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文檔簡介
高考物理沖刺試卷題號得分一二三四總分一、單選題(本大題共5小題,共30.0分)1.關(guān)于原子物理知識的敘述,下列說法正確的是()A.在核反應堆中,為了使快中子的速度減慢,可用重水作為慢化劑B.在光電效應實驗中,用同種頻率的光照射不同的金屬表面,從金屬表面逸出的光電子最大初動能越大,則這種金屬的逸出功W0越大C.平均結(jié)合能大的原子核轉(zhuǎn)變?yōu)槠骄Y(jié)合能小的原子核時,釋放的核能等于結(jié)合能的減少D.氫原子吸收一個光子后能量增大,核外電子的加速度增大2.圖為某應急供電系統(tǒng)原理圖。若發(fā)電機內(nèi)部線圈面積為S,匝數(shù)為N,磁感應度強為B,輸電線電阻為R0,發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動角速度恒為ω,則()A.圖示位置,發(fā)電機中線圈的磁通量最大B.用戶得到的交變電壓的頻率為C.D.發(fā)電機線圈感應電動勢的有效值為NBSω當用戶數(shù)目增多時,為使用戶電壓保持不變,滑動觸頭P應向上滑動3.如圖所示,象棋子壓著紙條,放在光滑水平桌面上。第一次沿水平方向?qū)⒓垪l抽出,棋子落在地面上的P點。將棋子、紙條放回原來的位置,仍沿原水平方向?qū)⒓垪l抽出,棋子落在地面上的Q點,與第一次相比()A.棋子受到紙條的摩擦力較大B.C.棋子落地速度與水平方向夾角較大紙條對棋子的摩擦力做功較多D.棋子離開桌面至落地過程中動能增量較大4.如圖所示,以O為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強電場中,圓所在平面與電場方向平行,M、N為圓周上的兩點。帶電粒子只在電場力作用下運動,在M點速度第1頁,共15頁方向如圖所示,經(jīng)過、兩點時速度大小相等。已知點電勢高于點電勢,OMNM且電勢差為,下列說法正確的是()UA.粒子帶負電B.C.粒子由點運動到點,電勢能先增大后減小NM粒子在電場中可能從點沿圓弧運動到點NMD.該勻強電場的電場強度大小為5.2018年6月14日11時06分,探月工程嫦娥四號任務“鵲如圖所示,該點延長線上,“鵲與月球同步球和“鵲橋”的質(zhì)量MMmRLL2橋”位于該點,在幾乎不消耗燃料的情況下地繞球做圓周運動,已知地球、月分別為、、,地球和月球之間的平均距離為,點離月球的距離為,則x2em()A.B.“鵲橋”的線速度小于月球的線速度“鵲橋”的向心加速度小于月球的向心加速度C.x滿足+=(+)RxD.x滿足+=(+)Rx二、多選題(本大題共5小題,共28.0分)6.如圖所示,輕質(zhì)彈簧的下端固定在光滑斜面的底部,一個質(zhì)量面的初速度向v彈簧運動。已知)為的物塊以平行斜m彈簧始終處于彈性限度范圍內(nèi),則下列判斷正確的是(變小后A.物塊從接觸彈簧到最低點的過程中,加速度大小先變大B.物塊碰到彈簧后立刻開始做減速運動C.物塊從出發(fā)點到最低點過程中,物塊減少的重力勢能小于增加的彈性勢能D.物塊的動能最大時,物塊的重力勢能有界勻強磁場的寬度為,為、電阻為、邊長為(dd<L)的正方形金mR最小7.如圖所示,磁感應強度為的BL屬線框豎直放置。線框由靜止釋放,進入磁場過程中做完全離開磁場前已做勻速運動。已知速度為,則線框()gA.B.C.進、出磁場過程中電進、出磁場過程中線框某一mgLd流方向相同通過橫截面的電荷量相等通過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為(+)D.MN邊離開磁場時的速度大小為質(zhì)量為8.如圖所示,m的木塊和質(zhì)量為m2的長木板疊放在水平地面上?,F(xiàn)對木塊施1加一水平向右的拉力F,木塊在長木板上滑行,長木板始終靜止。已知木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ1,長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2,且最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。則()第2頁,共15頁A.B.C.D.μ1一定小于μ2μ1可能大于μ2mmg改變F的大小,F(xiàn)>μ2(+)時,長木板將開始運動12mmg改F作用于長木板,F(xiàn)>(μ+μ12)(+)時,長木板與木塊將開始相對滑12動9.下列說法中正確的是()A.溫度相同的氫氣和氮氣,氫氣分子比氮氣分子的平均速率大B.夏天荷葉上水珠呈球形,是由于液體表面張力使其表面積收縮的緣故C.當理想氣體的體積增加時,氣體的內(nèi)能一定增大D.將碳素墨水滴入清水中,觀察到布朗運動是碳分子的無規(guī)則運動E.容器內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體體積不變,溫度升高,則單位時間內(nèi)撞擊容器壁的分子數(shù)增加10.下列說法正確的是()A.部隊過橋不能齊步走而要便步走,是為了避免橋梁發(fā)生共振現(xiàn)象B.橫波在傳播過程中,波峰上的質(zhì)點運動到相鄰的波峰所用的時間為一個周期C.變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場;變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場D.在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變短,可判斷該星球正在靠近向地球E.泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象,玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現(xiàn)象三、實驗題(本大題共2小題,共15.0分)11.某同學用如圖所示的裝置來探究小車加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。(1)為了使細線對小車的拉力等于小車受到的合力,應______。A.平衡摩擦力B.調(diào)節(jié)細線與長木板平行C.使砝碼及砝碼盤的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量D.使砝碼及砝碼盤的總質(zhì)量遠大于小車的質(zhì)量(2)該同學完成相關(guān)操作后將小車由靜止釋放,讀出遮光條通過光電AB門、的時間分別為、,測出遮光條的寬度為d,A、B之間的距離為x,則小車的加速度tt12a=______(用給定的物理量字母表示)。(3)若保持砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量m不變,改變小車質(zhì)量M,則作出的-M圖象為______。第3頁,共15頁12.某同學想在實驗室測量電壓表V的內(nèi)阻。1()他先用多用電表的歐姆“×1k”擋測量,如圖甲所示,該讀數(shù)為______Ω;多1用表的紅表筆與電壓表的(“正”或“負”)的接線柱相連。V______()為了更準確地測量電壓表的內(nèi)阻,實驗室提供的實驗器材如下:V12.待測電壓表(量程為0~3V)ABCDV1.電壓表(量程為0~9V,內(nèi)阻約為9kΩ)V2.滑動變阻器R(最大阻值為20Ω,額定電流為1A)1.定值電阻(阻值為6kΩ)R3E.電源(電動勢為9V,內(nèi)阻約為1Ω)F.開關(guān)一個、導線若干①根據(jù)提供的器材,連接圖乙中的實物圖②某次實驗時電壓表和電壓表的讀數(shù)分別為U和U,移動滑動變阻器滑片,VV2112多次測量,作出圖象如圖丙所示,U-U已知圖象的斜率為k,則內(nèi)阻的表R達21V1式為______(用和k表示)。R3③考慮電壓表的內(nèi)電阻,則該方法對實驗的測量結(jié)果______(填“有”或“無”)V2影響。四、計算題(本大題共4小題,共52.0分)13.煙火”表演是每年“春節(jié)”慶?;顒拥膲狠S大餐。某型“禮花”底座僅0.2s的發(fā)射時間,就能將5kg的禮花彈豎直拋上180m的高空。(忽略發(fā)射底座高度,不計空氣阻力,取g10m/s2)。()“禮花”發(fā)射時燃燒的火藥對禮花彈的平均作用1力約是多大?到達最高點時爆炸為沿水平方向運動的兩塊(爆炸時炸()某次試射,當禮花彈2藥質(zhì)量忽略不計),測得兩塊落地點間的距離S=900m,落地時兩者的速度相互垂直,兩塊的質(zhì)量各為多少?14.如圖所示,半徑為a的圓內(nèi)有一固定的邊長為1.5a的等邊三角形框架ABC,框架中心與圓心重合,S為位于BC邊中點處的狹縫。三角形框架內(nèi)有一水平放置帶電的平行金屬板,框架與圓之間存在磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里的勻強磁場。一束質(zhì)量為m、電量為q,不計重力的帶正電的粒子,從P點由靜止經(jīng)兩板間電場加速后通過狹縫S,垂直BC邊向下進入磁場并發(fā)生偏轉(zhuǎn)。忽略粒子與框架碰撞時能量與電量損失。求:第4頁,共15頁(1)要使粒子進入磁場后第一次打在SB的中點,則加速電場的電壓為多大?(2)要使粒子最終仍能回到狹縫S,則加速電場電壓滿足什么條件?(3)回到狹縫S的粒子在磁場中運動的最短時間是多少?k=2000N/m。開始時活塞處于靜止狀態(tài),汽缸內(nèi)氣體溫度T=200K,彈簧的長度l=10cm,現(xiàn)用電熱絲緩慢加11熱汽缸中的氣體(大氣壓P=1.0×105Pa)。求0(i)當彈簧恢復原長時時汽缸內(nèi)氣體的溫度T;2(ⅱ)當汽缸中的氣體溫度T=500K3時汽缸內(nèi)氣體的壓強。P30求:①透明物體的折射率。②射出點N距C點的距離。第5頁,共15頁第6頁,共15頁
答案和解析1.【答案】A【解析】解:常用的慢化劑有石墨、重水和普通水。A、慢化劑使快中子變成慢中子,故A正確。B、根據(jù)光電效應方程可知,光電效應實驗中,用同種頻率的光照射不同的金屬表面,從金屬表面逸出的光電子最大初動能越大,則這種金屬的逸出功W越小。故B錯誤。0C、平均結(jié)合能大的原子核轉(zhuǎn)變?yōu)槠骄Y(jié)合能小的原子核時,吸收一定的能量。故C錯誤;D、氫原子核外電子半徑增大時,根據(jù)可知:核外電子的加速度減小。故D錯誤;故選:A。慢化劑使快中子變?yōu)槁凶印8鶕?jù)光電效應方程分析;當核外電子半徑增大時,動能減小,電勢能增加,本題主要考查了光電效應發(fā)生條件、躍遷過程中的加速度與總能量的變化情況,以及能知道能級差與光子頻率的關(guān)系??偰芰吭龃蟆<壍戎R點,2.【答案】D【解析】解:A、圖示位置,線圈與磁場平行,感應電動勢最大,磁通量為零,故A錯誤。C、發(fā)電機線圈感應電動勢的最大值為NBSω,故C錯誤。B、交流電的頻率f=,變壓器不改變頻率,所以用戶得到的交變電壓的頻率為,故B錯誤。D、根據(jù)功率P=UI,當電壓不變,則電流增大,從而可確定滑動觸頭故D正確。D。當線圈與磁場平行時,感應電動勢最大,當兩者垂直時,感應電動勢最小。P應向上滑動,故選:根據(jù)閉合電路歐姆定律來確定電流隨著電阻變化而變化,但不會改變原線圈的電壓,變壓器不改變頻率。解答本題要知道當線圈與磁場平行時,感應電動勢最大,當兩者垂直時,感應電動勢最小,區(qū)別與有效值,理解電阻的變化,只會改變電流與功率,不會影響電壓的變化。3.【答案】C【解析】解:A.兩次由于正壓力不變,根據(jù)滑動摩擦力公式f=μFN紙帶對棋子的摩擦力沒變,故A錯誤;BC.棋子離開桌面后做平拋運動,由于豎直分位移相同,根據(jù)豎直方向運動規(guī)律可知時間相同,由于第二次水平分位移較大,可以第二次做平拋運動的初速度大,可知第二次紙條對棋子的摩擦力做功較多,設落地時速度與水平方向夾角為θ,則可知第二次棋子落地時速度與水平方向夾角較小,故B錯誤,C正確;,D.根據(jù)動能定理可知,即為重力的功,由題可知重力的功相等,故動能的增量相等,故D錯誤。C。紙片對棋子的摩擦力的做功,從而使棋子獲得初速度,動能的增量等于合外力的功,由于不計空氣阻力,則合力的功故選:做平拋運動,則根據(jù)平拋運動和第7頁,共15頁動能定進行求解即可。解答本題的關(guān)鍵是正確分析鐵塊在紙條上的運動過程,根據(jù)平拋運動規(guī)律和動能定理即可分析解答。4.【答案】B【解析】解:AB、帶電粒子僅在電場力作用下,由于粒子在M、N兩點動能相等,則電勢能也相等。因為勻強電場,所以兩點的連線MN即為等勢面。根據(jù)等勢面與電場線垂直特性,從而畫出電場線CO.由曲線運動條件可知,粒子所受的電場力沿著CO方向,不知場強方向,所以粒子的帶電性質(zhì)無法判斷;可知,速度方向與電場力方向夾角先大于90°后小于90°,電場力對于運動來說先是阻力后是動力,所以電勢能先增大后減小。故A錯誤B正確;C、粒子在電場中受到力為恒力,故不可能做圓周運動,故C錯誤;D、勻強電場的電場強度Ed=U式中的d是沿著電場強度方向的距離,因而由幾何關(guān)系可知,U=E×R,所以E=,故D錯誤;MO故選:B。粒子僅在電場力作用下,從M運動到N,由速度大小,得出粒子的動能,從而確定粒子的電勢能大與??;粒子在電場中受到力為恒力,不可能做圓周運動;根據(jù)Ed=U可求得電場強度的大小。緊扣速度大小相等作為解題突破口,由于僅在電場力作用下,所以得出兩點的電勢能大小關(guān)。系并利用等勢面與電場線垂直的特性,從而推出電場線位置。同時考查U=Ed中d的含義重要性,注意公式中的d為沿電場線方向上的距離。5.【答案】C【解析】解:A、線速度v=ωR,“鵲橋”繞地球轉(zhuǎn)動的半徑比月球繞地球的半徑大,“鵲橋”繞地球轉(zhuǎn)動的線速度比月球繞地球轉(zhuǎn)B、向心加速度a=ω2R,“鵲橋”星繞地球轉(zhuǎn)動的向心加速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動的向心加速度大,故B錯誤;動的線速度大,故A錯誤;CD、“鵲橋”星的向心力由月球和地球引力的合力提供,則有G+G=mω2(R+x),對月球而言則有=Mmω2R,兩式聯(lián)立可解得:+=(R+x),故C正確,D錯誤;故選:C?!谤o橋”星繞地球做圓周運動的軌道周期與月球繞地球做圓周運動的軌道周期相同,其受到地球和月球的引力,二者合力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律列式分析。解決本題的關(guān)鍵知道物體做圓周運動,靠地球和月球引力的合力提供向心力。不能認為靠地球的萬有引力提供向心力進行分析求解,另外還要僅僅抓?。褐欣^衛(wèi)星在地月引力作用下繞地球轉(zhuǎn)動的周期與月球繞地球轉(zhuǎn)動的周期相同。第8頁,共15頁6.【答案】AC【解析】【分析】對物塊受力分析,根據(jù)牛頓第二定律分析加速度;根據(jù)受力情況判斷物體運動性質(zhì);根據(jù)能量守恒定律比較能的大小。本題要分析清楚物體的運動過程,準確判斷能量是如何轉(zhuǎn)化的,從能量角度和受力分析各項即可。【解答】A、物塊接觸彈簧后受重力、斜面的支持力和彈簧彈力,根據(jù)牛頓第二定律得:a=,物塊從接觸彈簧到最低點的過程中,彈簧的壓縮量逐漸增大,故加速度先減小,后反向增大,故A正確;B、物塊故B剛碰到彈簧時,合力向下,加速度向下,與速度方向相同,物塊做加速,錯誤;C、物塊和彈簧組成的系統(tǒng),機械能守恒,則物塊減小的重力勢能和動能之和等于增加的彈性勢能,D、物塊最低點時,物塊的重力勢能最小,故D錯誤;則物塊減少的重力勢能小于增加的彈性勢能,故C正確;故選:AC。7.【答案】BCD【解析】解:A、由右手定則可知,線框進入磁場過程感應電流沿逆時針方向,線框離開磁場過程感應電流沿順時針方向,電流方向不同,故A錯誤;B、通過線框某一橫截面的電荷量:,線框進與入離開磁場過程,B、S、R都相同,通過線框某橫截面的C、由題意可知:入磁場過程中做勻速運動,完全離開磁場前已做勻速運動,知,線框通過磁場過程產(chǎn)生的焦耳熱:Q=mg(L+d),故C正確;電荷量相等,故B正確;由能量守恒定律可D、線框離開磁場過程受到的安培力:F=BId=,線框離開磁場過程做勻速運動,由平衡條件得:=mg,解得:v=,故D正確。故選:BCD。應用右手定出線框進出磁場過程根據(jù)法拉第電磁感應定律、歐姆定律與電流定義式可以求出通過線框某橫截面的則判斷感應電流方向;電荷量;應用能量守恒定律可以求出線框通過磁場過程框離開磁場對于電磁感應問題研究思路常常有兩條:一條從力的角度,根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程;條是能量,分析涉及電磁感應現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題,根據(jù)動能定理、功能關(guān)系等列方程求解。8.【答案】BD產(chǎn)生的焦耳熱;應用平衡條件可以求出線時的速度。另一【解析】解:AB、對m,根據(jù)牛頓運動定律有:Fμmg=ma,對m,由于保持靜止-11112-=0有:μmgF,F(xiàn)f<μ(m+m)g,所以動摩擦因數(shù)的大小從中無法比較。故A錯誤、f11212B正確。C、改變F的大小,板仍然保持靜止。故C錯誤。D、若將F作用于長木板,當木塊與木板恰好開只要木塊在木板上滑動,則木塊對木板的滑動摩擦力不變,則長木始相對滑動時,對木塊,μmg=ma,111第9頁,共15頁解得a=μ1g,對整體分析,有F-μ2(m1+m2)g=(m1+m2)a,解得F=(μ+μ)(m+m)g,所以當F>(μ+μ12)1212(m1+m2)g時,長木板與木塊將開始相對滑動。故BD。根據(jù)牛頓第二定律,列出對于的方程,A、B進行受力分析,可以知道無法μ1、μ2的大??;改變F的大小,仍然保持靜止;改F作用于長木板,出F的表達式,可以求出長木板與木塊將開始相對滑動D正確。故選:分別對只要木塊在木板上滑動,則木塊對木板的滑動摩擦力不變,則長木板先求出木塊的加速度,然后利用整體法求的條件。本題考查了牛頓第二定律、摩擦力等知識點。解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析,結(jié)合整體和隔離法,運用牛頓第二定律進行求解。9.【答案】ABE【解析】解:A、溫度相同的氫氣和氮氣,分子平均動能相同,由于氫氣的分子質(zhì)量小,所以氫氣分子比氨氣分子的平均速率大,故A正確。B、荷葉上小水珠呈球狀,是由于液體表面張力使其表面積具有收縮到最小趨勢的緣故,故B正確。C、根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q分析可知,若氣體減小,不是一定增大。故C錯誤。D、布朗運動的實質(zhì):不是液體分子的運動,粒的運動。故觀察到的布朗運動應該是碳素顆粒的運動,錯誤。E、容器內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體體積不變,分子密集程度不變,溫度升高,分子平均動能增大,即平均速度增大,即單位時間內(nèi)撞擊容器壁的分子數(shù)增加,故E正確。故選:ABE。(1)溫度在宏觀上表示物體的冷熱程度;在微觀上表示分子的平均動能,溫度越高,子平均動能越大。(2)布朗運動:定義:懸浮在液體或氣體膨脹對外做功,同時放熱,則內(nèi)能也不是固體小顆粒分子的運動,而是小顆而不是碳分子的運動,故D氣體分中的固體小顆粒的永不停息地做無規(guī)則運動。原因:小顆粒受到不同方向的液體分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的撞擊力不平衡引起的。實質(zhì):不是液體分子的運動,也不是固體小顆粒分子的運動,而是小顆粒的運動。解決本題的關(guān)鍵要掌握溫度是分子平均動能的標志、液體表面張力、布朗運動的實質(zhì)、熱力學第一定律,理解氣體壓強的微觀實質(zhì),類的知識點比較簡單,但比較分散,要注意積累。10.【答案】ADE這一【解析】解:A、部隊過橋不能齊步走而要便步走,是為了避免橋梁發(fā)生共振現(xiàn)象,故A正確;B、在波傳播的過程中質(zhì)點不隨波遷移,故C、變化的電場一定產(chǎn)生磁場,變化的磁場一定產(chǎn)生電場;均勻變化的電場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場,均勻變化的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的電場;故C錯誤;D、根據(jù)多普勒效應可知,在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變短,頻率變大,可判斷該星球正在靠近向地球,故D正確;E、泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象,玻璃中的氣泡看起來特別明亮是B錯誤;光的全反射現(xiàn)象,故E正確;故選:ADE。當振動頻率等于固有頻率時,會發(fā)生共振現(xiàn)象;質(zhì)點不會隨波遷移的;第10頁,共15頁
均勻變化的電場(磁場),產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(電場),而非均勻變化的電場(磁場),則產(chǎn)生不穩(wěn)定的磁場(電場);根據(jù)多普勒效應,由接收的頻率的大小,從而可得波長的長短,從而可確定間距的遠近;泊松亮斑是光的衍射形成的,氣泡看起來特別明亮是光的全反射現(xiàn)象。考查了共振現(xiàn)象、電磁波理論內(nèi)容,同時掌握根據(jù)多普勒效應來確定間距的變化,及理解光的明顯衍射與全反射的條件。11.【答案】ABC【解析】解:(1)進行實驗操作時,為了使細線對小車的拉力就等于小車受到的合外力首先平衡摩擦力,且使細線和木板平行,AB正確,故選:AB;(2)遮光條通過光電門A時的速度表達式為:。遮光條通過光電門B時的速度表達式為:,則有:=;(3)設小車的加速度為a,繩子拉力為F,以砝碼和砝碼盤為研究對象得:mg-F=ma,以小車為研究對象得:F=Ma解得:,所以ABD錯誤,C正確,故選:C。答故案為:(1)AB(2);(3)C為了使細線對小車的拉力等于小車的合外力,必須平衡摩擦力,且木板必須和細線平行;知道光電門測量小車瞬時速度的原理,根據(jù)運動學公式求出加速度;設小車的加速度為a,由牛頓第二定律求小車的加速度表達式分析即可;本題的難點在于第三個問題圖象的選擇,解這類題必須學會根據(jù)所學知識推導圖象縱軸和橫軸的物理量的關(guān)系式,根據(jù)關(guān)系式選擇即可12.【答案】6000負無故最終讀數(shù)為6000Ω;(2)①實物圖如圖所示②由實驗原理圖知,通過R的電流為:3I=①電壓表V和R3串聯(lián),通過的電流相等,根據(jù)歐姆定律,知電壓表V的內(nèi)阻的表達式為:11RV1=②第11頁,共15頁又k=③聯(lián)立①②③,得:RV1=③由②中電壓表V1的內(nèi)阻的表達式可知,表達式與電壓表V2的內(nèi)阻無關(guān),即考慮電壓表V2的內(nèi)電阻,對實驗的測量結(jié)果無影響;故答案為:(1)6000,負;(2)①如圖所示;②;③無。(1)根據(jù)多用電表的讀數(shù)規(guī)則可以讀出歐姆表示數(shù);(2)①根據(jù)實驗原理,可以畫出實物圖;②根據(jù)實驗原理,結(jié)合歐姆定律可以求出電壓表內(nèi)阻的表達式;③根據(jù)實驗原理,分析誤差,可以知道考慮了電壓表V2的內(nèi)電阻,對實驗沒有影響。本題考查了用多用電表測電阻,關(guān)鍵要能把圖象和實驗原理結(jié)合起來,要能讀懂圖象的物理意義。13.【答案】解:(1)設禮花彈豎直拋上180m高空用時為t,由豎直上拋運動的對稱性知:解得:t=6s設發(fā)射時間為t1,火藥對禮花彈的作用力為F,對禮花彈發(fā)射到180m高空運用動量定理有:Ft1-mg(t+t1)=0解得:F=1550N(2)設禮花彈在180m高空爆炸時分裂為質(zhì)量為m1、m2的兩塊,對應水平速度大小為v1、v2,方向相反,禮花彈爆炸時該水平方向合外力為零,取m1的速度方向為正方向,由動量守恒定律有:m1v1-m2v2=0且有:m1+m2=m由平拋運動的規(guī)律和題目落地的距離條件有:(v1+v2)t=S設物塊落地時豎直速度為vy,落地時兩者的速度相互垂直,如圖所示,有:,又vy=gt代入數(shù)據(jù)解得:對應;或?qū)穑海?)“禮花”發(fā)射時燃燒的火藥對禮花彈的平均作用力約是1550N;(2)兩塊的質(zhì)量各為1kg和4kg。【解析】(1)先根據(jù)豎直上拋運動的規(guī)律求出禮花彈豎直拋上180m高空所用時間。對整個過程,由動量定理列方程求解火藥對禮花彈的作用力為F;第12頁,共15頁(2)禮花彈爆炸時該水平方向合外力為零,由動量守恒定律結(jié)合平拋運動的規(guī)律列方程求解兩塊的質(zhì)量。解決本題的關(guān)鍵要明確此題涉及三個過程,能準確把握每個過程的規(guī)律,特別是爆炸過程,由于外力遠小于內(nèi)力,系統(tǒng)的動量守恒。對于平拋運動,關(guān)鍵要抓住兩個彈片速度關(guān)系。(2)要使粒子能回到S,則每次碰撞時粒子速度都應與邊垂直,則r和v應滿足以下條件:①粒子與框架垂直碰撞,繞過三角形頂點時的軌跡圓弧的圓心應位于三角形頂點,上即SB為半徑的奇數(shù)倍,即(n=1,2,3,…)得加速電壓(n=4,5,6,…)(3)粒子在磁場中運動周期為T,則有當n=4時,時間最短即tmin=3×6×+3×T=T解得答:(1)要使粒子進入磁場后第一次打在SB的中點,則加速電場的電壓為(2)要使粒子最終仍能回到狹縫S,則加速電場電壓滿足(3)回到狹縫S的粒子在磁場中運動的最短時間是(n=4,5,6
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