牛頓運動定律 高考真題

第三章牛頓運動定律

1.2010?全國卷I?15如右圖，輕彈簧上端與一質量為機的木塊1相連，下端與另一

質量為M的木塊2相連，整個系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板匕并處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)

將木板沿水平方向突然抽出，設抽出后的瞬間，木塊1、2的加速度大小分別為q、4。

重力加速度大小為g。則有

A.%=g,%=gB.%=0,a2=g

【答案】C

【解析】在抽出木板的瞬時，彈簧對1的支持力和對2的壓力并未改變。對1物體受重力和支持力，mg=F,a1=0.

對2物體受重力和壓力，根據(jù)牛頓第二定律。=4絲="±'g

MM

【命題意圖與考點定位】本題屬于牛頓第二定律應用的瞬時加速度問題，關鍵是區(qū)分瞬時力與延時力。

2.2010?福建76質量為2kg的物體靜止在足夠大的水平地血上，物體與地面間4/、

的動摩擦因數(shù)為0.2,最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等。從t=0時刻開

始，物體受到方向不變、大小呈周期性變化的水平拉力F的作用，F(xiàn)隨時間t的變~：

化規(guī)律如圖所示。重力加速度g取10m/s2,則物體在t=0至t=12s這段時間的位01-^一卜飛一；？

移大小為

A.18mB.54mC.72mD.198m

答案：B

3.2010?上海物理?5將一個物體以某一速度從地面豎直向上拋出，設物體在運動過程中所受空氣阻力大小不

變，則物體

（A）剛拋出時的速度最大（B）在最高點的加速度為零

（C）上升忖間大于下落時間（D）上升時的加速度等于下落時的加速度

【解析】=g+上，a卜.=g-/，所以上升時的加速度大于下落時的加速度，D錯誤；

mm

根據(jù)h=!gj,上升時間小于下落時間，c錯誤，B也錯誤，本題選A。

2

本題考查牛頓運動定律和運動學公式。難度：中。

4.2010?海南物理?3下列說法正確的是

A.若物體運動速率始終不變，則物體所受合力一定為零

B.若物體的加速度均勻增加，則物體做勻加速直線運動

C.若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運動

D.若物體在任意的相等時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動

【答案】D

【解析】物體運動速率不變但方向可能變化，因此合力不一定為零，A錯；物體的加速度均勻增加，即加速度在

變化，是非勻加速直線運動，B錯；物體所受合力與其速度方向相反，只能判斷其做減速運動，但加速度大小不

可確定，C錯；若物體在任意的相等時間間隔內位移相等，則物體做勻速直線運動，D對。

6.2010?海南物理?8如右圖，木箱內有一豎直放置的彈簧，彈簧上方有一物塊：木箱靜止時彈自^

由落體處于壓縮狀態(tài)且物塊壓在箱頂上.若在某一段時間內，物塊對箱頂剛好無壓力，則在此段時間

內，木箱的運動狀態(tài)可能為

A.加速下降B.加速上升C.減速上升D.減速下降

【答案】BD

【解析】木箱靜止時物塊對箱頂有壓力，則物塊受到頂向下的壓力，當物塊對箱頂剛好無壓力時，表明.系統(tǒng)有

向上的加速度，是超重，BD正確。

2009年高考題

一、選擇題

1.（09?全國卷II?15）兩物體甲和乙在同一直線上運動，它們在0?0.4s時

間內的v-t圖象如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用，則物體甲與乙的

質量之比和圖中時間匕分別為（B）

A.」和0.30sB.3和0.30sC.1和0.28sD.3和0.28s

33

解析：本題考查圖象問題.根據(jù)速度圖象的特點可知甲做勻加速，乙做勻減速.根據(jù)a=±得3臼，=。乙，根據(jù)

牛頓第二定律有---=------,得——=3,由a乙=—=10m/52=--—,得t=0.3s,B正確。

乙乙

mtv3inin0.40.4-t

4.（09?寧夏?20）如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩

擦?，F(xiàn)用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊

相對于水平面的運動情況為(BC)

物塊

拉力

A.物塊先向左運動，再向右運動

B.物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動

C.木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動

D.木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零

5.（09?廣東物理?8）某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490N。他將彈簧秤移至電梯內稱其體重，7至八時

間段內，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，電梯運行的v-t圖可能是（取電梯向上運動的方向為正）（A）

解析：由圖可知，在擊力時間內，彈簧秤的示數(shù)小于實際重量，則處于失重狀態(tài)，此時具有向下的加速度，在力力

階段彈簧秤示數(shù)等于實際重量，則既不超重也不失重，在攵也階段，彈簧秤示數(shù)大于實際重量，則處于超重狀態(tài)，

具有向上的加速度，若電梯向下運動，則力力時間內向下加速，八七階段勻速運動，門也階段減速下降，A正確；

BD不能實現(xiàn)人進入電梯山靜止開始運動，C項如力內超重，不符合題意。

6.（09?江蘇物理?9）如圖所示，兩質量相等的物塊A、B通過-輕質彈簧連接，B足夠長、放置在水平面上，

所有接觸面均光滑。彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內。在物塊A上施加一個水平恒力,

A、B從靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，卜.列說法中正確的有(BCD)

A.當A、B加速度相等時，系統(tǒng)的機械能最大

B.當A、B加速度相等時;A、B的速度差最大

C.當A、B的速度相等時，A的速度達到最大

D.當A、B的速度相等時，彈簧的彈性勢能最大

解析：處理本題的關鍵是對物體進行受力分析和運動過程分析，使用圖象處理則可以使問題大大簡化。對A、8在水平方向受力分析如圖，用為彈簧的拉力：

F

當加速度大小相同為。時，對A有F-Fx=ma.對B有片=ma，得片=5,在整個過程中A的合力（加速度）?直減小而B的合力（加

速度）一直增大，在達到共同加速度之前A的合力（加速度）一直大于B的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于B的合力（加速度）。兩物體

運動的17圖象如圖，□時刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，匕時刻兩物體的速度相等，A速度達到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值

即兩物體的相對位移最大，彈簧被拉到最長；除重力和彈簧彈力外其它力對系統(tǒng)正功，系統(tǒng)機械能增加，U時刻之后拉力依然做正功，即加速度相等時，系

統(tǒng)機械能并非最大值。

7.（09?廣東理科基礎?4）建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料。質量為70.0kg〃霍/

的工人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0.500m/s2的加速度拉升，忽（O

略繩子和定滑輪的質量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為（g取10m/s2）J-I

（B）〃/二

A.510NB.490NC.890ND.910N

解析：對建筑材料進行受力分析。根據(jù)牛頓第二定律有E-，〃g=ma,得繩子的拉力大小等于

F=210N,然后再對人受力分析由平衡的知識得Mg=F+外,得FNH90N,根據(jù)牛頓第三定律可知人對地面間的

壓力為490N.B對。

11.（09?山東?22）圖示為某探究活動小組設計的節(jié)能運動系統(tǒng)。斜面軌道傾角

為30°,質量為M的木箱與軌道的動摩擦因數(shù)為且。木箱在軌道端時，自動裝/

6

貨裝置將質量為m的貨物裝入木箱，然后木箱載著貨物沿軌道無初速滑下，與輕-----------------

彈簧被壓縮至最短時，自動卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端，再重復上述過程。下

列選項正確的是(BC)

A.m=M

B.m=2M

c.木箱不與彈簧接觸時，上滑的加速度大于下滑的加速度

D.在木箱與貨物從頂端滑到最低點的過程中，減少的重力勢能全部轉化為彈簧的彈性勢能

解析：受力分析可知，下滑時加速度為g-〃gcos。，上滑時加速度為g+〃gcos。，所以C正確。設下滑的

距離為1,根據(jù)能量守恒有〃（根+知％/?）5。+〃4%/?）5。=加8人皿。，得m=2M。也可以根據(jù)除了重力、

彈性力做功以外，還有其他力（非重力、彈性力）做的功之和等于系統(tǒng)機械能的變化量，B正確。在木箱與貨物從

頂端滑到最低點的過程中，減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能和內能，所以D不正確。

考點：能量守恒定律，機械能守恒定律,牛頓第二定律，受力分析

提示：能量守恒定律的理解及應用。

二、非選擇題

14.（09?山東?24）（15分）如圖所示，某貨場而將質量為m）=100kg的

貨物（可視為質點）從高處運送至地面，為避免貨物與地面發(fā)生撞擊，現(xiàn)

利用固定于地面的光滑四分之一圓軌道，使貨物中軌道頂端無初速滑下，

軌道半徑R=1.8m。地面上緊靠軌道次排放兩聲完全相同的木板A、B,長

度均為l=2m,質量均為m2=100kg,木板上表面與軌道末端相切。貨物與

木板間的動摩擦因數(shù)為〃P木板與地面間的動摩擦因數(shù)〃=0.2。（最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取g=10

m/s2)

（1）求貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力。

（2）若貨物滑上木板4時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求〃?應滿足的條件。

（3）若〃尸0。5,求貨物滑到木板A末端時的速度和在木板A上運動的時間。

解析：（1）設貨物滑到圓軌道末端是的速度為%,對貨物的下滑過程中根據(jù)機械能守恒定律得，機gR=g町說

2

①設貨物在軌道末端所受支持力的大小為FN，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)N-叫g=町之■②

R

聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得FN=3000N③

根據(jù)牛頓第三定律，貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力大小為3000N,方向豎直向下。

（2）若滑上木板A時,木板不動,由受力分析得417nlgW〃2（g+2用2）g④

若滑上木板B時，木板B開始滑動，由受力分析得從〃21g>〃2（町+"?2）g⑤

聯(lián)立④⑤式代入數(shù)據(jù)得0.4<//,<0.6⑥。

（3）從=0.5,由⑥式可知，貨物在木板A上滑動時，木板不動。設貨物在木板A上做減速運動時的加速度大

小為%,由牛頓第二定律得從叫g<gq⑦

設貨物滑到木板A末端是的速度為匕，由運動學公式得V；-升=-2%/⑧

聯(lián)立①⑦⑧式代入數(shù)據(jù)得匕=4m/s⑨

設在木板A上運動的時間為t,由運動學公式得V,=%⑩

聯(lián)立①⑦⑨⑩式代入數(shù)據(jù)得t=0.4so

考點：機械能守恒定律、牛頓第二定律、運動學方程、受力分析

15.（09?安徽?22）（14分）在2008年北京殘奧會開幕式上，運動員手拉繩索向上攀登，最終點

燃了主火炬，體現(xiàn)了殘疾運動員堅忍不拔的意志和自強不息的精神。為了探究上升過程中運動員

與繩索和吊椅間的作用，可將過程簡化。一根不可伸縮的輕繩跨過輕質的定滑輪，一端掛-吊椅,

另一端被坐在吊椅上的運動員拉住，如圖所示。設運動員的質量為65kg,吊椅的質量為15kg,不

計定滑輪與繩子間的摩擦。重力加速度取g=10m/s2。當運動員與吊椅一起正以加速度a=lm/s2

上升時，試求

（1）運動員豎直向下拉繩的力;

（2）運動員對吊椅的壓力。

答案：440N,275N

解析：解法一：（1）設運動員受到繩向上的拉力為此由于跨過定滑輪的兩段繩子拉

力相等，吊椅受到繩的拉力也是尼對運動員和吊椅整體進行受力分析如圖所示，則有:

2F-(mA+m^)g=(m人+加符

P=440N

由牛頓第三定律，運動員豎直向卜.拉繩的力

F'=440N

（2）設吊椅對運動員的支持力為尺，對運動員進行受力分析如圖所示，則有:

F+FN-mAg=mAa

FN=275N

(w人+〃7構)g

由牛頓第三定律，運動員對吊椅的壓力也為275N

解法二:設運動員和吊椅的質量分別為"和你運動員豎直向下的拉力為足對吊椅的壓力大小為

根據(jù)牛頓第三定律，繩對運動員的拉力大小為F,吊椅對運動員的支持力為分別以運動員和吊椅為研究對象,

根據(jù)牛頓第二定律

F+FN-Mg=Ma①

F-FN-tng=ma②

由①②得F=440N

FN=275N

18.（09?上海物理?22）（12分）如圖A.,質量m=lkg的物體沿傾角戶37。的固定粗糙斜面由靜止開始向下

運動，風對物體的作用力沿水平方向向右，其大小與風速口成正比，比例系數(shù)用&表示，物體加速度。與風速v

的關系如圖B.所示。求：

（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)〃；（2）比例系數(shù)h

（sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=1Om/s2）

解析：（1）對初始時刻：機gsin匕〃"geos匕ma。①

2

由圖讀HIa0=4m/s代入①式，

gsin。一〃也0

解得：〃==0.25；

geos夕

（2）對末時刻加速度為零：加gsin夕AvcosRO②

又N=mgcos0+Zevsin0

山圖得出此時v=5m/s

mg（sin。一4cos6）

代入②式解得：k==0.84kg/so

v（//sinO+cos。

1.（08寧夏理綜20）一有固定斜面的小車在水平面上做直線運動，小球通過細繩與

車頂相連.小球某時刻正處于如圖所示狀態(tài).設斜面對小球的支持力為N,細繩對

小球的拉力為T,關于此時刻小球的受力情況,下列說法正確的（）

A.若小車向左運動,也可能為零B.若小車向左運動,T可能為零

C.若小車向右運動,N不可能為D.若小車向右運動,T不可能為零

答案AB

解析小球相對于斜面靜止時，與小車具有共同加速度，如圖甲、乙所示，向左的加速度最大則T=0,向右的加

速度最大則N=0,根據(jù)牛頓第二定律，合外力與合加速度方向相同沿水平方向，但速度方向與力沒有直接關系.

2.（08全國H19）一平行板電容器的兩個極板水平放置，兩極板間有一帶電荷量不變的小油滴，小油滴在極板間

運動時所受空氣阻力的大小與其速率成正比.若兩極板間電壓為零,經一段時間后,油滴以速率v勻速下降;若

兩極板間的電壓為U,經一段時間后，小油滴以速率v勻速上升.若兩極板間電壓為-U,小油滴做勻速運動時速度

的大小、方向將是（）

A.2v、向卜.B.2v、向上C.3v、向卜D.3v、向上

答案c

解析以油滴為研究對象，根據(jù)共點力平衡條件：

不加電壓時，mg-kv=O

所加電壓為U時，mg+kv-巫^=0

d

所加電壓為-U時，mg+必-左v'=0

d

由以上各式得:v'=3v,方向豎直向下.

4.（08天津理綜19）在粗糙水平地面上與墻平行放著一個截面為半圓的柱狀物體A,

A與豎直墻之間放一光滑圓球B,整個裝置處于靜止狀態(tài).現(xiàn)對B加--豎直向下的

力F,F的作用線通過球心,設墻對B的作用力為R,B對A的作用力為％,地面對A

的作用力為F：,.若F緩慢增大而整個裝置仍保持靜止,截面如上圖所示,在此過程中

（）

A.R保持不變,F,緩慢增大B.R緩慢增大,F,保持不變

C.R緩慢增大,F：,緩慢增大D.&緩慢增大,％保持不變

答案C

解析B的受力如圖1所示，因為F和G的方向始終在豎直方向，當F增大時,FJ、FJ都緩慢增大,FJ=R,

FJ=E,所以R、F?都緩慢增大.A物體受力如圖乙所示.由圖乙知Fzsin所以F3.緩慢增加C對.

6.（08廣東1）伽利略在著名的斜面實驗中,讓小球分別沿傾角不同、阻力很小的斜面從靜止開始滾下，他通過實驗

觀察和邏輯推理，得到的正確結論有（）

A.傾角一定時,小球在斜面上的位移與時間成正比

B.傾角?定時，小球在斜面上的速度與時間成正比

C.斜面長度一定時,小球從頂端滾到底端時的速度與傾角無關

D.斜面長度一定時，小球從頂端滾到底端時所需的時間與傾角無關

答案B

解析設斜面的長度為L,傾角為氏傾角一定時，小球在斜面上的位移s=ggsine”2,故選項人錯誤

小球在斜面上的速度v=gsin￡故選項B正確；斜面長度一定時，小球到達底端時的速度v=^2gLsir0,

小球到達底端時所需的時間t=12L,即小球到達底端時的速度及所需時間與傾角。有關，故選項C、D錯誤.

'gsinB

7.（08江蘇3）一■質量為M的探空氣球在勻速下降.若氣球所受浮力F始終保持不變,

氣球在運動過程中所受阻力僅與速率有關,重力加速度為g.現(xiàn)欲使該氣球以同樣

速率勻速上升，則需從氣球吊籃中減少的質量為（）

F2PF

A.2（M--）B.M-----C.2M--D.0

ggg

答案A

解析因阻力只與速率有關，以同樣速率上升與下降所受阻力大小不變，設為f.

則下降時,F+f=Mg①

上升時,F=（M-ZkM）g+f②

由①②得△M=2（M

g

一、選擇題

1.（07山東理綜17）下列實例屬于超重現(xiàn)象的是（）

A.汽車駛過拱形橋頂端B.蕩秋千的小孩通過最低點

C.跳水運動員被跳板彈起,離開跳板向上D.火箭點火后加速升空

答案BD

解析汽車駛過拱形橋頂端時，加速度方向向下，屬于失重現(xiàn)象；蕩秋千的小孩通過最低點時，加速度方向向上,

屬于超重現(xiàn)象;跳水運動員被彈起后，只受重力作用，屬于完全失重現(xiàn)象;火箭加速升空，加速度方向向上,屬于

超重現(xiàn)象.

3.（07江蘇6）如圖所示,光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊,其中兩加|~~|

個質量為m的木塊間用可伸長的輕繩相連,木塊間的最大靜摩擦力是口mg.現(xiàn)用,

水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為（）

A也叫B.上空C.加翌D,3〃mg

542

答案B

解析以四個木塊為研究對象，由牛頓第二定律得:F=6ma,繩的拉力最大時,m與2m間的摩擦力剛好為最大靜

_3

摩擦力〃mg,以2m為研究，對象，則：F-〃ing=2fna,對m有：//mg-T=ma,聯(lián)立以上三式得:T二一4mg.

4

4.（06四川理綜21）質量不計的彈簧下端固定一小球.現(xiàn)手持彈簧上端使小球隨手在豎直方向上以同樣大小的加

速度a（a〈g）分別向上、向下做勻加速直線運動.若忽略空氣阻力，彈簧的伸長分別為天、X2；若空氣阻力不能忽

略且大小恒定，彈簧的伸長分別為X」、X2'，（）

+z

A.Xi'+xi=X2'+xB.xJ+xi<X2x2

?

C.xj+X2'=x1+x2D.Xi+X2'<Xi+x2

答案C

解析若不計空氣阻力，向上做勻加速直線運動，則由牛頓第二定律得：kx,-mg=ma,%=嗎+小a

k

向下做勻加速運動，則由牛頓第二定律得：mg-kx2=ma,x2=———吧~

k

若考慮空氣阻力，設為f,小球向上做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：kx/-mg-f=ma,

Xi=------------

k

小球向下做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：

.,.，mg-f-ma

mg-kx2-f=ma,X2=------------

k

由上式得，xi+x/=2〃際+23+/

k

xa+xj_2mg+Ima+f

，k

由此可得xi+x；>X2+xz',故A、B選項錯誤.

x/+x；=xi+x2=@^,故C選項正確，D選項錯誤.

■k

5.（04全國卷I20）卜列哪個說法是正確的)

A.體操運動員雙手握住單杠吊在空中不動時處于失重狀態(tài)

B.蹦床運動員在空中上升和下落過程中都處于失重狀態(tài)

C.舉重運動員在舉起杠鈴后不動的那段時間內處于超重狀態(tài)

D.游泳運動員仰臥在水面靜止不動時處于失重狀態(tài)

答案B

解析本題通過生活中的實例，考查同學們對超重和失重的理解，解答該題的關鍵是明確超重和失重的實質.

產生超重（失重）的本質就是所處狀態(tài)具有向上（向下）的加速度，題中A、B、C選項中所描述的都是平衡狀態(tài),B

中上升和下落過程速度均向，處于失重狀態(tài)，故選項B正確.

7.（05全國卷II14）如圖所示,位于光滑固定斜面上的小物塊,P受到一水平向右的推力F的

作用.已知物塊P沿斜面加速下滑,現(xiàn)保持F的方向不變，使其減小，則加速度（）

A.一定變小B.一定變大C.一定不變D.可能變小，可能變大，也可能不變

答案B

8.（05北京春季理綜20）如圖所示,一個盛水的容器底部有一個小孔.靜止時用手指堵住小

孔不讓它漏水,假設容器在下述幾種運動過程中始終保持平動,且忽略空氣阻力，則（）

A.容器自由下落時,小孔向下漏水

B.將容器豎直向上拋出后,容器向上運動時，小孔向下漏水，容器向下運動時，小孔不向下漏水

C.將容器水平拋出后,容器在運動中小孔向下漏水

D.將容器斜向上拋出后,容器在運動中小孔不向下漏水

答案D

解析當容器自由落體時，水對容器底部無壓力，且水和容器的運動情況相同，因此小孔不會漏水.

9.（04全國卷1II19）如圖，在傾角為a的固定光滑斜面匕有-用繩子拴著的長

木板,木板上站著一只貓.已知木板的質量是貓的質量的2倍.當繩子突然斷夕。^點

開時,貓立即沿著板向上跑，以保持其相對斜面的位置不變.則此時木板沿斜

面下滑的加速度為

A.&sinaB.gsinccC.—gsinaD.2gsina

2

答案c

10.（06全國卷I24）?水平的淺色長傳送帶上放置一煤塊（可視為質點），煤塊與傳送之間的動摩擦因數(shù)為人初始時,

傳送帶與煤塊都是靜止的,現(xiàn)讓傳送帶以恒定的加速度a。開始運動,當其速度到達V。后，便以此速度做勻速運動.

經過一段時間,煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡后,相對于傳送帶不再滑動,求此黑色痕跡的長度.

9(&-〃g)

2〃aog

解析根據(jù)“傳送帶上有黑色痕跡”可知,煤塊與傳送帶之間發(fā)生了相對滑動,煤塊的加速度a小于傳送帶的加

速度根據(jù)牛頓第二定律,可得a=〃g

設經歷時間t,傳送帶由靜止開始加速到速度等于v（）,煤塊則由靜止加速到v,有vo=a（>tv=at

由于a<ao,故v<v0,煤塊繼續(xù)受到滑動摩擦力的作用.再經過時間t',煤塊的速度由v增加到vo,有vo=v+at，

此后,煤塊與傳送帶運動速度相同，相對于傳送帶不再滑動,不再產生新的痕跡.

設在煤塊的速度從0增加到vo的整個過程中，傳送帶和煤塊移動的距離分別為SQ和s,有SD=；Q（，+V0/

S，傳送帶上留下的黑色痕跡的長度I=So-S

2a

由以上各式得I=丫。2（旬一偌）

2"og

14.（06全國卷H24）—質量為m=40kg的小孩站在電梯內的體重計上.電梯從F/N

440

舞

t=0時刻由靜止開始上升,在0到6s內體重計示數(shù)F的變化如圖所示.試問

在這段時間內電梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10m/s2.

0i23456/7s

答案9m

15.（04天津理綜24）質量m=l.5kg的物塊（可視為質點）在水平恒力F作用下,從水平面上A點由靜止開始運動,

運動一段距離撤去該力,物塊繼續(xù)滑行,t=2.0s停在B點，已知A、B兩點間的距離s=5.0m,物塊與水平面間

的動摩擦因數(shù)〃=0.20.求恒力F多大.（g=10m/s2）

答案F=15N

解析設撤去力F前物塊的位移為si,撤去力F時物塊速度為v,物塊受到的滑動摩擦力F產〃mg

對撤去力F