西藏拉薩市拉薩中學(xué)2021屆高三上學(xué)期第一次月考物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精西藏拉薩市拉薩中學(xué)2021屆高三上學(xué)期第一次月考物理試題含解析拉薩中學(xué)2021屆高三第一次月考理科綜合物理部分二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.1934年，約里奧—居里夫婦用α粒子轟擊鋁核，產(chǎn)生了第一個(gè)人工放射性核素X：α＋→n＋X,X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為(）A。15和28 B.15和30 C。16和30 D?！敬鸢浮緽【解析】【詳解】設(shè)X的質(zhì)量數(shù)為M,電荷數(shù)為A，根據(jù)核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知解得M=30,A=15故其原子序數(shù)為15，質(zhì)量數(shù)為30，故B正確,ACD錯(cuò)誤.故選B。2。如圖所示的電場(chǎng)中兩點(diǎn)A和B（實(shí)線(xiàn)為電場(chǎng)線(xiàn),虛線(xiàn)為等勢(shì)面）．關(guān)于A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E和電勢(shì)φ，正確的是（)A.=，= B。＞，＞C＜，＜ D。＞，＜【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大,所以A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng),根據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)逐漸降低，所以A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，故B正確,ACD錯(cuò)誤．3.用卡車(chē)運(yùn)輸質(zhì)量為m勻質(zhì)圓筒狀工件,為使工件保持固定,將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示．兩斜面I、Ⅱ固定在車(chē)上，傾角分別為30°和60°．重力加速度為g．當(dāng)卡車(chē)沿平直公路勻速行駛時(shí),圓筒對(duì)斜面I、Ⅱ壓力的大小分別為F1、F2，則A。 B。C. D.【答案】D【解析】【詳解】對(duì)圓筒進(jìn)行受力分析知圓筒處于三力平衡狀態(tài)，受力分析如圖，由幾何關(guān)系可知，,．解得，由牛頓第三定律知，故D正確4.我國(guó)高分系列衛(wèi)星的高分辨對(duì)地觀察能力不斷提高．今年5月9日發(fā)射的“高分五號(hào)”軌道高度約為705km,之前已運(yùn)行的“高分四號(hào)”軌道高度約為36000km，它們都繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)．與“高分四號(hào)”相比,下列物理量中“高分五號(hào)”較小的是（)A.周期B.角速度C。線(xiàn)速度D。向心加速度【答案】A【解析】設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m，軌道半徑為r,地球的質(zhì)量為M，衛(wèi)星繞地球勻速做圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則得：得：，,，

可知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大,而角速度、線(xiàn)速度和向心加速度越小,“高分五號(hào)”的軌道半徑比“高分四號(hào)"的小，所以“高分五號(hào)”較小的是周期，較大的是角速度、線(xiàn)速度和向心加速度，故A錯(cuò)誤，BCD正確．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵是要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一重要理論,知道衛(wèi)星的線(xiàn)速度、角速度、周期、加速度與軌道半徑的關(guān)系,對(duì)于周期,也可以根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析．5.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一帶電粒子垂直磁場(chǎng)邊界從a點(diǎn)射入,從b點(diǎn)射出．下列說(shuō)法正確的是A。粒子帶正電B。粒子在b點(diǎn)速率大于在a點(diǎn)速率C.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從b點(diǎn)右側(cè)射出D。若僅減小入射速率,則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短【答案】C【解析】【詳解】由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點(diǎn)確定粒子在b、a兩點(diǎn)的速率，根據(jù)確定粒子運(yùn)動(dòng)半徑和運(yùn)動(dòng)時(shí)間．由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；由于洛倫茲力不做功，所以粒子動(dòng)能不變，即粒子在b點(diǎn)速率與a點(diǎn)速率相等，故B錯(cuò)誤；若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，由公式得：,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，半徑增大,所以粒子有可能從b點(diǎn)右側(cè)射出,故C正確,若僅減小入射速率，粒子運(yùn)動(dòng)半徑減小，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定變長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤．6.為探究理想變壓器原、副線(xiàn)圈電壓、電流的關(guān)系，將原線(xiàn)圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線(xiàn)圈連接相同的燈泡L1、L2,電路中分別接了理想交流電壓表V1、V2和理想交流電流表A1、A2，導(dǎo)線(xiàn)電阻不計(jì)，如圖所示．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后A.A1示數(shù)變大,A1與A2示數(shù)的比值不變B。A1示數(shù)變大，A1與A2示數(shù)的比值變大C。V2示數(shù)變小，V1與V2示數(shù)的比值變大D。V2示數(shù)不變,V1與V2示數(shù)的比值不變【答案】AD【解析】試題分析：由于理想變壓器原線(xiàn)圈接到電壓有效值不變，則副線(xiàn)圈電壓不變，V2示數(shù)不變,V1與V2示數(shù)的比值不變，C錯(cuò)誤、D正確．開(kāi)關(guān)S閉合后,變壓器副線(xiàn)圈的負(fù)載電阻減小，V2不變，由歐姆定律可得A1示數(shù)變大，由于理想變壓器P2=P1，V1與V2示數(shù)的比值不變,所以A1與A2示數(shù)的比值不變，A正確，B錯(cuò)誤．故選AD．考點(diǎn):變壓器7。如圖所示，固定位置在同一水平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．一質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻)的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為．現(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離時(shí)，速度恰好達(dá)到最大（運(yùn)動(dòng)過(guò)程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）．設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì),重力加速度大小為g．則此過(guò)程A。桿的速度最大值為B。流過(guò)電阻R的電量為C。恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量D.恒力F做的功與安倍力做的功之和大于桿動(dòng)能的變化量【答案】BD【解析】【詳解】A．當(dāng)桿達(dá)到最大速度vm時(shí)，拉力F與摩擦力和安培力相平衡，因此有得，A錯(cuò)誤；B．由公式可得電荷量為B正確；C．在棒從開(kāi)始到達(dá)到最大速度的過(guò)程中由動(dòng)能定理有：其中，，恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量與回路產(chǎn)生的焦耳熱之和,C錯(cuò)誤;D．恒力F做的功與安倍力做的功之和等于于桿動(dòng)能的變化量與克服摩擦力做的功之和,D正確．8.如圖，質(zhì)量相同的兩物體a、b,用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在一光滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上，初始時(shí)用力壓住b使a、b靜止,撤去此壓力后，a開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．在a下降的過(guò)程中,b始終未離開(kāi)桌面．在此過(guò)程中A.a的動(dòng)能小于b的動(dòng)能B.兩物體機(jī)械能的變化量相等C。a的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量D.繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的代數(shù)和為零【答案】AD【解析】【詳解】將b實(shí)際速度進(jìn)行分解如圖：由圖可知，即a的速度小于b的速度，故a的動(dòng)能小于b的動(dòng)能，故A正確；由于有摩擦力做功，故ab系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，則二者機(jī)械能的變化量不相等，故B錯(cuò)誤；a的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量與產(chǎn)生的內(nèi)能之和,故a的重力勢(shì)能的減小量大于兩物體總動(dòng)能的增加量，故C錯(cuò)誤；在這段時(shí)間t內(nèi)，繩子對(duì)a的拉力和對(duì)b的拉力大小相等，繩子對(duì)a做的功等于，繩子對(duì)b的功等于拉力與拉力方向上b的位移的乘積，即,又，所以繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的絕對(duì)值相等，二者代數(shù)和為零，故D正確。故選AD。三、非選擇題：共174分，第22-32題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答.第33—38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9。某實(shí)驗(yàn)小組選用以下器材測(cè)定電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。電壓表（量程，內(nèi)阻約為）電流表（量程，內(nèi)阻約為）滑動(dòng)變阻器（，額定電流）待測(cè)電池組（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為)開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干①該小組連接的實(shí)物電路如圖所示,經(jīng)仔細(xì)檢查,發(fā)現(xiàn)電路中有一條導(dǎo)線(xiàn)連接不當(dāng),這條導(dǎo)線(xiàn)對(duì)應(yīng)的編號(hào)是________。②改正這條導(dǎo)線(xiàn)的連接后開(kāi)始實(shí)驗(yàn)，閉合開(kāi)關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動(dòng)變阻器的________端(填“a”或者“b”）

③實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)，電流表讀數(shù)變化明顯但電壓表讀數(shù)變化不明顯。為了解決這個(gè)問(wèn)題,在電池組負(fù)極和開(kāi)關(guān)之間串聯(lián)一個(gè)阻值為的電阻，之后該小組得到了幾組電壓表讀數(shù)U和對(duì)應(yīng)的電流表讀數(shù)I,并作出圖像，如圖所示。根據(jù)圖像可知，電池組的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_______V，內(nèi)阻為_(kāi)_______。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

【答案】(1)。5(2).a（3)。2.9(4)。0.80【解析】【詳解】①［1］因?yàn)殡娫磧?nèi)阻較小，故對(duì)于電源來(lái)說(shuō)應(yīng)該采用電流表外接法,圖中采用的是電流表內(nèi)接;故導(dǎo)線(xiàn)5連接不當(dāng)，應(yīng)該從電壓表正接線(xiàn)柱接到電流表正接線(xiàn)柱；②［2］開(kāi)始實(shí)驗(yàn)前應(yīng)該讓滑動(dòng)變阻器連入電路阻值最大，故應(yīng)將滑片置于a端;③[3][4]由圖線(xiàn)可知圖線(xiàn)與縱軸的交點(diǎn)即為電源電動(dòng)勢(shì)，故E=2.9V；圖線(xiàn)與橫軸的交點(diǎn)為短路電流I=0.50A，故可得等效內(nèi)阻為又因?yàn)樵陂_(kāi)關(guān)和電池負(fù)極之間接有的電阻,在計(jì)算過(guò)程中等效為內(nèi)阻,故電源內(nèi)阻為10.某興趣小組為測(cè)一遙控電動(dòng)小車(chē)的額定功率,進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)①用天平測(cè)出電動(dòng)小車(chē)質(zhì)量為；②將電動(dòng)小車(chē)、紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器按如圖所示安裝；③接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（其打點(diǎn)周期為）;④使電動(dòng)小車(chē)以額定功率加速運(yùn)動(dòng),達(dá)到最大速度一段時(shí)間后關(guān)閉小車(chē)電源，待小車(chē)靜止時(shí)再關(guān)閉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，在上述過(guò)程中，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上所打的部分點(diǎn)跡如圖所示。請(qǐng)你分析紙帶數(shù)據(jù),回答下列問(wèn)題(計(jì)算結(jié)果取兩位有效數(shù)字）：（1)小車(chē)的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程依次是_________（選填勻加速或變加速)、勻速、勻減速；(2)該電動(dòng)小車(chē)運(yùn)動(dòng)的最大速度為_(kāi)________；(3）小車(chē)是在_________段關(guān)閉電源;（4)該電動(dòng)小車(chē)被關(guān)閉電源后加速度大小為_(kāi)________;（5)該電動(dòng)小車(chē)的額定功率為_(kāi)________?！敬鸢浮浚?)。變加速（2）.1。5(3）。DE（4).2.0(5）?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）［1］通過(guò)相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移之差不為常數(shù)可知為變加速運(yùn)動(dòng)；(2）[2]做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大為:(3）[3］關(guān)閉電源之后小車(chē)做減速運(yùn)動(dòng)，故在相鄰相等時(shí)間內(nèi)位移之差等于常數(shù)，因從點(diǎn)開(kāi)始位移減小，但減小量小于0.32cm，故從開(kāi)始減速；（4）［4]根據(jù)得電動(dòng)小車(chē)被關(guān)閉電源后加速度大小為：(5)［5］根據(jù)牛頓第二定律有：代入數(shù)據(jù)解得：當(dāng)汽車(chē)達(dá)到額定功率，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),則有：代人數(shù)據(jù)解得：11。如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q〉0）的例子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)．已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與電場(chǎng)方向的夾角為60°；它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30°．不計(jì)重力．求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差．【答案】【解析】設(shè)帶電粒子在B點(diǎn)的速度大小為vB，粒子在垂直于電場(chǎng)方向的速度分量不變，即vBsin30°=v0sin60°由此得設(shè)A、B兩點(diǎn)間的電熱差為UAB,由動(dòng)能定理有：解得【考點(diǎn)定位】動(dòng)能定理；帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)【方法技巧】本題主要是動(dòng)能定理在帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用和類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)12.如圖所示,水平光滑地面上停放著一輛小車(chē)，左側(cè)靠在豎直墻壁上，小車(chē)的四分之一圓弧軌道AB是光滑的，在最低點(diǎn)B與水平軌道BC相切，BC的長(zhǎng)度是圓弧半徑的10倍，整個(gè)軌道處于同一豎直平面內(nèi)．可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從A點(diǎn)正上方某處無(wú)初速下落，恰好落人小車(chē)圓弧軌道滑動(dòng),然后沿水平軌道滑行至軌道末端C處恰好沒(méi)有滑出．已知物塊到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道的壓力是物塊重力的9倍，小車(chē)的質(zhì)量是物塊的3倍，不考慮空氣阻力和物塊落人圓弧軌道時(shí)的能量損失．求（1）物塊開(kāi)始下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的幾倍；（2）物塊與水平軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ．【答案】（1）物塊開(kāi)始下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的4倍．(2)μ=0.3【解析】【詳解】①設(shè)物塊的質(zhì)量為m，其開(kāi)始下落處的位置距BC的豎直高度為h,到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為v，小車(chē)圓弧軌道半徑為R．則由機(jī)械能守恒定律得，物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)根據(jù)牛頓第二定律得解得h=4R，即物塊開(kāi)始下落的位置距水平軌道BC的豎直高度是圓弧半徑的4倍．②設(shè)物塊與BC間的滑動(dòng)摩擦力的大小為F,物塊滑到C點(diǎn)時(shí)與小車(chē)的共同速度為v′，物塊在小車(chē)上由B運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中小車(chē)對(duì)地面的位移大小為S，依題意，小車(chē)的質(zhì)量為3m,BC長(zhǎng)度為10R,由滑動(dòng)摩擦定律有，由動(dòng)量守恒定律有對(duì)物塊、小車(chē)分別應(yīng)用動(dòng)能定理得解得μ=0.313。如圖一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)等容過(guò)程到達(dá)狀態(tài)，再經(jīng)過(guò)等溫過(guò)程到達(dá)狀態(tài)，最后經(jīng)等壓過(guò)程回到狀態(tài).下列說(shuō)法正確的是（）A.在過(guò)程中氣體的內(nèi)能增加B。在過(guò)程中外界對(duì)氣體做功C.在過(guò)程中氣體對(duì)外界做功D.在過(guò)程中氣體從外界吸收熱量E.在過(guò)程中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積分子數(shù)減少【答案】ABD【解析】【詳解】A．在過(guò)程ab中做等容升壓,根據(jù)可知溫度升高，一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能決定于氣體的溫度,溫度升高，則內(nèi)能增加,故A正確;B．在過(guò)程ca中壓強(qiáng)不變,體積減小，所以外界對(duì)氣體做功，故B正確；C．在過(guò)程ab中氣體體積不變，根據(jù)W=p△V可知,氣體對(duì)外界做功為零，故C錯(cuò)誤；D．在過(guò)程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對(duì)外做功，而氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變;根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知，氣體從外界吸收熱量，故D正確；E．在過(guò)程ab中做等容升壓,分子密度不變，則單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)不變,故E錯(cuò)誤。故選ABD。14.如圖，一端封閉、粗細(xì)均勻的U形玻璃管開(kāi)口向上豎直放置，管內(nèi)用水銀將一段氣體封閉在管中．當(dāng)溫度為280K時(shí)，被封閉的氣柱長(zhǎng)L=22cm，兩邊水銀柱高度差h=16cm，大氣壓強(qiáng)=76cmHg．（1）為使左端水銀面下降3cm，封閉氣體溫度應(yīng)變?yōu)槎嗌?？?）封閉氣體的溫度重新回到280K后,為使封閉氣柱長(zhǎng)度變?yōu)?0cm，需向開(kāi)口端注入的水銀柱長(zhǎng)度為多少?【答案】（1）（2）【解析】試題分析：（1）設(shè)玻璃管的橫截面積為，封閉氣體壓強(qiáng)為，初始根據(jù)水銀液面受力平衡可分析得，可得當(dāng)左端水銀面下降，右端液面必然上升，則左右液面高度差變?yōu)?，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為同樣根據(jù)液面平衡可分析得，可得根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程,代入溫度，可得（2）設(shè)此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為，封閉氣體的長(zhǎng)度，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得計(jì)算可得此時(shí)作用液面高度差左端液面上升，右端上升，所以開(kāi)口端注入水銀的長(zhǎng)度為考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程15。圖(a)為一列波在t=2s時(shí)的波形圖，圖(b）是平衡位置在x=1。5m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像,P是平衡位置為x=2m的質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.波速為0。5m/sB。波的傳播方向向右C。時(shí)間內(nèi)，P運(yùn)動(dòng)的路程為8cmD.時(shí)間內(nèi)，P向y軸正方向運(yùn)動(dòng)E。當(dāng)t=7s時(shí),P恰好回到平衡位置【答案】ACE【解析】【詳解】A．由圖(a）可知該簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為λ=2m，由圖（b）知周期為T(mén)=4s，則波速為故A正確；B．根據(jù)圖（b)的振動(dòng)圖像可知，x=1。5m處的質(zhì)點(diǎn)在t=2s時(shí)振動(dòng)方向向下,所以該波向左傳播，故B