2019屆貴州省貴陽(yáng)市高三下學(xué)期適應(yīng)性考試?yán)砜凭C合物理試題(解析版)

貴陽(yáng)市2019年高三適應(yīng)性考試（一）理科綜合（物理部分）二、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題每題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.）1.下列說(shuō)法正確的是A.若某種材料的逸出功是W,則其極限頻率v0=當(dāng)氫原子從n=2的狀態(tài)躍遷到n=6的狀態(tài)時(shí)，發(fā)射出光子Th衰變?yōu)镻b要經(jīng)過(guò)4次a衰變和6次B衰變中子與質(zhì)子結(jié)合成氘核時(shí)吸收能量【答案】A【解析】【分析】光子能量計(jì)算公式E=hu可知其能量由光子頻率決定，氫原子吸收光子向高能級(jí)躍時(shí)，a衰變和B衰變過(guò)程中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒。中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核時(shí)放出能量?！驹斀狻緼、結(jié)合光子能量計(jì)算公式E=hu，某種材料的逸出功是W,則它的極限頻率為Y0,故A正確；B、氫原子從n=2的狀態(tài)躍遷到n=6的狀態(tài)，從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，要吸收能量。C、 Th衰變?yōu)镻b根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒計(jì)算可知，要經(jīng)過(guò)6次a衰變和13次B衰變D、中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核時(shí)有質(zhì)量虧損，放出能量?！军c(diǎn)睛】該題考查原子物理學(xué)中的原子躍遷中能量的變化等知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，都是基礎(chǔ)性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，多加積累即可．2.一傘兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上由靜止跳下，2s時(shí)開(kāi)啟降落傘，其跳傘過(guò)程中的v-t圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知該傘兵A.在O-2s內(nèi)做自由落體運(yùn)動(dòng)在2-6s內(nèi)加速度方向先向上后向下在0-14s內(nèi)先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)在0-24s內(nèi)先勻加速再勻減速最終勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【分析】首先分析運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)動(dòng)員在。-2s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，2s-14s做變速運(yùn)動(dòng)，14s以后做勻速運(yùn)動(dòng)直到地面。t=1s時(shí)運(yùn)動(dòng)員做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖象的斜率可以算出加速度，根據(jù)超重和失重的性質(zhì)確定狀態(tài)。【詳解】A、0-2s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，但加速度小于重力加速度，不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、圖象的斜率表示加速度，則由圖可知，2?6s內(nèi)物體先做加速運(yùn)動(dòng)，再做減速運(yùn)動(dòng)，故加速度方向先向下再向上，故B錯(cuò)誤；C、。?14s內(nèi)物體先做加速運(yùn)動(dòng)，再做減速運(yùn)動(dòng)，故加速度方向先向下再向上，先失重后超重，故C正確；D、在0-24s內(nèi)，2-12s內(nèi)的加速度大小會(huì)發(fā)生變化，故物體不是勻變速運(yùn)動(dòng)， D錯(cuò)誤。【點(diǎn)睛】本題考查超重與失重以及v-t圖象，要注意明確圖象的性質(zhì)，能根據(jù)圖象明確速度和加速度的方向，同時(shí)明確超重和失重與加速度方向間的關(guān)系。3.2017年，人類(lèi)第一次直接探測(cè)到來(lái)自雙中子星合并的引力波信號(hào).根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過(guò)程，在兩顆中子星合并之前，它們繞二者連線上的某點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，且二者越轉(zhuǎn)越近，最終碰撞在一起，形成新的天體.若將兩顆中子星都看作是質(zhì)量均勻分布的球體，則此過(guò)程中兩中子星的A.線速度逐漸變小B.角速度保持不變C.周期逐漸變大D.向心加速度逐漸變大【答案】D【解析】【分析】雙星系統(tǒng)靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出雙星總質(zhì)量與雙星距離和周期的關(guān)系式，從而分析判斷。【詳解】設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1【詳解】設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為m1、m2，①，②，①+①，②，①+②整理可得:，解得，根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系，有，故線速度變大，角速度變大，周期變小，ABC錯(cuò)誤，對(duì)于向心加速度，有，故可判斷向心加速度變大，D正確。【點(diǎn)睛】本題實(shí)質(zhì)是雙星系統(tǒng)，解決本題的關(guān)鍵知道雙星系統(tǒng)的特點(diǎn)，即周期相等、向心力大小相等，結(jié)合牛頓第二定律分析求解.如圖甲所示，為某品牌電熱毯的簡(jiǎn)易電路，電熱絲的電阻為R=484Q，現(xiàn)將其接在二220sin100nt(V)的正弦交流電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，溫控裝置P使輸入電壓變?yōu)閳D乙所示的波形，從而進(jìn)入保溫狀態(tài)，若電熱絲的電阻保持不變，則保溫狀態(tài)下，理想交流電壓表V的讀數(shù)和電熱毯消耗的電功率最接近下列哪一組數(shù)據(jù)A.220V、100WB.156V、50WC.110V、25WD.311V、200W【答案】B【解析】【分析】電壓表讀數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關(guān)系以及電流的熱效應(yīng)便可求得有效值．根據(jù)詳解】由圖象可知該交變電流的周期 t=2x102S；可分兩段0和 T,有效值的定義可得0T,解得：U156V,電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為 P 50W；故B正確?！军c(diǎn)睛】本題考查有關(guān)交變電流有效值的計(jì)算問(wèn)題，要知道電壓表和電流表測(cè)量的都是有效值。.一乘客在一列勻加速直線行駛的“復(fù)興號(hào)”車(chē)廂里相.對(duì)車(chē)廂以一定的速度豎直向上拋出一個(gè)小球，則小球

在最高點(diǎn)對(duì)地速度最大在最高點(diǎn)對(duì)地速度為零拋出時(shí)車(chē)廂速度越大，落點(diǎn)位置離乘客越遠(yuǎn)落點(diǎn)位置與拋出時(shí)車(chē)廂的速度大小無(wú)關(guān)【答案】D【解析】【分析】物體保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)叫慣性，一切物體都有慣性，慣性是物體的一種屬性；物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變包括運(yùn)動(dòng)速度和運(yùn)動(dòng)方向的改變?！驹斀狻緼B、小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其水平方向上的速度大小是不變的，而豎直方向上其運(yùn)動(dòng)速度是變化的，最高點(diǎn)豎直方向的速度為零，此時(shí)相對(duì)地速度最小，但不為零。故AB錯(cuò)誤；CD、小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其水平方向上的速度大小是不變的，列車(chē)做加速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)位移為 x=v日,與初速度無(wú)關(guān)，故D正確，C錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】此題考查慣性和物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的原因，慣性現(xiàn)象在現(xiàn)實(shí)生活中隨處可見(jiàn)，和我們的生活密切相關(guān)，學(xué)習(xí)中要注意聯(lián)系實(shí)際，用所學(xué)慣性知識(shí)解決生活中的實(shí)際問(wèn)題。.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為叫電荷量為q的帶正電油滴，在平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中斜向右下方做直線運(yùn)動(dòng)，其軌跡與豎直方向的夾角為0,重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力，則下列判斷可能正確的是電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值等于電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值等于帶電油滴的機(jī)械能增加電場(chǎng)力對(duì)帶電油滴不做功【答案】CD【解析】0，結(jié)合平行四邊形定0，結(jié)合平行四邊形定帶電小球只受重力和電場(chǎng)力F,由于小球做直線運(yùn)動(dòng)，合力方向與豎直方向夾角為則分析最小的電場(chǎng)力，根據(jù)電場(chǎng)力方向確定電場(chǎng)力做功情況?！驹斀狻緼B、帶電小球的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，在電場(chǎng)中受到重力mg和電場(chǎng)力F,其合力必定沿此直線向下，根據(jù)三角形定則作出合力，由圖看出，當(dāng)電場(chǎng)力F與此直線垂直時(shí)，電場(chǎng)力F最小，場(chǎng)強(qiáng)最小，則有F=qEmin=mgsin9，得到Emin ，無(wú)最大值，故AB錯(cuò)誤；CD、當(dāng)E 時(shí)，電場(chǎng)力方向與速度方向垂直，電場(chǎng)力不做功，小球的電勢(shì)能一定不變；這種情況下只有重力做功，小球的機(jī)械能不變，故D正確，、D錯(cuò)誤。當(dāng)E>.電場(chǎng)力方向與速度方向成銳角，電場(chǎng)力做正功，小球的機(jī)械能增加，故C正確?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對(duì)物體受力分析后，根據(jù)平行四邊形定則求出電場(chǎng)力F的大小和方向，然后根據(jù)功能關(guān)系判斷，注意電場(chǎng)力與速度的夾角是解題的關(guān)鍵。.如圖所示，一根粗細(xì)和質(zhì)量分布均勻的細(xì)繩，兩端各系一個(gè)質(zhì)量都為m的小環(huán)，小環(huán)套在固定水平桿上，兩環(huán)靜止時(shí)，繩子過(guò)環(huán)與細(xì)繩結(jié)點(diǎn)P、Q的切線與豎直方向的夾角均為9,已知繩子的質(zhì)量也為m,重力加速度大小為g,則兩環(huán)靜止時(shí)A.每個(gè)環(huán)對(duì)桿的壓力大小為mg繩子最低點(diǎn)處的彈力的大小為水平桿對(duì)每個(gè)環(huán)的摩擦力大小為mgtan9兩環(huán)之間的距離增大,桿對(duì)環(huán)的摩擦力增大【答案】BD【解析】【分析】對(duì)物體受力分析,受重力、水平拉力和天花板的拉力,物體保持靜止,受力平衡,根據(jù)平衡條件并運(yùn)用正交分解法列式求解即可．詳解】以左側(cè)繩為研究對(duì)象，受力分析如圖所示：，，根據(jù)平衡條件，有水平方向：；豎直方向：；聯(lián)立解得：，，故B正確。對(duì)環(huán)進(jìn)行受力分析如圖：mg水平方向：豎直方向：故AC錯(cuò)誤，當(dāng)兩環(huán)之間的距離增大，變大，故變大，D正確。點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是先對(duì)物體受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運(yùn)用正交分解法列式求解。8.如圖所示，足夠長(zhǎng)的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成0角(0<0<90°)，其中MN與PQ平行且間距為L(zhǎng)導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，金屬棒ab由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R,當(dāng)流過(guò)ab棒某一橫截面的電量為q時(shí)，棒的速度大小為v,則金屬棒ab在這一過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱小于qBLv受到的最大安培力大小為答案】BC解析】【分析】金屬棒ab由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)．由牛頓第二定律，法拉第電磁感應(yīng)定律、能量守恒定律等研究處理．【詳解】A、金屬棒ab開(kāi)始做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度大于v,故A錯(cuò)誤。B、由q 可知：下滑的位移x；故B正確；C、產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2i2區(qū)t=口1區(qū)，而這里的電流I比棒的速度大小為v時(shí)的電流I’ 小，故這一過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱小于qBLv.故C正確；D、金屬棒受到的安培力F安=BIL=BL?BL? ，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題考查了電磁感應(yīng)與力學(xué)的綜合，關(guān)鍵理清金屬棒的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，能知道求電量時(shí)要用法拉第電磁感應(yīng)定律求平均電動(dòng)勢(shì)．三、非選擇題：共174分第22-32題為必考題，每個(gè)試題考生必須作答.第338題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題：共129分9.如圖甲所示為實(shí)驗(yàn)室的一直流電流表，其使用說(shuō)明書(shū)上附的該電流表的內(nèi)部電路如圖乙所示。1某次用0~3A量程測(cè)量時(shí)，示數(shù)如圖丙所示，其讀數(shù)為 A2該電流表。?0.6A量程對(duì)應(yīng)的內(nèi)阻約為。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）；（3）若電阻R1斷路，則電流表允許通過(guò)的最大電流約為 mA（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）.1.20（2）.0.50（3）.5.0【解析】【分析】（1）根據(jù)電流表量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。（2）根據(jù)圖丙所示電路圖，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)求出電流表內(nèi)阻。（3）根據(jù)電路圖，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電流最大值?！驹斀狻浚?）電流表量程為。?3A,由圖丁所示表盤(pán)可知，其分度值為0.1A,示數(shù)為1.20A。（2）由圖丙所示電路圖可知，電流表量程為。?0.6A時(shí)，電流表內(nèi)阻為：R，代入數(shù)據(jù)可得：（3）由圖示電路圖可知，電流表量程為。?3A時(shí)：3=Ig ；解得：Ig70.0050A=5.0mA。【點(diǎn)睛】知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題。10.如圖1所示，為探究“質(zhì)量一定時(shí)，物體的加速度與所受合外力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置.某同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：①用天平測(cè)量并記錄滑塊和拉力傳感器的總質(zhì)量M；②調(diào)整長(zhǎng)木板和滑輪，使長(zhǎng)木板水平，細(xì)線與長(zhǎng)木板平行；③在托盤(pán)中放入適當(dāng)?shù)捻来a，接通電源，釋放滑塊，記錄拉力傳感器的讀數(shù) F，根據(jù)相對(duì)應(yīng)的紙帶，求出滑塊的加速度a；④多次改變托盤(pán)中砝碼的質(zhì)量，重復(fù)步驟③。請(qǐng)按要求回答下列問(wèn)題： 圖2是該同學(xué)實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶（兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器用的是頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶求出滑塊的加速度大小為m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）. 該同學(xué)由實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)，畫(huà)出如圖3所示的F-a圖線，圖線不通過(guò)原點(diǎn)的原因是 ；該實(shí)驗(yàn)還可測(cè)量滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其值可用 M、F0、g表示為口=（其中M為滑塊和拉力傳感器的總質(zhì)量，F(xiàn)0為圖3中的截距，g為重力加速度），與真實(shí)值相比，測(cè)得的動(dòng)摩擦因數(shù) （選填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）.2.00（2）.沒(méi)有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（3）. （4）.偏大【解析】【分析】根據(jù)位移差公式求解加速度；根據(jù)圖象結(jié)合牛頓第二定律寫(xiě)出a與F的函數(shù)關(guān)系表達(dá)式，確定其斜率的為，根據(jù)橫軸截距確定口即可【詳解】（1）利用逐差法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得： ，代入數(shù)據(jù)可得（2）由圖丙可知，當(dāng)繩子上有拉力時(shí)，物體的加速度卻為零，由此可知實(shí)驗(yàn)之前該同學(xué)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分，故答案為：該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中沒(méi)有平衡摩擦力；（3）根據(jù)牛頓第二定律F-uMg=Ma解得： ，故F-a圖線斜率的k；，由于紙帶與限位孔間的摩擦力或空氣阻力，使求得的加速度偏小，導(dǎo)致摩擦力偏大，摩擦因數(shù)偏大?！军c(diǎn)睛】明確實(shí)驗(yàn)原理是解決有關(guān)實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的關(guān)鍵。在驗(yàn)證牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)中，注意以下幾點(diǎn)： （1）平衡摩擦力，這樣繩子拉力才為合力；（2）滿(mǎn)足砝碼（連同砝碼盤(pán)）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，這樣繩子拉力才近似等于砝碼（連同砝碼盤(pán)）的重力；（3）用逐差法求出小車(chē)的加速度11. 如圖所示，光滑軌道abc固定在豎直平面內(nèi)，ab為四分之一圓弧軌道，bc段水平，且與ab圓弧相切于b點(diǎn)，在光滑水平地面上緊靠軌道c端，停著質(zhì)量為M=3kg、長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0.5m的平板車(chē)，平板車(chē)上表面與bc等高、現(xiàn)將可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從與圓心O等高的a點(diǎn)靜止釋放，物塊滑至圓弧軌道最低點(diǎn)b時(shí)的速度大小為vb=2m/s,對(duì)軌道的壓力大小等于30N,之后物塊向右滑上平板車(chē).取重力加速度g=10m/s34,不計(jì)空氣阻力。求該物塊的質(zhì)量；若物塊最終未從平板車(chē)上滑落，求物塊在平板車(chē)上滑動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量。 【答案】（1）（2）【解析】【分析】1）先研究物塊在圓弧軌道上下滑的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律可求出物塊運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的速度，在b點(diǎn)，軌道的支持力和重力的合力提供向心力。（2）再研究物塊在平板車(chē)上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，物塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)，平板車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者的速度相等時(shí)相對(duì)靜止．在此過(guò)程中，物塊與平板車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出物塊與平板車(chē)的最終速度，并求出這個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量?！驹斀狻浚?）設(shè)四分之一圓弧的半徑為R,物塊的質(zhì)量為m,物塊在b點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為F,物塊從a到b由機(jī)械守恒定律有：物塊運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，由牛頓第二定律有：聯(lián)立解得：（2）設(shè)物塊與平板車(chē)的共同速度為，物塊在平板車(chē)上滑行過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為，由動(dòng)量守恒定律有：由能量守恒定律有：聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】對(duì)于物塊在小車(chē)滑動(dòng)的類(lèi)型，關(guān)鍵要理清物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，明確物塊在平板車(chē)上滑動(dòng)時(shí)遵守動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律。12.如圖所示，在xoy平面（紙面）內(nèi)，存在一個(gè)半徑為R=02.m的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1.0T,方向垂直紙面向里，該磁場(chǎng)區(qū)域的左邊緣與y軸相切于坐標(biāo)原點(diǎn)。.在y軸左側(cè)、一0.1mWxW0的區(qū)域內(nèi)，存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未標(biāo)出），電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=10X10N/C.一個(gè)質(zhì)量為m=2.0X10_9kg、電荷量為q=5.0X10_5C的帶正電粒子，以v0=5.0X103m/s的速度沿y軸正方向、從P點(diǎn)射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P點(diǎn)的坐標(biāo)為（0.2m,-0.2m）,不計(jì)粒子重力。求該帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；求該帶電粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)；若在緊靠電場(chǎng)左側(cè)加一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),該帶電粒子能回到電場(chǎng),在粒子回到電場(chǎng)前瞬間,立即將原電場(chǎng)的方向反向，粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，恰能回到坐標(biāo)原點(diǎn)。，求所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。【答案】（1）2）【解析】【分析】粒子進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，將射出電場(chǎng)的速度進(jìn)行分解，根據(jù)沿電場(chǎng)方向上的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而得出類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移和豎直位移，即得出射出電場(chǎng)的坐標(biāo)．先求出粒子射出電場(chǎng)的速度，然后根據(jù)幾何關(guān)系確定在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑，然后根據(jù)公式B求得磁場(chǎng)強(qiáng)度【詳解】（1）帶正電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：解得：（2）由幾何關(guān)系可知，帶電粒子恰從O點(diǎn)沿x軸負(fù)方向進(jìn)入電場(chǎng)，帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子在電場(chǎng)中的加速度為a，到達(dá)電場(chǎng)邊緣時(shí)，豎直方向的位移為y，有：，由牛頓第二定律有：聯(lián)立解得：所以粒子射出電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)為（3）粒子分離電場(chǎng)時(shí)，沿電場(chǎng)方向的速度解得：則粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度：設(shè)所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，粒子磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由幾何關(guān)系可知：由牛頓第二定律有：聯(lián)立解得：（二）選考題：共45分.請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。13.下列關(guān)于固體、液體和氣體的說(shuō)法正確的是（）固體中的分子是靜止的，液體、氣體中的分子是運(yùn)動(dòng)的液體表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力22)固體、液體和氣體都會(huì)有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生在完全失重的情況下，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零某些固體在熔化過(guò)程中，雖然吸收熱量但溫度卻保持不變【答案】BCE【解析】【分析】物質(zhì)是有大量分子構(gòu)成，分子永不停息做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子引力和斥力相等，液體表面層的分子比較稀疏，分子間距大于r0，所以分子間作用力表現(xiàn)為引力；擴(kuò)散現(xiàn)象與物體的狀態(tài)無(wú)關(guān)；氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)器壁的碰撞產(chǎn)生的，與重力無(wú)關(guān)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知△U=W+Q分析內(nèi)能的變化?！驹斀狻緼、無(wú)論固體、液體和氣體，分子都是在永不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子引力和斥力相等，液體表面層的分子比較稀疏，分子間距大于r0，所以分子間作用力表現(xiàn)為引力，故B正確；C、擴(kuò)散現(xiàn)象與物體的狀態(tài)無(wú)關(guān)，故固體、液體和氣體都會(huì)有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生；D、在完全失重的情況下，分子運(yùn)動(dòng)不停息，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)不為零，封閉氣體壓強(qiáng)與重力無(wú)關(guān)，故 D錯(cuò)誤；E、絕熱條件下壓縮氣體，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知△U=W+Q>0,即內(nèi)能增加，故E正確；【點(diǎn)睛】考查分子永不停息做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，理解液體表面張力的含義，知道氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因和微觀解釋?zhuān)莆沾嬖谖鼰?，而溫度不一定升高的結(jié)論。14.如圖所示，上端開(kāi)口、下端封閉、粗細(xì)均勻的足夠長(zhǎng)細(xì)玻璃管豎直放置，管中用一段長(zhǎng)度為H=25cm的水銀柱封閉一段長(zhǎng)度為1=20?？诘目諝?，大氣壓強(qiáng)P0=75cmH,g開(kāi)始時(shí)封閉氣體的溫度為27℃。若將玻璃管在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)至開(kāi)口向下，求此時(shí)封閉空氣的長(zhǎng)度；緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)至水平后，再將封閉氣體的溫度升高到37℃，求此時(shí)封閉空氣的長(zhǎng)度?！敬鸢浮?1)解析】分析】1）保持封閉氣體初始溫度27℃不變，為等溫變化，根據(jù)玻意耳定律即可求出開(kāi)口向下時(shí)空氣柱的長(zhǎng)度；2）緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)至水平，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解。詳解】（1）初狀態(tài)氣體壓強(qiáng)P1=（P0+h）cmHg=100cmH,g末狀態(tài)P2=（P0_h）cmHg=50cmHg,設(shè)封閉氣體長(zhǎng)度設(shè)為L(zhǎng)2，等溫變化過(guò)程由玻意耳定律得：P1LS=P2L2s代入數(shù)據(jù)解得：L2=40cm（2）初狀態(tài)氣體壓強(qiáng)p1=100cmH,g末狀態(tài)P3=P0=75cmHg,設(shè)封閉氣體長(zhǎng)度設(shè)為13,初始狀態(tài)溫度T1=300K,末狀態(tài)溫度T3=310K由理想氣體狀態(tài)方程得：代入數(shù)據(jù)解得：L3=27.6cm【點(diǎn)睛】本題考查氣體定律的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要分析好壓強(qiáng)P、體積丫、溫