2023屆江蘇省高三普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試物理試卷三含答案

高三普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試物理試卷〔三)一、單項(xiàng)選擇題1.如下列圖，掛鉤連接三根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的輕繩，三根輕繩的另一端與一個(gè)質(zhì)量為m、直徑為1.2L的水平圓環(huán)相連，連接點(diǎn)將圓環(huán)三等分，在掛鉤拉力作用下圓環(huán)處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，那么每根輕繩上的拉力大小為〔

〕A.

mg

B.

mg

C.

mg

D.

mg2.在我國(guó)新交通法中規(guī)定“車讓人〞，駕駛員駕車時(shí)應(yīng)考慮到行人過(guò)馬路的情況。假設(shè)有一汽車以8m/s的速度勻速行駛即將通過(guò)路口，此時(shí)正有行人在過(guò)人行橫道，而汽車的前端距停車線8m，該車減速時(shí)的加速度大小為5m/s2。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

駕駛員立即剎車制動(dòng)，那么至少需2s汽車才能停止

B.

在距停車線7.5m處才開(kāi)始剎車制動(dòng)，汽車前端恰能止于停車線處

C.

假設(shè)經(jīng)0.25s后才開(kāi)始剎車制動(dòng)，汽車前端恰能止于停車線處

D.

假設(shè)經(jīng)0.2s后才開(kāi)始剎車制動(dòng)，汽車前端恰能止于停車線處3.當(dāng)前，我國(guó)某些貧困地區(qū)的日常用水仍然依靠井水。某同學(xué)用水桶從水井里提水，井內(nèi)

水面到井口的高度為20m。水桶離開(kāi)水面時(shí)，桶和水的總質(zhì)量為10kg。由于水桶漏水，在被勻速提升至井口的過(guò)程中，桶和水的總質(zhì)量隨著上升距離的變化而變化，其關(guān)系如下列圖。水桶可以看成質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。由圖象可知，在提水的整個(gè)過(guò)程中，拉力對(duì)水桶做的功為〔

〕A.

2000J

B.

1800J

C.

200J

D.

180J4.如下列圖，某同學(xué)疫情期間在家鍛煉時(shí)，對(duì)著墻壁練習(xí)打乒乓球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同高度分別垂直撞在豎直墻壁上，不計(jì)空氣阻力，那么球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前〔

〕A.

在空中飛行的時(shí)間可能相等

B.

飛出時(shí)的初速度豎直分量可能相等

C.

撞擊墻壁的速度大小可能相等

D.

飛出時(shí)的初速度大小可能相等5.如圖〔a〕所示，在傾角的斜面上放置著一個(gè)金屬圓環(huán)，圓環(huán)的上半局部處在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)〔未畫(huà)出〕中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小按如圖〔b〕所示的規(guī)律變化。釋放圓環(huán)后，在和時(shí)刻，圓環(huán)均能恰好靜止在斜面上。假設(shè)圓環(huán)與斜面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，，那么圓環(huán)和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〔

〕

A.

B.

C.

D.

6.為了做好疫情防控工作，小區(qū)物業(yè)利用紅外測(cè)溫儀對(duì)出入人員進(jìn)行體溫檢測(cè)。紅外測(cè)溫儀的原理是：被測(cè)物體輻射的光線只有紅外線可被捕捉，并轉(zhuǎn)變成電信號(hào)。圖為氫原子能級(jí)示意圖，紅外線單個(gè)光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測(cè)溫儀捕捉，最少應(yīng)給處于激發(fā)態(tài)的氫原子提供的能量為〔

〕7.以下有關(guān)分子動(dòng)理論的說(shuō)法中，正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

足球充足氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果

B.

花粉顆粒在液體中的布朗運(yùn)動(dòng)，短時(shí)間的運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)那么，時(shí)間足夠長(zhǎng)時(shí)是有規(guī)那么的

C.

假設(shè)氣體在某狀態(tài)下的摩爾質(zhì)量、密度及阿伏加德羅常數(shù)，可求出每個(gè)分子的體積

D.

兩分子之間的引力和斥力平衡時(shí)，它們所具有的分子勢(shì)能具有最小值8.以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

電磁波是縱波

B.

單擺的擺長(zhǎng)越長(zhǎng)，擺動(dòng)周期越小

C.

照相機(jī)的鏡頭涂有一層增透膜，利用的是光的衍射原理

D.

狹義相對(duì)論是以相對(duì)性原理和光速不變?cè)磉@兩條根本假設(shè)為前提的二、多項(xiàng)選擇題9.北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)第41顆和第49顆衛(wèi)星已完成在軌測(cè)試、入網(wǎng)評(píng)估等工作，正式入網(wǎng)工作。第41顆衛(wèi)星為地球同步軌道衛(wèi)星，第49顆衛(wèi)星為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，它們的軌道半徑約為4.2×107m，運(yùn)行周期都等于地球的自轉(zhuǎn)周期24h。傾斜地球同步軌道平面與地球赤道平面成一定夾角，如下列圖。萬(wàn)有引力常量G＝6.67×10－11N·m2/kg2，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

同步軌道衛(wèi)星可能經(jīng)過(guò)北京上空

B.

根據(jù)題目數(shù)據(jù)可估算出地球的質(zhì)量

C.

傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度

D.

傾斜地球同步軌道衛(wèi)星一天2次經(jīng)過(guò)赤道上同一位置10.如下列圖，理想自耦變壓器原線圈的a、b兩端接有瞬時(shí)表達(dá)式為u＝20sin〔50πt〕V的交流電壓，指示燈L接在變壓器的一小段線圈上，調(diào)節(jié)滑片P1可以改變副線圈的匝數(shù)，調(diào)節(jié)滑片P2可以改變負(fù)載電阻R2的阻值，那么〔

〕A.

t＝0.04s時(shí)電壓表V1的示數(shù)為零

B.

只向上移動(dòng)P2，指示燈L將變暗

C.

P1、P2均向上移動(dòng)，電壓表V2的示數(shù)一定變大

D.

P1、P2均向上移動(dòng)，原線圈輸入功率可能不變11.如圖甲所示，傾角為θ的絕緣傳送帶以2m/s的恒定速率沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，其頂端與底端間的距離為5m，整個(gè)裝置處于方向垂直傳送帶向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間按圖乙規(guī)律變化。t＝0時(shí)刻將一個(gè)質(zhì)量m＝0.02kg的帶正電小物塊輕放在傳送帶頂端，物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，sinθ＝、cosθ＝，E0＝，取g＝10m/s2，那么小物塊〔

〕A.

始終沿傳送帶向下運(yùn)動(dòng)

B.

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小變化

C.

在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為5s

D.

與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的總熱量為0.16J12.如下列圖，豎直光滑桿固定不動(dòng)，套在桿上的彈簧下端固定，在外力作用下將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧至離地高度h＝0.1m處，滑塊與彈簧不拴接。現(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過(guò)傳感器測(cè)量到滑塊的速度和離地高度h，并作出滑塊的動(dòng)能Ek與離地面高度h的關(guān)系圖像，其中高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖像為直線，其余局部為曲線，以地面為零勢(shì)能面，取g＝10m/s2，由圖像可知〔

〕A.

小滑塊的質(zhì)量為0.2kg

B.

剛釋放時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為0.32J

C.

彈簧的勁度系數(shù)為250N/m

D.

小滑塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和最小為0.38J三、實(shí)驗(yàn)題13.某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲以如圖甲裝置中的滑塊為對(duì)象驗(yàn)證“牛頓第二定律〞，裝置由彈簧測(cè)力計(jì)、氣墊導(dǎo)軌、兩個(gè)光電門(mén)、滑塊和砝碼盤(pán)(含砝碼)等組成．光電門(mén)可以測(cè)出滑塊的遮光條依次分別通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間，游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光條的寬度d，導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測(cè)出兩個(gè)光電門(mén)間的距離L，另用天平測(cè)出滑塊、砝碼盤(pán)(含砝碼)的質(zhì)最分別為M和m，不計(jì)滑輪的重量和摩擦．〔1〕用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d如圖乙所示，那么d=________cm〔2〕實(shí)驗(yàn)操作中，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是_________

B.為減小誤差,實(shí)驗(yàn)中一定要保證質(zhì)量m遠(yuǎn)小于質(zhì)量M

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)，屢次在同一條件下重復(fù)實(shí)驗(yàn)取遮光條通過(guò)兩光電門(mén)時(shí)間的平均值減小系統(tǒng)誤差

D.如果氣墊導(dǎo)軌水平，那么輕推滑塊勻速滑動(dòng)時(shí)通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間和必相等〔3〕該裝置中彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)F，需要驗(yàn)證的表達(dá)式為F=________．〔4〕對(duì)質(zhì)量保持不變的過(guò)程，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出滑塊的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F的關(guān)系圖象，最符合本實(shí)驗(yàn)實(shí)際情況的是______________．A.

B.

C.

D.14.在實(shí)驗(yàn)室測(cè)量?jī)蓚€(gè)直流電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。電源甲的電動(dòng)勢(shì)大約為4.5V，內(nèi)阻大約為1.5Ω；電源乙的電動(dòng)勢(shì)大約為1.5V，內(nèi)阻大約為1Ω。由于實(shí)驗(yàn)室條件有限，除了導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)外，實(shí)驗(yàn)室還能提供如下器材：A．量程為0~3V的電壓表V

B．量程為0~0.6A的電流表A1C．量程為0~3A的電流表A21234，〔1〕選擇電壓表、電流表、定值電阻、滑動(dòng)變阻器等器材，采用圖甲所示電路測(cè)量電源甲的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻①定值電阻應(yīng)該選擇________(填“D〞或“E〞)；電流、表應(yīng)該選擇________(填“B〞或“C〞)；滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇________(填“F"或“G").②分別以電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U為橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)，計(jì)算機(jī)擬合得到如圖乙所示U-I圖象，U和I的單位分別為V和A，擬合公式為U=-5.8I+4.6，那么電源甲的電動(dòng)勢(shì)E=________V，內(nèi)阻r=________Ω。(保存兩位有效數(shù)字)③在測(cè)量電源甲的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是〔________〕A．電壓表的分流作用

B．電壓表的分壓作用C．電流表的分壓作用

D．電流表的分流作用〔2〕為了簡(jiǎn)便快捷地測(cè)量電源乙的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，選擇電壓表、定值電阻等器材，采用圖丙所示電路。①定值電阻應(yīng)該選擇________(填“D〞或“E〞)②實(shí)驗(yàn)中，首先將K1斷開(kāi)，K2閉合，電壓表示數(shù)為1.49V，然后將K1、K2均閉合，電壓表示數(shù)為1.18V，那么電源乙電動(dòng)勢(shì)E=________V，內(nèi)阻r=________Ω。(小數(shù)點(diǎn)后保存兩位小數(shù))四、填空題15.煙霧探測(cè)器使用了一種半衰期為432年的放射性元素镅來(lái)探測(cè)煙霧。當(dāng)正?？諝夥肿哟┻^(guò)探測(cè)器時(shí)，镅衰變所釋放的射線會(huì)將它們電離，從而產(chǎn)生電流，那么镅放出的是________〔填“α〞或“γ〞〕射線。一旦有煙霧進(jìn)入探測(cè)腔內(nèi)，煙霧中的微粒會(huì)吸附局部射線，導(dǎo)致電流減小，從而觸發(fā)警報(bào)，那么發(fā)生火災(zāi)時(shí)，煙霧探測(cè)器中的镅半衰期________〔填“會(huì)〞或“不會(huì)〞〕因溫度升高而變化。16.如下列圖，圓筒形容器A、B用細(xì)而短的管連接，活塞F與容器A的內(nèi)外表緊密接觸，且不計(jì)摩擦。初始K關(guān)閉，A中有溫度為T(mén)0的理想氣體，B內(nèi)為真空，整個(gè)系統(tǒng)對(duì)外絕熱?，F(xiàn)向右緩慢推動(dòng)活塞F，直到A中氣體的體積與B的容積相等時(shí)，氣體的溫度變?yōu)門(mén)1，那么此過(guò)程中氣體內(nèi)能將________〔填“變大〞、“不變〞、“變小〞〕。然后固定活塞不動(dòng)，將K翻開(kāi)，使A中的氣體緩慢向B擴(kuò)散，平衡后氣體的溫度變?yōu)門(mén)2，那么T2________T1〔填“>〞、“=〞、“<〞〕。17.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為6m/s，t＝0時(shí)的波形如下列圖。P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，P點(diǎn)平衡位置為xP＝9m，此時(shí)P點(diǎn)的振動(dòng)方向?yàn)開(kāi)_______〔填“向上〞或“向下〞〕。Q點(diǎn)平衡位置為xQ＝11m，那么在t＝s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q偏離平衡位置的位移為_(kāi)_______。五、解答題18.如下列圖為一個(gè)現(xiàn)代仿制的地動(dòng)儀，龍口中的銅珠到蟾蜍口的距離為h，當(dāng)感知到地震時(shí)，質(zhì)量為m的銅珠〔初速度為零〕離開(kāi)龍口，落入蟾蜍口中，與蟾蜍口碰撞的時(shí)間約為t，那么銅珠對(duì)蟾蜍口產(chǎn)生的沖擊力大小約為多少？19.如下列圖，上端開(kāi)口的光滑圓柱形汽缸豎直放置，截面積為40cm2的活塞將一定質(zhì)量的氣體和一形狀不規(guī)那么的固體A封閉在汽缸內(nèi)．在汽缸內(nèi)距缸底60cm處設(shè)有a、b兩限制裝置，使活塞只能向上滑動(dòng)．開(kāi)始時(shí)活塞擱在a、b上，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p0(p0＝1.0×1052求：①活塞的質(zhì)量；②物體A的體積．20.如下列圖，某種材料制成的扇形透明磚放置在水平桌面上，光源S發(fā)出一束平行于桌面的光線從OA的中點(diǎn)垂直射入透明磚，恰好經(jīng)過(guò)兩次全反射后，垂直O(jiān)B射出，并再次經(jīng)過(guò)光源S，光在真空中傳播的速率為c，求〔1〕材料的折射率n；〔2〕該過(guò)程中，光在空氣中傳播的時(shí)間與光在材料中傳播的時(shí)間之比。21.如下列圖，金屬圓環(huán)軌道MN、PQ豎直放置，兩環(huán)之間ABDC內(nèi)〔含邊界〕有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，AB水平且與圓心等高，CD豎直且延長(zhǎng)線過(guò)圓心。電阻為r，長(zhǎng)為2l的輕質(zhì)金屬桿，一端套在內(nèi)環(huán)MN上，另一端連接帶孔金屬球，球套在外環(huán)PQ上，且都與軌道接觸良好。內(nèi)圓半徑r1＝l，外圓半徑r2＝3l，PM間接有阻值為R的電阻，讓金屬桿從AB處無(wú)初速釋放，金屬桿第一次即將離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，金屬球的速度為v，其他電阻不計(jì)，忽略一切摩擦，重力加速度為g。求：〔1〕金屬球向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電流方向。〔2〕金屬桿從AB滑動(dòng)到CD的過(guò)程中，通過(guò)R的電荷量q?！?〕金屬桿第一次即將離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，R兩端的電壓U。22.如下列圖，長(zhǎng)為3l的不可伸長(zhǎng)的輕繩，穿過(guò)一長(zhǎng)為l的豎直輕質(zhì)細(xì)管，兩端拴著質(zhì)量分別為m、m的小球A和小物塊B，開(kāi)始時(shí)B先放在細(xì)管正下方的水平地面上．手握細(xì)管輕輕搖動(dòng)一段時(shí)間后，B對(duì)地面的壓力恰好為零，A在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．重力加速度為g，不計(jì)一切阻力．〔1〕求A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)繩與豎直方向夾角θ；〔2〕求搖動(dòng)細(xì)管過(guò)程中手所做的功；〔3〕輕搖細(xì)管可使B在管口下的任意位置處于平衡，當(dāng)B在某一位置平衡時(shí)，管內(nèi)一觸發(fā)裝置使繩斷開(kāi)，求A做平拋運(yùn)動(dòng)的最大水平距離．23.如圖甲，兩個(gè)半徑足夠大的D形金屬盒D1、D2正對(duì)放置，O1、O2分別為兩盒的圓心，盒內(nèi)區(qū)域存在與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。加在兩盒之間的電壓變化規(guī)律如圖乙，正反向電壓的大小均為Uo，周期為T(mén)o，兩盒之間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)。在t=0時(shí)刻，將一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q〔q>0〕的粒子由O2處?kù)o止釋放，粒子在電場(chǎng)力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，在時(shí)刻通過(guò)O1.粒子穿過(guò)兩D形盒邊界M、N時(shí)運(yùn)動(dòng)不受影響，不考慮由于電場(chǎng)變化而產(chǎn)生的磁場(chǎng)的影響，不計(jì)粒子重力?！?〕求兩D形盒邊界M、N之間的距離；〔2〕假設(shè)D1盒內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，且粒子在D1、D2盒內(nèi)各運(yùn)動(dòng)一次后能到達(dá)O1，求D2盒內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；〔3〕假設(shè)D2、D2盒內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，且粒子在D1、D2盒內(nèi)各運(yùn)動(dòng)一次后在t=2To時(shí)刻到達(dá)Ol，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】設(shè)繩中拉力為T(mén)，繩與豎直方向夾角為，由幾何關(guān)系可知由平衡知識(shí)3Tcos=mg得出故答案為：A。

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在重力和三個(gè)拉力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)該條件列方程分析求解即可。2.【解析】【解答】A．車減速為零所需最短時(shí)間為A不符合題意；B．根據(jù)速度位移公式可知，減速運(yùn)動(dòng)的位移為故在距停車線6.4m處才開(kāi)始剎車制動(dòng)，汽車前端恰能止于停車線處，B不符合題意；CD．勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為假設(shè)經(jīng)0.2s后才開(kāi)始剎車制動(dòng)，汽車前端恰能止于停車線處，D符合題意，C不符合題意。故答案為：D。

【分析】汽車做勻減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合汽車的初速度和加速度以及反響時(shí)間，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析求解即可。3.【解析】【解答】由于水桶勻速上升，故拉力等于水桶重力。由于水和水桶的質(zhì)量隨位移均勻減小。故拉力與位移滿足線性關(guān)系，所以可用平均力法進(jìn)行求解變力做功。那么拉力做功為：故答案為：B。【分析】變力做功，力的變化為均勻變化，求解力的平均值，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，明確所受到的力的大小和方向，利用公式W=Fscosα求解外力做功即可，其中α是力與位移的夾角。4.【解析】【解答】A．將乒乓球的運(yùn)動(dòng)逆過(guò)程處理，即為平拋運(yùn)動(dòng)，兩次的豎直高度不同，兩次運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，A不符合題意；B．在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，因兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故初速度在豎直方向的分量不同，B不符合題意；C．兩次水平射程相等，但兩次運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，那么兩次撞擊墻壁的速度不同，C不符合題意；D．豎直速度大的，其水平速度就小，根據(jù)速度的合成可知飛出時(shí)的初速度大小可能相等，D符合題意。故答案為：D。

【分析】?jī)蓚€(gè)物體做斜拋運(yùn)動(dòng)，把兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)分解到水平和豎直方向，水平方向勻速運(yùn)動(dòng),豎直方向豎直上拋運(yùn)動(dòng)，通過(guò)豎直方向運(yùn)動(dòng)求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再通過(guò)水平的位移求解水平速度。5.【解析】【解答】根據(jù)楞次定律可知，時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電流的方向沿順時(shí)針?lè)较?，由左手定那么可知圓環(huán)上部受安培力沿斜面向下，設(shè)圓環(huán)半徑為r，電阻為R，在時(shí)有，此時(shí)圓環(huán)恰好靜止由平衡得同理在時(shí)圓環(huán)上局部受到的安培力沿斜面向上，圓環(huán)此時(shí)恰好靜止，由平衡得聯(lián)立以上各式得故ABC不符合題意，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合圓環(huán)的平衡方程可以求出動(dòng)摩擦因素的大小。6.【解析】【解答】AB．處于n=2能級(jí)的原子不能吸收10.20eV、2.89eV的能量，那么選項(xiàng)AB不符合題意；C．處于n=2能級(jí)的原子能吸收2.55eV的能量而躍遷到n=4的能級(jí)，然后向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子，其中從n=4到n=3的躍遷輻射出的光子的能量小于1.62eV可被紅外測(cè)溫儀捕捉，選項(xiàng)C符合題意；

D．處于n=2能級(jí)的原子能吸收1.89eV的能量而躍遷到n=3的能級(jí)，從n=3到低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子的能量均大于1.62eV，不能被紅外測(cè)溫儀捕捉，選項(xiàng)D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用能級(jí)躍遷的能量可以判別需要提供的能量。7.【解析】【解答】A．氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因是氣體分子頻繁碰撞產(chǎn)生，氣體分子一般不考慮分子間相互作用力，A不符合題意；B．布朗運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)那么性與時(shí)間長(zhǎng)短無(wú)關(guān)，B不符合題意；C．氣體在某狀態(tài)下的摩爾質(zhì)量、密度及阿伏加德羅常數(shù)，可求出每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間，C不符合題意；D．兩分子間引力和斥力的合力為零時(shí)，分子勢(shì)能為最小值，D符合題意。故答案為：D。

【分析】分子力與移動(dòng)方向相同，分子力做正功，勢(shì)能減小，方向相反，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加。8.【解析】【解答】A．電磁波是橫波，A不符合題意；B．根據(jù)得出擺長(zhǎng)越長(zhǎng)，擺動(dòng)周期越大，B不符合題意；C．增透膜利用的是光的干預(yù)原理，C不符合題意；D．狹義相對(duì)論是以相對(duì)性原理和光速不變?cè)磉@兩條根本假設(shè)為前提的，D符合題意。故答案為：D。

【分析】對(duì)于波來(lái)說(shuō)，只有縱波才有偏振，橫波沒(méi)有偏振；光速不變?cè)硎窍鄬?duì)論的一個(gè)假設(shè)，之后的所有結(jié)論都是以此為依據(jù)經(jīng)過(guò)推導(dǎo)得到的。二、多項(xiàng)選擇題9.【解析】【解答】A．同步軌道衛(wèi)星處于赤道平面上方，不可能經(jīng)過(guò)北京上空，A不符合題意；B．根據(jù)得出B符合題意；C．第一宇宙速度是最大的繞行速度，任何地球衛(wèi)星的運(yùn)行速度均小于第一宇宙速度，C不符合題意；D．由于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故一天2次經(jīng)過(guò)赤道上同一位置，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合衛(wèi)星的周期，根據(jù)向心力公式列方程求解中心天體的質(zhì)量。10.【解析】【解答】A．電壓表示數(shù)為有效值，與某一時(shí)刻無(wú)關(guān)，A不符合題意；B．只向上移動(dòng)P2，指示燈兩端電壓不變，燈亮度不變，B不符合題意；C．R2兩端電壓為當(dāng)P1、P2上移時(shí)，U2、R2均變大，電壓表V2的示數(shù)變大，C符合題意；D．P1、P2均向上移動(dòng)，副線圈上消耗的功率可能不變，根據(jù)能量守恒，原線圈輸入功率也可能不變，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】通過(guò)交流電壓的表達(dá)式讀出電壓的最大值和角速度，計(jì)算出電壓的有效值和頻率，利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律求解電流，進(jìn)而求解功率。11.【解析】【解答】AB．有電場(chǎng)時(shí)由得出摩擦力大小為零，此時(shí)加速度a1=2m/s2無(wú)電場(chǎng)時(shí)得出加速度a2=-2m/s2小物塊一直向下運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，A符合題意，B不符合題意；C．從t=0時(shí)刻起，每秒內(nèi)物塊沿斜面向下運(yùn)動(dòng)1m，到底端所需時(shí)間為5s，C符合題意；D．物塊下滑過(guò)程中，有摩擦力的時(shí)間為沒(méi)有電場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的熱量與相對(duì)位移有關(guān)，有D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面兩個(gè)方向上分解，在沿斜面方向利用牛頓第二定律求解物體的加速度；利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解物體與傳送帶的相對(duì)位移，摩擦力產(chǎn)生的熱量用摩擦力的大小乘以兩物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的距離即可。12.【解析】【解答】A．在圖像中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)，圖線的斜率絕對(duì)值得出m=0.2kgA符合題意；B．當(dāng)滑塊上升至最大高度時(shí)，增加的重力勢(shì)能即為彈簧最大彈性勢(shì)能，有B不符合題意；C．從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖像為直線，其余局部為曲線，說(shuō)明從h=0.2m處滑塊與彈簧別離，彈簧的原長(zhǎng)為0.2m，由圖可知當(dāng)h=0.18m時(shí)的動(dòng)能最大，動(dòng)能最大時(shí)mg=kx得出C不符合題意；D．在滑塊整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)的動(dòng)能、重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之間相互轉(zhuǎn)化，因此動(dòng)能最大時(shí)，滑塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能總和最小，根據(jù)能的轉(zhuǎn)化和守恒可知D符合題意。故答案為：AD。

【分析】物體和彈簧組成的系統(tǒng)能量守恒，結(jié)合物體動(dòng)能的變化圖像，利用能量守恒定理列方程分析求解即可。三、實(shí)驗(yàn)題13.【解析】【解答】〔1〕由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為1cm+3×0.05mm=10.15mm=1.015cm。〔2〕A、實(shí)驗(yàn)前要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平，因有彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出拉力，那么不需要平衡摩擦力，A符合題意；B、滑塊受到的拉力可以由測(cè)力計(jì)讀出，實(shí)驗(yàn)中不需要保證質(zhì)量m遠(yuǎn)小于質(zhì)量M，B不符合題意；C、實(shí)驗(yàn)時(shí)，屢次在同一條件下重復(fù)實(shí)驗(yàn)取遮光條通過(guò)兩光電門(mén)時(shí)間的平均值以減小偶然誤差，C不符合題意；D、如果氣墊導(dǎo)軌水平那么輕推滑塊勻速滑動(dòng)時(shí)，通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間△t1和△t2必相等，D符合題意；〔3〕滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度：滑塊的加速度：對(duì)滑塊，由牛頓第二定律得：2F=Ma那么：〔4〕質(zhì)量不變，由牛頓第二定律得：，M不變，a與F成正比，a-F是正比例函數(shù)圖象，A符合題意，BCD不符合題意；

【分析】〔1〕明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)那么進(jìn)行讀數(shù)即可；

〔2〕平衡摩擦力，除去摩擦力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，使實(shí)驗(yàn)更準(zhǔn)確；

〔3〕當(dāng)運(yùn)動(dòng)位移很短時(shí)，物體的平均速度等于物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，利用寬度除以擋光的時(shí)間即可；結(jié)合物體的速度變化量以及對(duì)應(yīng)的時(shí)間，利用加速度的定義式求解物體的加速度，再利用牛頓第二定理求解外力大?。?/p>

〔4〕根據(jù)牛頓第二定律列方程，結(jié)合圖像橫縱坐標(biāo)求解即可。14.【解析】【解答】〔1〕①測(cè)電動(dòng)勢(shì)力約4.5V的電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻時(shí)，由于有定值電阻的存在，電路中的最大電流為AA如果用量程為3A的電流表，那么讀數(shù)誤差太大，因此，電流表應(yīng)選B；測(cè)電動(dòng)勢(shì)約4.5V的電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻時(shí)，電路最小電阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得電源電動(dòng)勢(shì)為E=4.6V，內(nèi)阻r=1.8Ω，③由電路圖可知，電壓表的分流作用會(huì)造成實(shí)驗(yàn)誤差，A符合題意，BCDE不符合題意；故答案為：A；〔2〕①用圖丙所示電路測(cè)電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，定值電阻適當(dāng)小一點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)誤差小，因些定值電阻應(yīng)選D；②由電路圖可知，K1斷開(kāi)，K2閉合，電壓表示數(shù)為電流電動(dòng)勢(shì)，電壓表示數(shù)為1.49V，即電源乙電動(dòng)勢(shì)為E=1.49V；K1、K2均閉合，電壓表示數(shù)為1.8V，電壓表測(cè)路端電壓，此時(shí)電路電流為電源內(nèi)阻為

【分析】〔1〕在量程允許的情況下選擇小量程的電表即可，滑動(dòng)變阻器選擇與電源內(nèi)阻相近即可；

〔2〕根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E﹣Ir結(jié)合函數(shù)圖像來(lái)求解內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)即可；

〔3〕電壓表分流，使得測(cè)得的電流偏小引起誤差。四、填空題15.【解析】【解答】