RMg,此后加速度改=\,垮,故③正確,①④錯(cuò)誤.故選C.
7.如圖7甲所示,水平傳送帶AB逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),一個(gè)質(zhì)量為M=1.0kg的小物塊以某一初速度由傳送
帶左端滑上,通過(guò)速度傳感器記錄下物塊速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示(圖中取向左為正方向,以物塊
滑上傳送帶時(shí)為計(jì)時(shí)零點(diǎn)).已知傳送帶的速度保持不變,g取lOm/s?.求:
|v/(m/s)
工
z.O
L.O
.O
94
-1.
-2..O
-3..O
-4.
甲
乙
圖7
(1)物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃;
(2)物塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間;
(3)整個(gè)過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量.
答案(1)0.2(2)4.5s(3)18J
解析(1)由速度圖象可知,物塊做勻變速運(yùn)動(dòng)的加速度:a=~^=2.0m/s2
由牛頓第二定律得Ff=Ma
則物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=胞=0.2.
(2)由速度圖象可知,物塊初速度大小o=4m/s、傳送帶速度大小u'=2m/s,物塊在傳送帶上滑動(dòng)八=3
s后,與傳送帶相對(duì)靜止.
前2s內(nèi)物塊的位移大小尤i=//=4m,向右,
v1
后1s內(nèi)的位移大小工2=”-,'=lm,向左,
3s內(nèi)位移X=X]—X2=3m,向右;
X
物塊再向左運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2=~—=1.5S.
物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)間/=/1+/2=4.5s.
(3)物塊在傳送帶上滑動(dòng)的3s內(nèi),傳送帶的位移『=vrfi=6m,向左
物塊的位移工=兩一必=3m,向右
相對(duì)位移為Ax'=xf+x=9m
所以轉(zhuǎn)化的熱能/=斤心,=18J.
題組4應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析“滑塊一木板模型”問(wèn)題
8.(2014?江蘇?8改編)如圖8所示,A、8兩物塊的質(zhì)量分別為2機(jī)和根,靜止疊放在水平地面上.A、8間
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的動(dòng)摩擦因數(shù)為小B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為5.最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度為g.現(xiàn)對(duì)A
施加一水平拉力F,則下列說(shuō)法不正確的是()
A--F
圖8
A.當(dāng)尸時(shí),A、8都相對(duì)地面靜止
B.當(dāng)F=^fimg時(shí),A的加速度為%g
C.當(dāng)Q3“wg時(shí),A相對(duì)B滑動(dòng)
D.無(wú)論F為何值,8的加速度不會(huì)超過(guò)5g
答案A
33.
解析當(dāng)OvFWg/wg時(shí),A、B皆靜止;當(dāng)時(shí),A、B相對(duì)靜止,但兩者相對(duì)地面一起向右
做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng);當(dāng)E>3〃,"g時(shí),A相對(duì)B向右做加速運(yùn)動(dòng),8相對(duì)地面也向右加速,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,選
廠(chǎng)3
5F一于mg
項(xiàng)C正確.當(dāng)尸=呼5g時(shí),A與B共同的加速度a=-r一=qig,選項(xiàng)B正確.尸較大時(shí),取物塊8
?3
2〃加g一呼加g.
=
為研究對(duì)象,物塊B的加速度最大為a2----------------=?培,選項(xiàng)D正確.
9.如圖9甲所示,由斜面AB和水平面BC組成的物塊,放在光滑水平地面上,斜面AB部分光滑,AB長(zhǎng)
度為s=2.5m,水平部分BC粗糙.物塊左側(cè)與豎直墻壁之間連接著一個(gè)力傳感器,當(dāng)傳感器受壓時(shí)示數(shù)
為正值,被拉時(shí)為負(fù)值.上表面與BC等高且粗糙程度相同的木板OE緊靠在物塊的右端,木板DE質(zhì)量
M=4kg,長(zhǎng)度L=1.5m.一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從4點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑,經(jīng)B點(diǎn)由斜面轉(zhuǎn)到水平面時(shí)速度
大小不變.滑塊從A到C過(guò)程中,傳感器記錄到力和時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示.g取10m/s~,求:
力
傳
感
器
圖9
(1)斜面48的傾角仇
(2)滑塊的質(zhì)量〃;?
(3)滑塊到達(dá)木板OE右端時(shí)的速度大小.
答案(1)30。(2)2kg(3)1m/s
解析(1)在0?1s內(nèi)滑塊沿斜面勻加速下滑:
"zgsin9=ma
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由題圖乙知:r=is
解得sin即9=30°.
⑵在0?1s內(nèi)對(duì)物塊A8C受力分析:
mgcos夕sin0—F=O
由題圖乙知:F=5小N
解得m=2kg.
(3)滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度vB=at=gtsin0=5m/s
1?2s滑塊在BC部分做減速運(yùn)動(dòng):'
對(duì)物塊,由圖象知:"加g=F=4N
解得〃'=2m/s2,"=0.2
r
滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí):Vc=vB—at=vB-Mg-t=3m/s
滑塊滑上木板。E時(shí):
對(duì)滑塊:—/.img=nui\
對(duì)木板:〃〃7g=M〃2
解得?=-2m/s2,。2=1m/s2
設(shè)滑塊在木板上的滑行時(shí)間為/,
X濟(jì)煥=0cf+g〃]廠(chǎng)X木板=呼2rL—x滑塊—X木板
解得t=1S
此時(shí),滑塊速度v對(duì)塊=%+〃/=1m/s
木板速度v木板=。2,=1m/s
滑塊恰好滑到木板右端,速度為1m/s.
第2課時(shí)動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在電學(xué)中的應(yīng)用
知識(shí)方法聚焦填填更有底
X知識(shí)回扣
1.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),洛倫茲力的方向始終垂直于粒子的速度方向.
2.帶電粒子在電場(chǎng)力、重力和洛倫茲力共同作用下的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)只能是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).
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3.帶電粒子(不計(jì)重力)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中由靜止開(kāi)始被加速或帶電粒子沿著平行于電場(chǎng)的方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中
時(shí),帶電粒子做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).
4.電磁感應(yīng)中導(dǎo)體棒在安培力和其他恒力作用下的三種運(yùn)動(dòng)類(lèi)型:勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)、加速度逐漸減小的減
速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)、加速度逐漸減小的加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).
、規(guī)律方法
1.帶電粒子在電場(chǎng)中做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題:在電場(chǎng)中處理力學(xué)問(wèn)題時(shí),其分析方法與力學(xué)相同.首先進(jìn)行
受力分析,然后看粒子所受的合力與速度方向是否一致,其運(yùn)動(dòng)類(lèi)型有電場(chǎng)內(nèi)的加速運(yùn)動(dòng)和在交變電場(chǎng)內(nèi)
的往復(fù)運(yùn)動(dòng).
2.帶電粒子在交變電場(chǎng)中的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),一般多以加速、減速交替出現(xiàn)的多運(yùn)動(dòng)過(guò)程的情景出現(xiàn).
解決的方法:
(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)或動(dòng)力學(xué)分析其中一個(gè)變化周期內(nèi)相關(guān)物理量的變化規(guī)律.
(2)借助運(yùn)動(dòng)圖象進(jìn)行運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析.
熱點(diǎn)考向例析做做有感悟
考向1電場(chǎng)內(nèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析
【例1】如圖1所示,一光滑絕緣水平木板(木板足夠長(zhǎng))固定在水平向左、電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,一
電量為式帶正電)的物體在水平恒力F作用下從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng),經(jīng)一段時(shí)間,撤去這個(gè)力,
又經(jīng)時(shí)間2r物體返回A點(diǎn),貝IJ()
E:
A五
圖1
A.這一過(guò)程中帶電物體的電勢(shì)能先減小后增大,其變化量為0
B.水平恒力與電場(chǎng)力的比為9:5
C.水平恒力與電場(chǎng)力的比為7:3
D.物體先向右加速到最右端,然后向左加速返回到A點(diǎn)
陣題突破】判斷電勢(shì)能變化的方法是什么?“經(jīng)時(shí)間2r物體返回A點(diǎn)”說(shuō)明物體向右的位移大小和向左
位移大小有什么關(guān)系?
解析電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功,總功為零,所以帶電物體的電勢(shì)能先增加后減小,其變化量為0,故A
F__rii
錯(cuò)誤;在恒力廠(chǎng)作用時(shí)41=———,位移的撤去恒力F后。2=五",位移歷=。",2,一呼2(2。)根
據(jù)汨=—%2得故B正確;物體先向右加速然后向右減速到最右端,然后向左加速返回到A點(diǎn),所
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以D錯(cuò)誤.
答案B
【以題說(shuō)法】帶電體在電場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的分析關(guān)鍵在于受力分析,特別是電場(chǎng)力方向的確定,在電場(chǎng)力方
向已確定的情況下,其動(dòng)力學(xué)的分析和力學(xué)問(wèn)題中的分析是一樣的.
針山垣L如圖2實(shí)線(xiàn)為電場(chǎng)中一條豎直的電場(chǎng)線(xiàn),有一質(zhì)量為山、電量為的小球,由該直線(xiàn)上4點(diǎn)
靜止釋放,小球向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)減速為零后返回A點(diǎn),則下列判斷正確的是()
CA
B
圖2
A.該電場(chǎng)可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),且喈■
B.A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)
C.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)
D.向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,重力勢(shì)能的減少量總是等于電勢(shì)能的增加量
答案C
解析該電場(chǎng)不可能是豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)且外拳,否則小球從靜止開(kāi)始只能沿AB做單向直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),回
不到A點(diǎn),故A錯(cuò)誤.小球向下應(yīng)先加速后減速,所受的電場(chǎng)力方向必定豎直向上,則電場(chǎng)線(xiàn)方向從B
指向A,所以A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì),故B錯(cuò)誤.在A點(diǎn),有“&<〃明在B點(diǎn)、,有則得:
EA<EB,故C正確.向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,小球有動(dòng)能時(shí),根據(jù)能量守恒定律可知重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)
能增加量和電勢(shì)能的增加量之和,故D錯(cuò)誤.
考向2磁場(chǎng)內(nèi)動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析
【例2】如圖3所示,空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng),一質(zhì)量為0.2kg且足夠長(zhǎng)
的絕緣木板靜止在光滑水平面上,在木板左端無(wú)初速度放置一質(zhì)量為01kg、電荷量q=+0.2C的滑塊,
滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為05滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力.1=0時(shí)對(duì)木板
施加方向水平向左,大小為0.6N的恒力,g取lOmH.則()
圖3
A.木板和滑塊一直做加速度為2m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)
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B.滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng),最后做速度為10m/s勻速運(yùn)動(dòng)
C.木板先做加速度為2m/s,勻加速運(yùn)動(dòng),再做加速度增大的運(yùn)動(dòng),最后做加速度為3m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)
D.f=5s后滑塊脫離木板
除題突破】滑塊與木板一直保持相對(duì)靜止嗎?最終各自是什么運(yùn)動(dòng)狀態(tài)?
解析由于動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,靜摩擦力能提供的最大加速度為5m/s2,所以當(dāng)0.6N的恒力作用于木板時(shí),
622
系統(tǒng)一起以=m0in.m/s—2m/s的加速度一起運(yùn)動(dòng),當(dāng)滑塊獲得向左的速度以后又產(chǎn)生一個(gè)
M-vm0.2十0.1''
方向向上的洛倫茲力,當(dāng)洛倫茲力等于重力時(shí)滑塊與木板之間的彈力為零,此時(shí)Bqv=mg,解得:。=10m/s,
此時(shí)摩擦力消失,滑塊做勻速運(yùn)動(dòng),而木板在恒力作用下做句加速運(yùn)動(dòng),a'=專(zhuān)=翳m/s2=3m/s?.可知
滑塊先與木板一起做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),然后發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng),最后做速度為10
m/s的勻速運(yùn)動(dòng),故A、B錯(cuò)誤,C正確.木塊開(kāi)始的加速度為2m/s?,一段時(shí)間后加速度逐漸減小,當(dāng)
減小到零時(shí),與木板脫離做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),知5s末的速度小于10m/s,知此時(shí)摩擦力不為零,還未脫離
木板,故D錯(cuò)誤.
答案C
【以題說(shuō)法】1.對(duì)于磁場(chǎng)內(nèi)的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題,要特別注意洛倫茲力的特性,因/監(jiān)=W8,則速度。的變化影
響受力,受力的變化又反過(guò)來(lái)影響運(yùn)動(dòng).
2.此類(lèi)問(wèn)題也常出現(xiàn)臨界問(wèn)題,如本題中有兩個(gè)臨界:滑塊與木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)的臨界和滑塊與木板間彈力
為零的臨界.
皿述券2如圖4所示,帶電平行板中勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平垂直紙面向里,某帶電小球從光滑絕緣軌道上的“
點(diǎn)自由滑下,經(jīng)過(guò)軌道端點(diǎn)P進(jìn)入板間后恰能沿水平方向做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).現(xiàn)使小球從較低的b點(diǎn)開(kāi)始下滑,
經(jīng)P點(diǎn)進(jìn)入板間,在板間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()
涔fPXXBXX
dxxxx
1+
圖4
A.其電勢(shì)能將會(huì)減小
B.其機(jī)械能將會(huì)增大
C.小球所受的洛倫茲力的大小將會(huì)增大
D.小球受到的電場(chǎng)力將會(huì)增大
答案C
解析小球從。點(diǎn)下滑經(jīng)過(guò)尸點(diǎn)進(jìn)入平行板間后受到重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),洛倫茲力
和電場(chǎng)力同向,故都向上且小球帶正電;小球從稍低的匕點(diǎn)下滑時(shí)到達(dá)P點(diǎn)的速度會(huì)變小,洛倫茲力減小,
第18頁(yè)共29頁(yè)
小球會(huì)向下偏轉(zhuǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增加,而機(jī)械能會(huì)減小,水平方向速度不變,但豎直方向的速度
增加,所以動(dòng)能將會(huì)增大,導(dǎo)致洛倫茲力也會(huì)增大,電場(chǎng)力不變,故C正確.
考向3電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題分析
【例3】如圖5所示,平行金屬導(dǎo)軌尸。、MN相距4=2m,導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角a=30。,導(dǎo)軌上端
接一個(gè)R=6C的電阻,導(dǎo)軌電阻不計(jì),磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直導(dǎo)軌平面向上.一根質(zhì)量為
〃?=0.2kg、電阻r=4。的金屬棒牙垂直導(dǎo)軌PQ、MN靜止放置,距離導(dǎo)軌底端即=3.2m.另一根絕緣
塑料棒gh與金屬棒^平行放置,絕緣塑料棒gh從導(dǎo)軌底端以初速度內(nèi)=10m/s沿導(dǎo)軌上滑并與金屬棒正
碰(碰撞時(shí)間極短),碰后絕緣塑料棒沿導(dǎo)軌下滑,金屬棒勿■沿導(dǎo)軌上滑》2=0.5m后停下,在此過(guò)程中
電阻R上產(chǎn)生的電熱為。=0.36J.己知兩棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=坐,g=10m/s2.求:
圖5
(1)絕緣塑料棒gh與金屬棒牙碰撞前瞬間,絕緣塑料棒的速率;
(2)碰撞后金屬棒爐向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大加速度;
(3)金屬棒^向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)電阻R的電荷量.
瑋題突破】絕緣塑料棒g人沿導(dǎo)軌上滑時(shí),受到哪些力的作用,做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)?碰撞后金屬棒牙向上
做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng),何時(shí)加速度最大?
解析⑴絕緣塑料棒與金屬棒相碰前,做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得Mgsin30°+/zA/gcos30°=
Ma\
由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得*=2。內(nèi)
解得0=6m/s.
(2)設(shè)金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為vf由能量守恒定律得
R+廠(chǎng)1?
Q+nigX2sin30。+〃加期2cos30°=產(chǎn)。
解得v=4m/s
金屬棒剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度最大,此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)
E=Bdv=4Y
E
感應(yīng)電流/=S==0.4A
R-rr
安培力F=BW=0.4N
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由牛頓第二定律得mgsin30°+/z/77gcos30°+F=mam
解得加=12m/s2.
(3)通過(guò)電阻R的電荷量?=器=簫
解得4=0.05C.
答案(1)6m/s(2)12m/s2(3)0.05C
【以題說(shuō)法】對(duì)于導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的分析要特別注意棒中的感應(yīng)電流受到的安培力一定是阻
力.一般導(dǎo)體棒在安培力和其他恒力作用下做的變速運(yùn)動(dòng)是加速度逐漸減小的變速運(yùn)動(dòng),但在一定的條件
下,也可以做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).
軌皿典如圖6甲所示,MN、P0是相距d=1.0m足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌平面與水平面間的
夾角為仇導(dǎo)軌電阻不計(jì),整個(gè)導(dǎo)軌處在方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌
MN、尸。放置,且始終與導(dǎo)軌接觸良好,已知金屬棒”〃的質(zhì)量機(jī)=0.1kg,其接入電路的電阻,=1。,小
燈泡電阻RL=9C,重力加速度g取lOm/s?.現(xiàn)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,將棒必由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí),f=0.5s時(shí)刻
閉合開(kāi)關(guān)S,圖乙為他的速度隨時(shí)間變化的圖象.求:
(1)金屬棒ab開(kāi)始下滑時(shí)的加速度大小、斜面傾角的正弦值;
(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小.
3
答案(1)6m/s2;(2)1T
解析(1)S斷開(kāi)時(shí)R?做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)
八7,
由圖乙可知a=K=6m/s2
根據(jù)牛頓第二定律有:
mgsin8=ma
所以sin夕=,.
(2)/=0.5s時(shí)S閉合,4b先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度達(dá)到最大。m=6m/s后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)
根據(jù)平衡條件有利
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